上海虹口区2018届高三一模考试物理试题答案+解析

1、上海市虹口区2018届高三一模考试一、选择题1.下列物理量中，属于矢量的是（）A.电势B.磁感应强度C.磁通量D.电流强度【答案】B【解析】【详解】矢量既有大小，又有方向，磁感应强度是矢量，故B正确；标量只有大小没有方向，电势、磁通量和电流强度都是标量，故ACD错误。所以B正确，ACD错误。2.下列现象中属于静电利用的是A.油罐车上有铁链拖到地面B.飞机轮胎用导电橡胶制作C.屋顶安装避雷针D.汽车表面喷涂油漆【答案】D【解析】油罐车在运输过程中产生静电，若不及时导走，当人碰到会被击伤，通过连接地线导走是静电的防止，故A错误；飞机在地面上滑行时，轮胎与地面摩擦而带上静电，飞机轮胎用导电橡胶制作是

2、为了防止静电的危害，故B错误；下雨天，云层带电打雷，往往在屋顶安装避雷针，是导走静电，防止触电，故C错误；汽车表面喷涂油漆属于静电的应用，故D正确；故选D.【点睛】物体带电的本质是电荷的转移，出现多余的电荷从而带电，所以静电的产生有利有弊.3 .在匀强磁场中A、B两点分别引入长度相等的长直导线，导线与磁场方向垂直，如图所示,图中a、b两条图线分别表示在磁场中A、B两点导线所受磁场力F和通过导线的电流关系，关于A、B两点的磁感应强度大小反频，下列说法正确的是A.尿鼻B.以用C.辰|D.无法比较【答案】B【解析】根据公式|F=EIL|,可知日图象的斜率为BL,由于长度相等，故斜率越大，表示磁感应强

3、度越大，故A点的磁感应强度大于B点的磁感应强度；故ACD错误，B正确；故选B.4 .不同质量的两个物体由同一地点以相同的动能竖直向上抛出，不计空气阻力，则这两个物体A.所能达到的最大高度和最大重力势能都相同B.所能达到的最大高度和最大重力势能均不同C.所能达到的最大高度不同，但最大重力势能相同D.所能达到的最大高度相同，但最大重力势能不同物体竖直上抛到最高点，速度为零，根据机械能守恒定律得：L=mgh,解得：卜=，m不同，同相等，故最大高度h不同，而最大重力势能正画三用相同，故ABD错误，C正确，故选C.【点睛】物体竖直向上抛出，不计空气阻力，物体的机械能守恒，到达最大高度时动能为0,根据机械

4、能守恒定律判断重力势能的大小关系即可.5 .如图所示，下列速度一时间图像中，表示两个做自由落体运动的物体同时落地的是（示落地时刻）（）A.B.C.D.【答案】D【解析】自由落体运动的初速度为0,速度随时间均匀增大，图线甲有初速度，不是自由落体运动,故A错误；自由落体运动的加速度相同，都为g,所以图线斜率相等，图象应平行，故B错误；图线甲有初速度，不是自由落体运动，故C错误；自由落体运动的初速度为0,速度随时间均匀增大，加速度相同，所以图线的斜率相等，图象平行，同时落地，即在同一时刻落地，故D正确；故选D.6 .一辆汽车正在水平公路上转弯，沿曲线由M向N行驶，速度逐渐增大。下列四幅图中画出的汽车

5、所受合力F的方向，可能正确的是（）A.C.B.D.【答案】B【解析】C错误；又因速【详解】因汽车M向N行驶，故速度方向沿切线向上，由曲线运动条件知度逐渐增大，故F与速度夹角为锐角，故A、D错误，故本题B正确。7.将地球视为理想球体，且只考虑自转，不考虑其绕太阳的运动，则A.南回归线与北回归线上各点的线速度都相等B.赤道上各点的向心加速度重力重力加速度C.地球表面和内部各点的向心加速度方向均指向地心D.在地球的某一条半径上，各点的线速度均与它到地心的距离成正比【答案】D【解析】由于回归线上各点的线速度方向并不相同，故线速度不相等，故A错误；向心加速度是指各点做圆周运动的加速度，所以赤道上各点的向

6、心加速度不同于重力加速度，故B错误；地球表面各点向心加速度的方向都指向地轴的一点，只有赤道上各点向心加速度的方向指向地心，故C错误；因各点的角速度相同，由尸同可知,在地球的某一条半径上，各点的线速度均与它到地心的距离成正比，故D正确，故选D.【点睛】地面上的物体随地球自转做匀速圆周运动，角速度相等，根据向心加速度公式|a=£f分析向心加速度的关系.由卜=时分析线速度的大小关系.向心加速度的方向指向圆心.8 .如图所示，在绳下端挂一物体，用力F作用于O点，使悬线偏离竖直方向的夹角为“，且保持物体平衡。设F与水平方向的夹角为3,在保持“角不变的情况下，要使拉力F的值最小，则3应等于（）A

7、.oB.tC.0D.2a【解析】。点受三个拉力处于平衡，向上的两个拉力的合力大小等于物体的重力，方向竖直向上，根据作图法，作出力的变化图象由图可知，当F与天花板相连的绳子垂直时，拉力F最小，根据几何关系知3=江.故A正确，BCD错误，故选A.【点睛】对结点O受力分析，抓住拉物体绳子的拉力大小和方向都不变，与天花板相连绳子拉力方向不变，通过作图法求出拉力的最小值.9 .已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，在有磁场时电阻很大，并且磁场越强阻值越大，为了探测有无磁场，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示电路，电源电动势E和内阻r不变，在没有磁场时，条件变阻器R使电灯发光，当探测装置从无磁场区进入强磁场

8、区（设电灯L不会烧坏），则A.电灯L变亮B.电流表示数增大C.变阻器R的功率增大D.磁敏电阻两端的电压减小【答案】A【解析】探测装置从无磁场区进入强磁场区时，其电阻变大，电路的总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律可知电路中的总电流I变小，所以电流表的示数减小；根据|U=ETt|,可知I减小，路端电压U增大，所以灯泡两端的电压增大，则电灯L变亮，故流过电灯L的电流增大，而总电流I减小，则流过磁敏电阻的电流减小，因为在进入强磁场区后没有改变滑动变阻器滑片的位置，即滑动变阻器的有效阻值不变，根据口闺,可知变阻器R的功率减小，根据尸国可知,R两端的电压减小，而路端电压增大，故磁敏电阻两端的电压增大，故A正

9、确，BCD错误；故选A.10.如图所示，在有界匀强磁场中水平放置相互平行的金属导轨，导轨电阻不计，导轨上金属杆ab与导线接触良好，磁感线垂直导轨平面向上（俯视图），导轨与处于磁场外的大线圈M相接，欲使置于M内的小闭合线圈N产生顺时针方向的感应电流，下列做法可行的是A. ab匀速向右运动B. ab加速向右运动C. ab加速向左运动D. ab匀速向左运动【答案】C【解析】ab匀速向右运动，切割磁感线产生的电动势:E=BLv,可知感应电动势不变，则产生的感应电流不变，故由感应电流产生的磁场也不变，则穿过线圈N的磁通量不变，故N线圈不产生感应电流，故A错误；ab加速向右运动，ab切割磁感线产生的感应电

10、动势：E=BLv,可知感应电动势增大，产生的感应电流增大，故由感应电流产生的磁场也增大，则穿过N的磁通量增大，由右手定则可知，ab产生的感应电流由a流向b,由安培定则可知，穿过N的磁场方向垂直于纸面向里，由楞次定律可知，N中产生逆时针方向的感应电流，故B错误；ab加速向左运动时，感应电动势：E=BLv,可知感应电动势增大，故感应电流增大，故由感应电流产生的磁场也增大，则穿过线圈N的磁通量增大，由右手定则与楞次定律可知，N中产生顺时针方向的感应电流，故C正确；ab匀速向左运动，切割磁感线产生的电动势：E=BLv,可知感应电动势不变，则产生的感应电流不变，故由感应电流产生的磁场也不变，则穿过线圈N

11、的磁通量不变，故N线圈不产生感应电流，故D错误；故选C.11.一个质量为旧的箱子放在水平地面上，箱内用一段固定长度的轻质细线栓一质量为m的小球，线的另一端拴在箱子的顶板上，现把细线和球拉到左侧与竖直方向成。角处静止释放，如图所示，在小球摆动的过程中箱子始终保持静止，则以下判断正确的是A,在小球摆动的过程中，线的张力呈周期性变化，但箱子对地面的作用力始终保持不变B.小球摆到右侧最高点时，地面受到的压力为画三国，箱子受到地面向左的静摩擦C.小球摆到最低点时，地面受到的压力为区三亟，箱子不受地面的摩擦力D.小球摆到最低点时，绳对箱顶的拉力大于mg,箱子对地面的压力大于【答案】D【解析】在小球摆动的过

12、程中，速度越来越大，对小球受力分析根据牛顿第二定律可知：,绳子在竖直方向的分力为:Fr=FccsS=2mgcosO+m一cosO,由于速度越来越大，角度同越来越小，故日越大，故箱子对地面的作用力增大，在整个运动过程中箱子对地面的作用力时刻变化，故A错误；小球摆到右侧最高点时，小球有垂直于绳斜向下的加速度，对整体由于箱子不动加速度为辰广。|,口为小球在竖直方向的加速度，根据牛顿第二定律可知：+m鬼-卜凶=M-a鼠+tna,则有：,=(M+-ma,故小(M+,根据牛顿第三定律可知对地面的压力小于十二把，故B错误；在最低点，小球受到的重力和拉力的合力提供向心力，由牛顿第二定律有：T-ing=m,联立

13、解得：T=则根据牛rr顿第三定律知，球对箱的拉力大小为：？'=T=nigm,故此时箱子对地面的压力为:,故小球摆到最低点时，绳对箱顶的拉力大于国，r:3N=(M+m)g+T=(Mtm)g-!mg-im箱子对地面的压力大于阳十小旭|,故C错误,D正确，故选D.【点睛】对m运动分析，判断出速度大小的变化，根据牛顿第二定律求得绳子的拉力，即可判断出M与地面间的相互作用力的变化，在最低点，球受到的重力和拉力的合力提供向心力，由牛顿第二定律求出绳子的拉力，从而得到箱子对地面的压力.12.一质点做简谐振动，振幅为A,周期为经过位置P(P与O、B、C三点均不重合)A.经过B.经过时，质点的路程不可能

14、大于时，质点的平均速度必小于T,O为平衡位置，B、C为两侧最大位移处，从时开始计时，则下列说法正确的是但可能小于AC.经过H时，质点的瞬时速度不可能与经过时相等d.经过y时，质点的瞬时速度与经过p点时速度方向可能相同也可能相反【答案】A质点的半个周期内的路程为2A,由于开始时的位置不是在最大位移处，所以质点的位移一定小于2A,则半个周期内的平均速度:故A正确；质点在平衡位置附近的速度较大，而在最大位移附近的速度较小，所以若质点从P点开始时运动的方向指向平衡位置，则质点在口内的路程要大于A;若质点从P点开始时运动的方向远离平衡位置，则质点子在口内的路程要小于A.故B错误；若质点开始时向平衡位置运

15、动，经过口时，若质点到达与P对称的位置，则质点的瞬时速度与经过P时的瞬时速度是相等的，故C错误;根据振动的周期性可知，经过半个周期后，质点速度方向一定与开始时速度的方向相反，故D错误；故选A.【点睛】由振幅的定义可得出质点的振幅；由质点振动的过程可求解通过的路程及位移；经过半个周期后，质点速度方向一定与开始时速度的方向相反.、填空题;用国际单位制基本单位表示磁感13 .国际单位制中力学的基本物理量是长度、时间和应强度的单位，1T=。国际单位制中，长度、质量、时间三个物理量被选作力学的基本物理量，力学的三个基本单位分别是米、千克、秒；磁感应强度磁感应强度单位为T,NIT=1AmA-m=lkgA-

16、1s-214 .如图所示，两金属棒ab、cd放在磁场中，并组成闭合电路，当ab棒向左运动时，cd棒受到向下的磁场力，则可知磁极I是极，理由是【答案】(1).S(2).由左手定则判断电流方向c-d,从而电流是b-a,根据右手定则，磁感线垂直穿过手心，I为S极【解析】I是S极，理由是：由左手定则判断电流方向c-d,从而电流是b-a,根据右手定则，磁感线垂直穿过手心，故I为S极.15 .如图为点电荷Q产生的电场，图中虚线为等势线，若将两个带正电检验电荷和运分别从A、B两点移动到无穷远处的过程中，外力克服电场力做功均为W=6x()Tj,其中Q1=2乂56c,则A点电势因=V,曰的电荷量(选填等于“、小

17、于”或大于”)同的电荷量。【答案】-3大于【解析】从A、B两点移动到无穷远处的过程中，外力克服电场力做功均为应三运电势能增加5*。一，|,以无穷远为零势点，词在A点电势能为口=6乂0制,根据电势公式，A点电势Epa-6xQ6一Pa=二7=-3,根据题息A点电势图于B点电势，A点到无劣远处的电势差大q2*于B点到无穷远处的电势差，由电场力做功公式W=qU,固的电荷量大于同的电荷量.16 .如图所示电路，M、N是一对平行金属板，将N板接地。已知电源电动势E=36V,内阻不计，Rq=2000为定值电阻，R小均为0999.9的可调电阻箱，带负电的小球用绝缘细线悬挂在平行金属板之间。闭合电键S,当R=2

18、00R.电=400。时，UNIN=；若将同从200调到400，小球的电势能将（选填变大"、变小"或不变”）。【答案】12V不变【解析】可与电容器串联，则R相当导线作用，改变回对电路的总电阻没有影响，对总电流没有影响，故改变同时小球的电势能将保持不变；闻与回串联，则电路中的总电流为=彳区=200+g）=006A,而电容器与眼并联，故电容器两端的电压等于因两端的电压，则，17 .一质量为m的物体从倾角为卬的固定长直斜面顶端由静止开始下滑，已知斜面与物体间的动摩擦因数臼与物体离开斜面底端距离x之间满足厂词（k为已知量），则物体刚下滑的加速度大小为，从一开始下滑到速度达到最大这一过

19、程中重力做功为,mgtanOsinO答案恒-k【解析】物体刚下滑时，只受重力作用，物体所受重力沿斜面向下的分力F=mgsin叫,根据牛顿第二F,定律，物体此时广生的加速度a=gwin。，当物体的加速度为0时，物体的速度最大，故m此时物体所受摩擦力与重力沿斜面向下的分力大小相等，即：=.51削3=11断喇,又因为:：_ItanOl匠回，则有：回:mgcos8=n唱sm叫,解得此时物体的位移卜=工,从开始下滑到物体速度最大时物体产生的位移为x,故在此过程中重力对物体所做的功为：tanOmgtanOsinOWG=mgxsinO=mgsinO=-Lik三、综合题18 .如图甲所示的电路中回过|均为定值

20、电阻，且网三叫，闪电阻值未知，网为滑动变阻A、B器，当回滑片从左端滑到右端时，测得电源中流过的电流变化图像如图乙所示，其中两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的，求：(1) B点对应的滑片P的位置是变阻器的哪一端，请画出对应的电路图；(2)同阻值；(3)电源的内电阻；(4)滑动变阻器的最大阻值。r-i-,"0.20.4OhKI.t甲乙【答案】(1)右端，见解析(2)5a(3)20a(4)300a【解析】(1)当口骨片从左端滑到右端时，其有效阻值在减小，则总电阻减小，故总电流增大，由UI图可知，B点对应的滑片P的位置的右端，当滑片P在B点时，网的有效阻值为0,回被短接，对应的电路图，

21、如图所示：(2)由(1)电路可知，此时路端电压为fU2%=4V,总电流为l0.8A,则=(3)将乙图中AB线延长，交U轴于20V处，所以电源白电动势为E=20V.图象斜率表示164内阻为:0.=2000.8-0.2(4)当P滑到目的左端时，由题图乙知，此时路端电压为,=1叫总电流为卜72A则外电阻为16=KOfl0.21又因为解得:够高的平整墙上，动摩擦因数为11,从t=0开始19 .如图，把一重为G的物体，用一个水平的推力F=kt(k为恒量，t为时间)压在竖直的足(1)作出物体所受墙面的摩擦力f随t变化关系图;【答案】(1)(2)分析、说明物体在各段时间内加速度、速度的变化情况。(2)物体的

22、加速度先减小后增大，最终为零，速度先增大,后减小.【解析】试题分析：由题意可知，随着时间的推移，压力不断增大，导致物体从滑动到静止.则物体所受的摩擦力先是滑动摩擦力后是静摩擦力.而滑动摩擦力的大小与推物体的压力大小成正比，而静摩擦力的大小与重力大小相等.(1)从t=0开始水平推力F=kt,即压力不断增大，则物体受到滑动摩擦力作用，所以滑动摩擦力的大小与压力正比.因此滑动摩擦力不断增大.合外力减小，加速度减小；当摩擦力等于重力时，加速度为零；当物体的摩擦力大于重力时，物体开始做减速运动，直至静止，故加速度是先减小后增大的，则摩擦力f随t变化关系图，如图(2)由上分析可知：物体的加速度先减小后增大，最终为零，速度先增大，后减小20 .两根