2019-2020学年浙江温州高二上期末物理试卷B卷有答案解析

1、2019-2020学年浙江省温州市高二（上）期末物理试卷（B卷）、单选题（本大题共12小题，共36.0分）1.卜列物理量中属于矢量的是（A.力B.质量C.时间D.功2.小明同学参加了校运动会，下列说法中正确的是A.小明同学获200m决赛第一名，则他在决赛选手中冲过终点时的瞬时速度最大B.小明同学获100m决赛第一名，则他在决赛选手中平均速度最大C.小明同学的跳远成绩是这是他跳跃过程中通过的路程D.研究小明同学跳高跨越横杆动作时，可以把他看作质点3 .如图所示的曲线为运动员抛出铅球的运动轨迹，铅球依次经过曲线上A、B、C三点，ED是过B点的切线，铅球可视为质点，则铅球在B点的速度方向A.AB方向

2、B.BC方向C.BD方向D.BE方向4 .如图所示的是我国成功发射的“风云四号”气象卫星，这是一颗地球同步卫星，下列关于“风云四号"正常运行时的线速度、角速度、周期及轨道的判断，其中正确的是，A.线速度的大小大于7!丽心B.角速度小于地球自转的角速度C.周期约为L5hD.轨道与赤道共面5 .如图所示，一个带正电荷的粒子以速度v分别垂直进入以下四个匀强磁场，则带电粒子进入磁场时所受洛伦兹力的方向垂直纸面向外的是C.h*D.x勺；UH6 .一定值电阻接到电压为血的直流电源上，在T时间内产生的热量为Q1;若该电阻接到一正弦交变电源上，该电阻的电压的峰值为观廿，周期为T,如图所示，在一个周期

3、T内产生的热量为Q?,则Ql:Q等于（）AyVA.1：B.B.勺：1C.1：2D.2：17.两个等量异种点电荷的电场线和等势线分布如图所示，其中a点是两个点电荷连线的中点，b点是两个点电荷连线的中垂线上一点(“、b不重合)，设Er、6,分别表示a、b两点电场强度的大小，A、衿*分别表示a、b两点电势的大小，则()如图所示，电荷量为+4的小球绝缘固定在A点，质量为m、电荷量为的小球用绝缘细线悬挂，静止于B点，细线与竖直方向的夹角为60s,A、B间距离为l,AB连线与竖直方向夹角为30口，静电力常量为k,重力加速度为g,小球可视为点电荷，则细线受到的拉力大小为D.外一交9.潜艇电磁推进器原理示意图

4、如图所示，在直线通道内充满电阻率为"的海水，通道中a乂hmc的空间内，上、下方各有仃xb的金属板M、N,当其与推进器专用直流电源相连后，在两板之间的海水中产生了从N到M,大小恒为I的电流，设电流只存在于该空间区城，则海水在该空间产生的电功率为A.beB.IpabeD.Ipeab10.如图所示，在光滑的水平桌面上，a和b是两条固定的平行长直导线，通过的电流强度相等，矩形线框位于两条导线的正中间，当线圈中通龙有顺时针方向的电流时，线圈在a、b产生的磁场彳用下向a导线靠近，由此可以判断a、b的电流方向是（）11.A.a、b均向左B.a、b均向右C.a向左，b向右D.a向右，b向左十米跳台比

5、赛是我国的传统优势项目，深受观众的喜欢。如图所示的是某跳水运动员在比赛中的情景（运动员可视为质点），运动过程中空气阻力可以忽略不计，其速度与时间关系图象如图所示，选竖直向下为正方向，f=（是其向上起跳瞬间，则下列说法正确的是（）12.13.14.A.”时刻运动员位于最高点B.0-&时间内运动员处于超重状态C.八一与时间内运动员处于超重状态D.与一匕时间内运动员处于超重状态如表是某品牌四旋翼无人机的部分参数:整机质里2kg电池额定电压15V最大起飞海拔高度5000m电池容量5000AJi最大上升速度6m/s电动机工作电压12V最大下降速度悬停时每个电动机功率50W最大水平速度16m/s电

6、动机数量4若该无人机参与某次火情的勘测时，需要从地面起飞，飞到火场上空60m高处，然后悬停进行观测（整个过程四个电动机同时工作）,无人机上升过程中所受的阻力恒为10N,则下列说法中正确的是A.无人机的电池充电后储存的最大电荷量为5CB.无人机的电池充电后储存的最大电能为270000JC.无人机上升过程电动机消耗的电能是1800JD.若无人机悬停10分钟，4个电动机共消耗的电能是30000J多选题（本大题共3小题，共12.0分）如图所示，用一节干电池对一个电容器充电时A.电容器接电源正极的极板带正电，接电源负极的极板带负电B.只要电路不断开，电容器的带电最就会不断增加C.电容器两极板所带电量之和

7、叫做电容器的带电量D.电容器的电容大小与充电电压大小无关一些游乐场地上有皮筏艇在冰面滑行项目，非常惊险刺激。如图所示，今有一皮筏艇在冰面上发生故障，要利用固定在岸边的电动机通过绳索牵引的方法将皮筏艇拉回岸边，已知冰面上的皮筏艇离水面的距离为L,已知皮筏艇在冰面滑行所受的阻力大小恒定为f,在水中前进时受到的阻力与速度成正比，皮筏艇靠岸前已经达到匀速运动。若电动机的输出功率保持恒定不变且大小为P,牵引绳索始终保持水平，则I）A.经过虚线c的位置越低B.经过虚线c的速度越大A. L越大，皮筏艇离开冰面的速度也越大-.一PB. L足够大，皮筏艇离开冰面的速度大小为-JC. L越大，皮筏艇在水中匀速运动

8、的速度也越大D. L足够大，皮筏艇在水中匀速运动的速度大小与L无关15 .如图所示，在平行竖直虚线a与b、b与c、c与d之间分别存在着垂直于虚线的匀强电场、平行于虚线的匀强电场、垂直纸面向里的匀强磁场，虚线d处有一荧光屏.大量正离子（初速度和重力均忽略不计）从虚线a上的P孔处进入左边电场，经过三个场区后有一部分打在荧光屏上.关于这部分离子，若比荷越大,则离子（）:XXX|11IlxXXI：xXXI;xXX；C.打在荧光屏上的位置越低D.打在荧光屏上的位置越高三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）16 .如图所示，在“探究加速度与力、质量的关系”实验中：（1J下列说法正确的是;A.连接小盘和

9、小车的细线应与长木板保持平行B.不挂小盘和祛码，轻推小车，拖着纸带的小车能够匀速下滑说明摩擦力已被平衡C.小车应靠近打点计时器，先接通电源，后释放小车D.选择计数点时，必须从纸带上第一个点开始（2j实验中把小盘和祛码的总重量当作小车受到的拉力，当测得某一次小车连同车上的重物的总质量浦=如切时，则小盘和祛码的总质量选取可行的是；A.400gB.200gC.100gD.5g（3）如图所示是实验时打出的一条纸带，A、B、C、D、为每隔4个点取的计数点，据此纸带可知，BC的长度为cm,小车在C点的速度大小为坷断速度计算结果小数点后保留两位）。我白17 .在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，要求采用分

10、压电路、电流表外接。（lj小王同学的电路连线如图1所示，闭合开关前请老师检查，老师指出图1中标示的连线有一处不符合要求，这条不符合要求的连线是填“”、"”或“”）；（2j正确连好电路，某次测量中，电流表的量程选择.4,指针如图2所示，则电流为A;（3）小王同学将多次测量的U、I数据在坐标纸上描点，如图3所示，请在图中画出小灯泡的伏安特性曲线。由图线可知，小灯泡电压为2期时的功率为（小数点后保留两位）；q1做完实验，小王同学想知道断开电路后小灯泡的电阻，猜测了下列四个可能的阻值，其中可能正确的是。A.'B.：,C.；'D.-；1四、计算题(本大题共3小题，共34.0分)

11、18 .2022年冬奥会将在北京张家口举行，冰雪活动在我国越来越受到欢迎。有一个冰雪娱乐项目，可以简化为如图所示的示意图：倾角均为M丁的长直轨道AB、CD与水平直轨道BC平滑连接,BC的长度为60m,CD的长度足够长，一质点从高h=3。用处的A点静止开始下滑。若质点与轨道间的动摩擦因数四0.25，熹=06,co7y=U.S,求：(1)质点在AB轨道下滑的加速度大小；质点第一次滑到B点的速度大小；(3)质点在CD轨道上第一次上滑的时间。19 .如图所示，半径为超=1旧的四分之一光滑圆形轨道BC固定于水平桌面上，切口水平且与桌边对齐，切口离地面高度为九二1另m,离切口水平距离为L=3m处有一个与桌

12、面高度相同竖直固定的木板MN,一质量为的小球从距B点高度为H的A点自由下落，并从B点沿切线方向进入圆弧轨道BC,最后打在木板上。若小球在运动过程中空气阻力不计，小球可视为质点，求：(1J小球到达圆形轨道的最低点C时对圆轨道压力；(2j若只改变H的大小，其他条件不变，为了使小球能打在木板上，H的最小值是多少？(3)若只改变H的大小，其他条件不变，为了使小球打在木板时的动能最小，则H的取值应为多少？小球打在木板时的最小动能为多少？20 .如图所示，半径为L的圆形金属导轨固定在水平面上，一根长也为L,电阻为R的金属棒ab一端与导轨接触良好，另一端固定在圆心处的导电转轴上，由电动机A带动旋转，在圆形金

13、属导轨区域内存在磁感强度大小为巴、方向竖直向下的匀强磁场，另有一质量为m、电阻为R的金属棒cd与倾角为。固定的金属导轨PQMN保持良好接触，金属导轨PQMN处于磁感强度大小为昆方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中，导轨间距为L,顶部接有阻值也为R的电阻和安培表，安培表内阻不计。从圆形金属导轨引出导线和通过电刷从转轴引出导线，经电键S分别与金属导轨MN、PQ连接，不计其他电阻和一切摩擦等阻力，金属棒cd开始时离导轨最低点的高度为h,重力加速度为g。(1)闭合电键S,同时静止释放金属棒cd,若要保持金属棒cd静止不动，则电动机A应向哪个方向转动(俯视顺时针还是逆时针产转动的角速度为多少？(2)断开电键

14、S,金属棒cd由静止开始释放，到达导轨最低点时，安培表的示数大小为I,求此时金属棒cd速度大小和整个运动过程中电阻R上产生的热量。答案与解析1答案：A解析：解：A、力既有大小又有方向，是矢量，故A正确；BCD、质量、时间和功都只有大小，没有方向，都是标量，故BCD错误。故选：Ao物理量按有无方向分矢量和标量，矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量。解决本题的关键掌握物理量的矢标性，明确矢量和标量的区别：矢量有方向，而标量没有方向。2答案：B解析：解：A、小明同学获200米决赛第一名，说明他最先到达终点，所用时间最小，说明不了冲过终点时的瞬时速度最大，故A错误；B、小明同

15、学获100米决赛第一名，说明他最先到达终点，所用时间最小；100m比赛的轨迹为直线，由=7可知小明的平均速度最大，故B正确；C、小明同学的跳远成绩是5.30,屋，他运动的轨迹是曲线，这是他跳跃过程中通过的位移，5.3小不是路程，故C错误；D、研究小明同学跳高跨越横杆动作时，不可以把他看作质点，否则就没有动作而言，故D错误。故选：Bo小明同学获校运动会100米和200米决赛第一名，说明他最先到达终点，所用时间最小；路程是运动的轨迹的长度；当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点。掌握平均速度的概念，会用平均速度的公式来解决问题，基础题。3答案：C解析：解：铅球做抛体运动

16、轨迹由A到C,B点的速度方向沿切线方向，即BD方向，故C正确，A、B、D错误。故选：Co曲线运动的速度方向沿轨迹上该点的切线方向，由此分析即可。解决本题的关键知道曲线运动的速度方向，沿轨迹的切线方向，注意切线的画法。4答案：D四,fA1,解析：解：A、卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，11,得产二7.9km/s，故A错可知卫星的线速度v随轨道半径r的增大而减小，*=为第一宇宙速度，即卫星围绕地球表面运行的速度；因同步卫星轨道半径比地球半径大很多，因此其线速度应小于误；B、因地球同步卫星与地球自转同步，即周期T、角速度与地球自转的相同，故B错误；C、地球同步卫星与地球自转的角速度相同

17、，则卫星的角速度等于静止在赤道上物体的角速度，其周期为24小时，故C错误；D、卫星要与地球同步，必须其轨道必须在赤道平面，故D正确。故选：Do地球同步卫星的相关知识点，有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期，第一宇宙速度是卫星在圆轨道运行的最大速度。此题考查了人造卫星的相关知识，要了解第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度。知道地球同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期。5答案：B解析：解：A、带正电的粒子向右运动，磁场的方向是向下的，根据左手定则可知，受到的洛伦兹力的方向是垂直纸面向里的，故A错误；B、带正电的粒子向右运动，磁场的方向是向上的，根据

18、左手定则可知，受到的洛伦兹力的方向是垂直纸面向外的，故B正确；C、带正电的粒子向右运动，磁场的方向是向里的，根据左手定则可知，受到的洛伦兹力的方向是向上的，故C错误；D、带正电的粒子向右运动，磁场的方向是向外的，根据左手定则可知，受到的洛伦兹力的方向是向下的，故D错误。故选：Bo根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是洛伦兹力的方向，根据左手定则即可判断洛伦兹力即可。本题就是对左手定则的直接考查，注意运动电荷的极性，同时要注意与右手定则的区别。6答案：D解析：解：根据题意可知，定值电阻接到电压31的直流电源上，T时间内产生的热量为QL,Ql=如图所示：正

19、弦式交变电流的最大值为一,.M则正弦式交流电的有效值为：故一周期T产生的热量为：。？=：丁=患丁故有：Ql（力=2：1,故D正确，ABC错误。故选：Do明确有效值的定义，知道正弦式交流电其最大值为有效值的*巧倍，再根据焦耳定律列式即可确定一周期内产生的热量比值。此题考查了对有效值以及焦耳定律的应用，要注意明确有效值是根据电流的热效应求解的，而只有正弦式交流电才满足最大值为有效值的*伤倍。7答案：D解析：解：AB、由电场线的分布情况可知，a处电场线比b处电场线密，则a点的场强大于b点的场强，即E<t>Kr,故AB错误；CD、根据平行四边形定则，对中垂线上的场强进行合成，知中垂线上每点

20、的电场方向都水平向右，中垂线和电场线垂直，所以中垂线为等势线，所以a点的电势等于b点的电势，即汽=»故C错误，D正确。故选：Do根据电场线的疏密判断场强的大小，电场线越密，场强越大。根据电场线与等势线垂直，判断电势的高低。考查等势线与电场线垂直的特点，及对于电场线的物理意义：电场线疏密表示场强的大小，电场线的方向反映电势的高低要牢固掌握，熟练应用。8答案：A解析：解：球受重力G、拉力T、库仑力F,如图所示:7G根据平衡条件，将表示三个力的有向线段平移，可以构成首尾相连的矢量三角形，如图所示:根据库仑定律，其中：F故丁=出工，故A正确，BCD错误；故选：Ao对王B受力分析，受重力、库仑

21、力和拉力，根据平衡条件，三力平移后可以构成首尾相连的矢量三角形。本题考查含库仑力的共点力平衡问题，关键是正确的受力分析，根据平衡条件列式求解，三个共点力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等大、反向（即是相互平衡）。三个力的作用线或者反向延长线）必交于一个点，且三个力共面。三个力平移后构成一个首尾相接、封闭的矢量形。9答案：C解析：解：通道中口x的空间内沿电流方向的电阻为"=詈，海水在该空间产生的电功内be率/二产"二二?，故C正确，ABD错误。trb故选：Co海水是通电的液体，根据电阻定律和焦耳定律可以求出海水在该空间产生的电功率。本题关键是提取出电路为一个纯电阻电路，会表

22、示电阻，根据焦耳定律求解即可。10 .答案：B解析：解：A、若a、b电流方向均向左，根据安培定则以及磁场的叠加知，在线框上边所在处的磁场方向垂直纸面向外，在线框下边所在处的磁场方向垂直纸面向里，根据左手定则知，线框上边所受的安培力方向向下，下边所受的安培力方向向下，则线框将向下运动，向b靠近，故A错误；B、若a、b电流方向均向右，根据安培定则以及磁场的叠加知，在线框上边所在处的磁场方向垂直纸面向里，在线框下边所在处的磁场方向垂直纸面向外，根据左手定则知，线框上边所受的安培力方向向上，下边所受的安培力方向向上，则线框将向a靠近，故B正确；C、若电流方向a的向左，b的向右，根据安培定则以及磁场的叠

23、加知，在线框上边所在处的磁场方向垂直纸面向外，在线框下边所在处的磁场方向垂直纸面向外，根据左手定则知，线框上边所受的安培力方向向下，下边所受的安培力方向向上，线框可以处于平衡状态，故C错误；D、若电流方向a的向右，b的向左，根据安培定则以及磁场的叠加知，在线框上边所在处的磁场方向垂直纸面向里，在线框下边所在处的磁场方向垂直纸面向里，根据左手定则知，线框上边所受的安培力方向向上，下边所受的安培力方向向下，线框可以处于平衡状态，故D错误。故选：Bo根据电流的方向，结合安培定则判断出电流周围磁场的方向，根据磁场的叠加确定线框所处位置的磁场方向，再根据左手定则判断安培力方向，从而确定线框是否能够处于平

24、衡状态。本题考查了安培定则、左手定则、磁场的叠加等知识，知道安培定则和左手定则的区别，左右手定则不能混淆。11 .答案：D解析：解：A、由廿图象知：在0台时间内人在空中上升，时刻到达最高点，八%时间内从最高点下降，故A错误；B、在0一九时间内人在空中减速上升，加速度向下，故运动员处于失重状态，故B错误；C、九一为时间内运动员加速下降，加速度向下，故运动员处于失重状态，故C错误；D、“一与时间内运动员减速下降，加速度向上，故故运动员处于超重状态，故D正确；故选：Do在u-f图象中，速度的正负代表运动方向，本题中，速度为正，向下运动；速度为负，向上运动。斜率表示加速度的大小，根据表-f图象可以分析

25、人的运动情况；本题主要考查学生对速度时间图象的理解，要知道在速度时间图象中，速度的正负表示运动方向，直线的斜率代表加速度的大小。12 .答案：B解析：解：A、无人机的电池充电后储存的最大电荷量为q=5000陋4力=500G乂ICT*x3COOC'_18A00C,故A错误；B、无人机的电池充电后储存的最大电能为打电二出nMKMx15/=27WBJ故b正确；C、设无人机上升过程中电动机输出功为W,根据动能定理可得：-，卜-=0,解得：由于无人机从地面起飞，飞到火场上空60m高处过程中克服阻力做的功还要多，故无人机上升过程电动机消耗的电能大于1800J,故C错误；D、悬停时每个电动机功率为5

26、0W,若无人机悬停10分钟，4个电动机共消耗的电能是E=50乂600mJ=120000-7,故D错误。故选：Bo根据电池的容量计算无人机的电池充电后储存的最大电荷量；根据E业=虱；计算无人机的电池充电后储存的最大电能；根据动能定理、功能关系分析无人机上升过程电动机消耗的电能；悬停时每个电动机功率为50W,由此计算无人机悬停10分钟，4个电动机共消耗的电能。本题主要是考查功能关系，能够根据表中给出的数据得到解题的信息，结合无人机的运动情况和功能关系进行分析。13 .答案：AD解析：解：A、电容器接电源正极的极板带正电，接电源负极的极板带负电，故A正确；B、根据。仃可知电路不断开，两端间的电势差不

27、变，等于电源电压，因此所带的电量不变，故B错误；C、电容器的带电量等于某一个极板带电量的绝对值，故C错误；D、电容是电容器本身的性质，属于比值定义，与带电量、充电电压均无关，故D正确。故选：AD。电容器充电时两板间的电势差增大，电量增大，但当电压增大到等于电源电压时，保持一种平衡状态，电量及电压均不再增大；电容器带电量与哪些因素电容C,极板之间电压有关；电容器接电源正极的极板带正电，接电源负极的极板带负电；电容器带电量指一个极板带电量的绝对值。解决本题的关键知道电容器所带的电量与电容器两端间的电势差有关，以及知道电容器的带电量等于某一个极板带电量的绝对值，同时明确电容器充电和断电两种状态的区别

28、。14 .答案：BD解析：解：AB、皮筏艇在冰面滑行所受的阻力大小恒定为f,当牵引力等于阻力时，加速度为零，速度最大，此时有F二八，解得：，=干，与L无关，故A错误，B正确；CD、皮筏艇在水中前进时受到的阻力与速度成正比，即。=kef,皮筏艇靠岸前已经达到匀速运动，则。=?闾，解得4,皮筏艇在水中匀速运动的速度大小与L无关，故C错误、D正确。故选：BD。皮筏艇在冰面滑行所受的阻力大小恒定为f,根据口=八,求解最大速度；皮筏艇在水中前进时受到的阻力与速度成正比，再次根据功率与速度的关系进行分析。本题类似于机车以恒定功率启动的问题，知道当牵引力等于阻力时，速度最大，明确牵引力、公式、速度的关系。1

29、5 .答案：BD解析：解：带电粒子运动的轨迹如图：A、粒子在ab区间的加速电场中，由动能定理可知：粒子在bc区间内匀强电场中做类平抛运动，rnrn在bc区间内经过的时间：,-1产在bc区间内的偏转重：联立以上几个公式，整理得：*=土，所以，粒子经过虚线c的位置都相同。故A错误;4巴1病B、粒子在bc区间内电场力做功：联立以上几个公式，整理得:.（胃L+gd）所以粒子的比荷壶越大，经过虚线c的速度越大。故B正确；yE'j曲CD、设偏转角为0,有：仙用二二0二mV出血_血心_/心I)f|2qEd2EM所以粒子进入区间cd时的角度都是相同的。粒子在cd的区间内做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心

30、力，得：得：t=-r=-J-十呜山)所以粒子的比荷”越大，在磁场中运动的半径(77?B(Byq2Ei出m越小。由图可知，在磁场中运动的半径越小打在荧光屏上的位置越高。故C错误，D正确。故选：BDO带电粒子在ab区间做匀加速直线运动，电场力做功等于粒子动能的增加；带电粒子在bc的区间做类平抛运动，将运动分解成竖直方向的匀加速直线运动和水平方向的匀速直线运动，代人运动学的公式即可；粒子在cd的区间内做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，写出动力学方程，利用方程进行讨论.粒子在复合场中的运动，必须搞清粒子在每个过程中的受力特点及速度的关系，从而搞清粒子在不同过程中的运动性质，从而为合理地选择解题方法提

31、供科学的依据.题目难度大.16 .答案：ABCD用工QJ.6解析：解：(1)八、为使小车受到的拉力等于祛码重力，连接小盘和小车的细线应与长木板保持平行，故A正确；B、平衡摩擦力时，应不挂小盘和祛码，轻推小车，拖着纸带的小车能够匀速下滑说明摩擦力已被平衡，故B正确；C、为充分利用纸带，小车应靠近打点计时器，先接通电源，后释放小车，故C正确；D、选择计数点时，要选择点迹清晰点，不必从纸带上第一个点开始，故D错误。故选：ABC。(2,，当祛码质量远小于小车质量时小车受到的拉力近似等于祛码重力，小车质量为200g时，祛码和盘的总质量可以为5g,故选Do3由图示刻度尺可知，其分度值为1mm,BC间的距离

32、为：2Aem-1=l,45em；每隔4个点取的计数点，计数点间的时间间隔为：t=壮的x5亨=也1s,c-心+BD(1.25-1,00)X10-,小车在C点的速度大小为：产=-二-小人弓飞dI6m/.s；故答案为：(1MB为;D；L45；0,16。(1.'为使小车受到的拉力等于祛码的重力，实验前要平衡摩擦力，细线要与木板平行，根据实验注意事项分析答题。(2；当祛码质量远小于小车质量时可以近似认为小车受到的拉力等于祛码重力。(3”艮据图示刻度尺确定其分度值，然后读出其示数；应用匀变速直线运动的推论求出打C点时小车的速度。本题考查了实验注意事项与实验数据处理，掌握基础知识是解题的前提与关键，

33、平时要注意基础知识的学习与积累；对刻度尺读数时要先确定其分度值，读数时视线要与刻度线垂直。17 .答案：''：B解析：解：(lj题目要求滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法，由图示电路图可知，连线连接错误。(2)电流表量程0.64,由图示表盘可知，其分度值为0124,示数为).304。(3)根据坐标系内描出的点作出灯泡的IU图象如图所示；4一卜由图示图象可知，电压订=2.01,时二0、，灯泡功率F=U1=2.0x0AW=0.80"-;“9n口)灯泡电压U=2.DV时=0.44,此时灯泡电阻汗=了=而灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，灯泡在常温下的电阻小于灯泡发

34、光时电阻，灯泡发生时电阻为5C,则断开电路后灯泡电阻小于5f>,故选B；故答案为：(1)；二川；(3)图象如图所示；。也;(1注。(1.)根据题意分析图示电路图分析答题。(2)根据电流表量程由图示表盘确定其分度值，根据指针位置读出其示数。Q)根据坐标系内描出的点作出图象，根据图示电路图求出电压2OF对应的电流，应用电功率公式可以求出功率。口)灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，灯泡在常温下的电阻小于灯泡发光时的电阻。本题考查了实验电路图与实验数据处理，对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后根据指针位置读出其示数，读数时视线要与刻度线垂直。18 .答案：解：ID根据牛顿第二定律可得：“

35、吃出汨-myH=mm解得质点在AB轨道下滑的加速度大小内二M"；(211以轨道长二J-仃出",根据速度位移关系可得：心门解得：山-20m/百；(3)质点在BC轨道上运动时，根据牛顿第二定律可得：2门§=FFMTg解得加速度大小为：的=2.5m/设质点滑到C点的速度为仃口，根据速度一位移关系可得：吟"rc=2"/坎，解得：vc=IQm/s设质点在BC段的加速度大小为仃3,根据牛顿第二定律可得："耳小伊。1MH=。打功,质点在CD轨道上上滑的时间f=L如仔。答：(1)质点在AB轨道下滑的加速度大小为(2；，质点第一次滑到B点的速度大小为2

36、山门人；(3)质点在CD轨道上第一次上滑的时间为L25，”解析：(1)根据牛顿第二定律求解质点在AB轨道下滑的加速度大小；(2)在AB轨道上根据速度位移关系求解速度大小；(3)质点在BC轨道上运动时，根据牛顿第二定律求解加速度大小，根据速度-位移关系可得C点速度大小，根据牛顿第二定律求解向上运动的加速度大小，根据速度-时间关系求解时间。对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。19 .答案：解：小球从A点运动到C点的过程，由机械能守恒定律得：J得''I&在aM对小球受力分析，可得Fv-nifi二吟解得根据牛顿第三定律知，小球在C点对轨道的压力大小为110N,方向竖直向下。r_L_3“Ju，小球离开C点后做平抛运动，通过C点的最小速度为“一小球