普通高等学校招生全国统一考试课标全国Ⅱ理综卷

1、2013年普通高等学校招生全国统一考试(课标全国)理科综合能力测试注意事项:1.本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分。答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答第卷时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号框。写在本试卷上无效。3.回答第卷时,将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。4.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量:H 1C 12N 14O 16F 19Na 23Al 27S 32Cl 35.5K 39Ca 40Cr 52Fe 56Ni 59Cu 64Zn 65第卷

2、一、选择题:本题共13小题,每小题6分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.(2013·课标全国,1)关于DNA和RNA的叙述,正确的是()A.DNA有氢键,RNA没有氢键B.一种病毒同时含有DNA和RNAC.原核细胞中既有DNA,也有RNAD.叶绿体、线粒体和核糖体都含有DNA答案:C解析:tRNA也有氢键;病毒由蛋白质和核酸组成,一种病毒中只含有一种核酸(核糖核酸或脱氧核糖核酸);原核细胞的遗传物质是DNA,细胞内也有RNA;叶绿体和线粒体中既有DNA也有RNA,核糖体中只含有RNA。2.(2013·课标全国,2)关于叶绿素的叙述,错误的是()A.叶

3、绿素a和叶绿素b都含有镁元素B.被叶绿素吸收的光可用于光合作用C.叶绿素a和叶绿素b在红光区的吸收峰值不同D.植物呈现绿色是由于叶绿素能有效地吸收绿光答案:D解析:叶绿素a和叶绿素b都是叶绿素,镁是组成叶绿素的必需元素;叶绿素吸收的光都可用于光合作用;叶绿素a和叶绿素b都主要吸收红光和蓝紫光,但吸收的峰值不完全相同;植物叶片呈现绿色是由于绿叶中的色素主要吸收红光和蓝紫光,对绿光基本不吸收而表现出绿色,D项错。3.(2013·课标全国,3)下列与微生物呼吸有关的叙述,错误的是()A.肺炎双球菌无线粒体,但能进行有氧呼吸B.与细菌呼吸有关的酶由拟核中的基因编码C.破伤风芽孢杆菌适宜生活在

4、有氧的环境中D.有氧和无氧时,酵母菌呼吸作用产物不同答案:C解析:肺炎双球菌无线粒体,但具有进行有氧呼吸的酶,所以能进行有氧呼吸;与细菌呼吸有关的酶由拟核中的基因编码,在核糖体中合成;有氧时,酵母菌的呼吸产物是CO2和H2O,无氧时,酵母菌的呼吸产物是CO2和酒精;破伤风芽孢杆菌属于厌氧微生物,在有氧的环境中不能生活。4.(2013·课标全国,4)关于免疫细胞的叙述,错误的是()A.淋巴细胞包括B细胞、T细胞和吞噬细胞B.血液和淋巴液中都含有T细胞和B细胞C.吞噬细胞和B细胞都属于免疫细胞D.浆细胞通过胞吐作用分泌抗体答案:A解析:淋巴细胞包括B细胞和T细胞,不包含吞噬细胞,所以A项

5、错;血液和淋巴液中都含有T细胞和B细胞及吞噬细胞;免疫细胞包括吞噬细胞和淋巴细胞;浆细胞产生的抗体是蛋白质,通过胞吐作用分泌到细胞外。5.(2013·课标全国,5)在生命科学发展过程中,证明DNA是遗传物质的实验是()孟德尔的豌豆杂交实验摩尔根的果蝇杂交实验肺炎双球菌转化实验T2噬菌体侵染大肠杆菌实验DNA的X光衍射实验A.B.C.D.答案:C解析:肺炎双球菌的体外转化实验,证明了DNA是遗传物质,思路是把DNA及其他物质分开,单独观察它们的作用;T2噬菌体侵染大肠杆菌的实验思路与肺炎双球菌的体外转化实验相同,也是单独观察DNA和蛋白质的作用,证明了遗传物质是DNA。6.(2013&

6、#183;课标全国,6)关于酶的叙述,错误的是()A.同一种酶可存在于分化程度不同的活细胞中B.低温能降低酶活性的原因是其破坏了酶的空间结构C.酶通过降低化学反应的活化能来提高化学反应速度D.酶既可以作为催化剂,也可以作为另一个反应的底物答案:B解析:同一种酶可存在于分化程度不同的活细胞中,如呼吸酶可以存在于各种细胞中;低温能降低酶活性是因为分子运动能力降低,但并没有破坏酶的空间结构;酶的作用机理是降低化学反应的活化能来提高化学反应速度;酶是催化剂,但酶也可以是另一反应的底物,如淀粉酶的本质是蛋白质可被蛋白酶水解。7.(2013·课标全国,7)在一定条件下,动植物油脂与醇反应可制备生

7、物柴油,化学方程式如下:+3R'OH短链醇+下列叙述错误的是()A.生物柴油由可再生资源制得B.生物柴油是不同酯组成的混合物C.动植物油脂是高分子化合物D.“地沟油”可用于制备生物柴油答案:C解析:油脂不属于高分子化合物,C选项错误。8.(2013·课标全国,8)下列叙述中,错误的是()A.苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持5560 反应生成硝基苯B.苯乙烯在合适条件下催化加氢可生成乙基环己烷C.乙烯与溴的四氯化碳溶液反应生成1,2二溴乙烷D.甲苯与氯气在光照下反应主要生成2,4二氯甲苯答案:D解析:甲苯与氯气光照主要取代CH3上的氢原子,D选项错误。9.(2013·课标

8、全国,9)N0为阿伏加德罗常数的值。下列叙述正确的是()A.1.0 L 1.0 mol·L-1的NaAlO2水溶液中含有的氧原子数为2N0B.12 g石墨烯(单层石墨)中含有六元环的个数为0.5N0C.25 时pH=13的NaOH溶液中含有OH-的数目为0.1N0D.1 mol的羟基与1 mol的氢氧根离子所含电子数均为9N0答案:B解析:A选项,水也含有氧元素,错误;B选项,一个六元环中含有6个碳原子,1个碳原子被3个六元环共用,所以应该1个碳原子可形成12个六元环,1 mol碳原子可形成12 mol六元环,正确;C选项不知道溶液体积,错误;D选项,1个氢氧根离子含有10个电子,错

9、误。10.(2013·课标全国,10)能正确表示下列反应的离子方程式是()A.浓盐酸与铁屑反应:2Fe+6H+=2Fe3+3H2B.钠与CuSO4溶液反应:2Na+Cu2+=Cu+2Na+C.NaHCO3溶液与稀H2SO4反应:CO32-+2H+=H2O+CO2D.向FeCl3溶液中加入Mg(OH)2:3Mg(OH)2+2Fe3+=2Fe(OH)3+3Mg2+答案:D解析:A选项产物为Fe2+,错误;B选项,Na先与水反应生成NaOH,NaOH再与CuSO4反应,错误;C选项,HCO3-与H+反应,错误;D选项是沉淀的转化,Mg(OH)2转化为更难溶的Fe(OH)3沉淀,正确。11.

10、(2013·课标全国,11)“ZEBRA”蓄电池的结构如图所示,电极材料多孔Ni/NiCl2和金属钠之间由钠离子导体制作的陶瓷管相隔。下列关于该电池的叙述错误的是()A.电池反应中有NaCl生成B.电池的总反应是金属钠还原三价铝离子C.正极反应为:NiCl2+2e-=Ni+2Cl-D.钠离子通过钠离子导体在两电极间移动答案:B解析:负极Na-e-Na+,由“多孔Ni/NiCl2”可知正极NiCl2得电子电极反应式NiCl2+2e-Ni+2Cl-,B选项错误。12.(2013·课标全国,12)在1 200 时,天然气脱硫工艺中会发生下列反应H2S(g)+32O2(g)=SO2

11、(g)+H2O(g)H12H2S(g)+SO2(g)=32S2(g)+2H2O(g)H2H2S(g)+12O2(g)=S(g)+H2O(g)H32S(g)=S2(g)H4则H4的正确表达式为()A.H4=23(H1+H2-3H3)B.H4=23(3H3-H1-H2)C.H4=32(H1+H2-3H3)D.H4=32(H1-H2-3H3)答案:A解析:首先找到式中含有S2(g)、式中含有S(g),×23-×2得2S(g)+23SO2(g)+23H2O(g)23H2S(g)+S2(g)+O2(g),然后再加×23得2S(g)S2(g),所以H4=H2×23+

12、H1×23-H3×2。13.(2013·课标全国,13)室温时,M(OH)2(s)M2+(aq)+2OH-(aq)Ksp=a。c(M2+)=b mol·L-1时,溶液的pH等于()A.12lg(ba)B.12lg(ab)C.14+12lg(ab)D.14+12lg(ba)答案:C解析:Ksp=c(M2+)·c2(OH-)=a,由c(M2+)=b mol·L-1可知c2(OH-)=ab(mol·L-1)2,c(OH-)=ab mol·L-1,c(H+)=10-14÷ab mol·L-1,C选项正确

13、。二、选择题:本题共8小题,每小题6分。在每小题给出的四个选项中,第1418题只有一项符合题目要求,第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。14.(2013·课标全国,14)一物块静止在粗糙的水平桌面上。从某时刻开始,物块受到一方向不变的水平拉力作用。假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。以a表示物块的加速度大小,F表示水平拉力的大小。能正确描述F与a之间关系的图象是()答案:C解析:设物块受的滑动摩擦力为Ff,当拉力F增大至等于滑动摩擦力时,物块才开始滑动。根据牛顿第二定律得F-Ff=ma,则F=Ff+ma,C项正确。15.(2

14、013·课标全国,15)如图,在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用,F平行于斜面向上。若要物块在斜面上保持静止,F的取值应有一定范围,已知其最大值和最小值分别为F1和F2(F2>0)。由此可求出()A.物块的质量B.斜面的倾角C.物块与斜面间的最大静摩擦力D.物块对斜面的正压力答案:C解析:设物块与斜面间的最大静摩擦力为Fm,斜面的倾角为。结合题意根据平衡条件得,F1=mgsin+Fm,F2+Fm=mgsin,解得,Fm=F1-F22,mgsin=F1+F22,则物块与斜面间的最大静摩擦力可求,无法求得斜面的倾角和物块的质量,也无法求得物块对斜面的压力,C项正确。16.(20

15、13·课标全国,16)如图,在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框;在导线框右侧有一宽度为d(d>L)的条形匀强磁场区域,磁场的边界与导线框的一边平行,磁场方向竖直向下。导线框以某一初速度向右运动。t=0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合,随后导线框进入并通过磁场区域。下列vt图象中,可能正确描述上述过程的是()答案:D解析:根据楞次定律可知,线框进入磁场及离开磁场的过程受到安培力,从而做变减速运动,由牛顿第二定律得,BIL=B2L2vR=ma,线框的速度减小,线框的加速度减小;线框完全进入到磁场中运动时,做匀速直线运动,D项正确。17.(2013·课标

16、全国,17)空间有一圆柱形匀强磁场区域,该区域的横截面的半径为R,磁场方向垂直于横截面。一质量为m、电荷量为q(q>0)的粒子以速率v0沿横截面的某直径射入磁场,离开磁场时速度方向偏离入射方向60°。不计重力,该磁场的磁感应强度大小为()A.3mv03qRB.mv0qRC.3mv0qRD.3mv0qR答案:A解析:根据题意作出粒子运动的轨迹如图所示,由几何关系可得,粒子运动的半径r=3R,根据粒子受到的洛伦兹力提供向心力可得,qv0B=mv02r,解得,B=3mv03qR,A项正确。18.(2013·课标全国,18)如图,在光滑绝缘水平面上,三个带电小球a、b和c分别

17、位于边长为l的正三角形的三个顶点上:a、b带正电,电荷量均为q,c带负电。整个系统置于方向水平的匀强电场中。已知静电力常量为k。若三个小球均处于静止状态,则匀强电场场强的大小为()A.3kq3l2B.3kql2C.3kql2D.23kql2答案:B解析:根据题意分析可知,小球a、b在小球c所在位置产生的电场的场强与匀强电场的场强等大反向,即E=2·kql2·cos30°=3kql2,B项正确。19.(2013·课标全国,19)在物理学发展过程中,观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。下列叙述符合史实的是()A.奥斯特在实验中观察到电流的磁效应

18、,该效应揭示了电和磁之间存在联系B.安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性,提出了分子电流假说C.法拉第在实验中观察到,在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中,会出现感应电流D.楞次在分析了许多实验事实后提出,感应电流应具有这样的方向,即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化答案:ABD解析:电流能产生磁场,说明电和磁之间存在联系,A项正确;为解释磁现象的电本质,安培根据螺线管和条形磁铁的磁场的相似性,提出了分子电流假说,B项正确;恒定电流附近的固定导线框,不会产生感应电流,C项错误;楞次通过实验,得出了楞次定律,D项正确。20.(2013·课标全国,20)目

19、前,在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转,其中一些卫星的轨道可近似为圆,且轨道半径逐渐变小。若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中,只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用,则下列判断正确的是()A.卫星的动能逐渐减小B.由于地球引力做正功,引力势能一定减小C.由于气体阻力做负功,地球引力做正功,机械能保持不变D.卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小答案:BD解析:根据万有引力提供向心力可得,GMmr2=mv2r,v=GMr,卫星在轨道半径减小的过程中,卫星的动能增大,A项错误;地球引力做正功,引力势能减小,B项正确;空气阻力做负功,卫星的机械能减小,C项错误;根据卫星的动能增大可知,空气阻力做的负

20、功要小于地球引力做的正功,D项正确。21.(2013·课标全国,21)公路急转弯处通常是交通事故多发地带。如图,某公路急转弯处是一圆弧,当汽车行驶的速率为vc时,汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势。则在该弯道处()A.路面外侧高内侧低B.车速只要低于vc,车辆便会向内侧滑动C.车速虽然高于vc,但只要不超出某一最高限度,车辆便不会向外侧滑动D.当路面结冰时,与未结冰时相比,vc的值变小答案:AC解析:根据题意可知,汽车在拐弯处恰好不受摩擦力作用,受力情况如图所示,重力和支持力的合力刚好可以提供向心力,即mgtan=mvc2R,路面外侧高于内侧,A项正确;当车速低于vc时,汽车有向内

21、侧滑动的趋势,此时汽车可以受到向外的摩擦力,只有摩擦力等于滑动摩擦力时,汽车才会向内侧滑动,B项错误;当车速高于vc时,汽车有向外侧滑动的趋势,此时汽车受到向里的摩擦力,只有摩擦力等于滑动摩擦力时,汽车才会向外侧滑动,C项正确;由mgtan=mvc2R可知,当路面结冰时,vc的值不变,D项错误。第卷三、非选择题:包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题,每个试题考生都必须作答。第33题第40题为选考题,考生根据要求作答。(一)必考题(共129分)22.(2013·课标全国,22)(8分)某同学利用下述装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究:一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上,弹簧左端

22、固定,右端与一小球接触而不固连;弹簧处于原长时,小球恰好在桌面边缘,如图(a)所示。向左推小球,使弹簧压缩一段距离后由静止释放;小球离开桌面后落到水平地面。通过测量和计算,可求得弹簧被压缩后的弹性势能。图(a)回答下列问题:(1)本实验中可认为,弹簧被压缩后的弹性势能Ep与小球抛出时的动能Ek相等。已知重力加速度大小为g。为求得Ek,至少需要测量下列物理量中的(填正确答案标号)。 A.小球的质量mB.小球抛出点到落地点的水平距离sC.桌面到地面的高度hD.弹簧的压缩量xE.弹簧原长l0(2)用所选取的测量量和已知量表示Ek,得Ek=。 图(b)(3)图(b)中的直线是实验测

23、量得到的sx图线。从理论上可推出,如果h不变,m增加,sx图线的斜率会(填“增大”、“减小”或“不变”);如果m不变,h增加,sx图线的斜率会(填“增大”、“减小”或“不变”)。由图(b)中给出的直线关系和Ek的表达式可知,Ep与x的次方成正比。 答案:(1)ABC(2)mgs24h(3)减小增大2解析:(1)由平抛运动规律得,h=12gt2,s=vt,解得,小球抛出时的速度v=sg2h,则小球抛出时的动能Ek=12mv2=mgs24h,所以需要测量的物理量是小球的质量m、小球抛出点到落地点的水平距离s、桌面到地面的高度h,A、B、C三项正确。(2)由(1)可知,Ek=mgs24h。

24、(3)如果h不变,m增加,那么小球平抛运动的时间不变,当x为某一值时,小球获得的初速度减小,做平抛运动的水平位移减小,图线的斜率会减小;如果m不变,h增加,那么当x为某一值时,小球获得的初速度不变,小球平抛运动的时间增加,做平抛运动的水平位移增加,图线的斜率会增大;根据机械能守恒可得,Ep=Ek=mgs24h,即Ep与s2成正比,又因为s与x成正比,所以Ep与x2成正比。23.(2013·课标全国,23)(7分)某同学用量程为1mA、内阻为120的表头按图(a)所示电路改装成量程分别为1V和1A的多用电表。图中R1和R2为定值电阻,S为开关。回答下列问题:(1)根据图(a)所示的电路

25、,在图(b)所示的实物图上连线。(2)开关S闭合时,多用电表用于测量(填“电流”、“电压”或“电阻”);开关S断开时,多用电表用于测量(填“电流”、“电压”或“电阻”)。 (3)表笔A应为色(填“红”或“黑”)。 (4)定值电阻的阻值R1=,R2=。(结果取3位有效数字) 答案:(1)连线如解析图所示(2)电流电压(3)黑(4)1.00880解析:(1)实物连线如图所示。(2)开关S闭合时,表头与R2串联后再与R1并联,能够测量的电流变大,改装为电流表,用于测量电流;开关S断开时,表头与R2串联,能够测量的电压变大,用于测量电压。(3)电流从红表笔进入多用电表,从

26、黑表笔流出,结合表头的正负极可知,表笔A为黑表笔。(4)根据题意可知,改装后的电压表的最大量程为1V,即U=Ig(Rg+R2),代入数据解得,R2=880;改装后的电流表的最大量程为1A,即I=Ig+Ig(Rg+R2)R1,解得,R11.00。24.(2013·课标全国,24)(14分)如图,匀强电场中有一半径为r的光滑绝缘圆轨道,轨道平面与电场方向平行。a、b为轨道直径的两端,该直径与电场方向平行。一电荷量为q(q>0)的质点沿轨道内侧运动,经过a点和b点时对轨道压力的大小分别为Na和Nb。不计重力,求电场强度的大小E、质点经过a点和b点时的动能。答案:E=16q(Nb-Na

27、)Eka=r12(Nb+5Na)Ekb=r12(5Nb+Na)解析:质点所受电场力的大小为f=qE设质点质量为m,经过a点和b点时的速度大小分别为va和vb,由牛顿第二定律有f+Na=mva2rNb-f=mvb2r设质点经过a点和b点时的动能分别为Eka和Ekb,有Eka=12mva2Ekb=12mvb2根据动能定理有Ekb-Eka=2rf联立式得E=16q(Nb-Na)Eka=r12(Nb+5Na)Ekb=r12(5Nb+Na)25.(2013·课标全国,25)(18分)一长木板在水平地面上运动,在t=0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上,以后木板运动的速度时间图像如图所示。

28、已知物块与木板的质量相等,物块与木板间及木板与地面间均有摩擦,物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,且物块始终在木板上。取重力加速度的大小g=10m/s2,求:(1)物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数;(2)从t=0时刻到物块与木板均停止运动时,物块相对于木板的位移的大小。答案:(1)0.200.30(2)1.125m解析:(1)从t=0时开始,木板与物块之间的摩擦力使物块加速,使木板减速,此过程一直持续到物块和木板具有共同速度为止。由图可知,在t1=0.5s时,物块和木板的速度相同。设t=0到t=t1时间间隔内,物块和木板的加速度大小分别为a1和a2,则a1=v1t1a2=v0-v1

29、t1式中v0=5m/s、v1=1m/s分别为木板在t=0、t=t1时速度的大小。设物块和木板的质量为m,物块和木板间、木板与地面间的动摩擦因数分别为1、2,由牛顿第二定律得1mg=ma1(1+22)mg=ma2联立式得1=0.202=0.30(2)在t1时刻后,地面对木板的摩擦力阻碍木板运动,物块与木板之间的摩擦力改变方向。设物块与木板之间的摩擦力大小为f,物块和木板的加速度大小分别为a1'和a2',则由牛顿第二定律得f=ma1'22mg-f=ma2'假设f<1mg,则a1'=a2'由式得 f=2mg>1mg,与假设矛盾。故f=1mg

30、由式知,物块加速度的大小a1'等于a1;物块的vt图像如图中点划线所示。由运动学公式可推知,物块和木板相对于地面的运动距离分别为s1=2×v122a1s2=v0+v12t1+v122a2物块相对于木板的位移的大小为s=s2-s1联立式得s=1.125m26.(2013·课标全国,26)(15分)正丁醛是一种化工原料。某实验小组利用如下装置合成正丁醛。发生的反应如下:CH3CH2CH2CH2OHCH3CH2CH2CHO反应物和产物的相关数据列表如下:沸点/密度/(g·cm-3)水中溶解性正丁醇117.20.810 9微溶正丁醛75.70.801 7微溶实验步

31、骤如下:将6.0 g Na2Cr2O7放入100 mL烧杯中,加30 mL水溶解,再缓慢加入5 mL浓硫酸,将所得溶液小心转移至B中。在A中加入4.0 g正丁醇和几粒沸石,加热。当有蒸汽出现时,开始滴加B中溶液。滴加过程中保持反应温度为9095 ,在E中收集90 以下的馏分。将馏出物倒入分液漏斗中,分去水层,有机层干燥后蒸馏,收集7577 馏分,产量2.0 g。回答下列问题:(1)实验中,能否将Na2Cr2O7溶液加到浓硫酸中,说明理由。 (2)加入沸石的作用是。若加热后发现未加沸石,应采取的正确方法是。 (3)上述装置图中,B仪器的名称是,D仪器的名称是。 (4

32、)分液漏斗使用前必须进行的操作是(填正确答案标号)。 a.润湿b.干燥c.检漏d.标定(5)将正丁醛粗产品置于分液漏斗中分水时,水在层(填“上”或“下”)。 (6)反应温度应保持在9095 ,其原因是。 (7)本实验中,正丁醛的产率为%。 答案:(1)不能,易迸溅(2分)(2)防止暴沸冷却后补加(每空1分,共2分)(3)滴液漏斗直形冷凝管(每空1分,共2分)(4)c(2分)(5)下(2分)(6)既可保证正丁醛及时蒸出,又可尽量避免其被进一步氧化(3分)(7)51(2分)解析:(1)相当于稀释浓硫酸;(4)分液漏斗在使用前必须洗涤、检漏;(5)水的密度大于

33、正丁醇、正丁醛的密度,所以水层在下层;(6)应从蒸馏原理及可能发生副反应的角度分析;(7)n(正丁醇)=4.0 g74 g·mol-1、n(正丁醛)=2.0 g72 g·mol-1,产率=n(正丁醛)n(正丁醇)×100%=51%。27.(2013·课标全国,27)(14分)氧化锌为白色粉末,可用于湿疹、癣等皮肤病的治疗。纯化工业级氧化锌(含有Fe()、Mn()、Ni()等杂质)的流程如下:工业ZnO浸出液滤液滤液滤饼ZnO提示:在本实验条件下,Ni()不能被氧化;高锰酸钾的还原产物是MnO2。回答下列问题:(1)反应中除掉的杂质离子是,发生反应的离子方

34、程式为;在加高锰酸钾溶液前,若pH较低,对除杂的影响是。 (2)反应的反应类型为,过滤得到的滤渣中,除了过量的锌外还有。 (3)反应形成的沉淀要用水洗,检验沉淀是否洗涤干净的方法是。 (4)反应中产物的成分可能是ZnCO3·xZn(OH)2。取干燥后的滤饼11.2 g,煅烧后可得到产品8.1 g,则x等于。 答案:(1)Fe2+和Mn2+(2分)MnO4-+3Fe2+7H2O=3Fe(OH)3+MnO2+5H+(2分)2MnO4-+3Mn2+2H2O=5MnO2+4H+(2分)铁离子和锰离子不能生成沉淀,从而无法除去铁和锰杂质(2分)(2)置换

35、反应镍(每空1分,共2分)(3)取少量水洗液于试管中,滴入12滴稀硝酸,再滴入硝酸钡溶液,若无白色沉淀生成,则说明沉淀已经洗涤干净(2分)(4)1(2分)解析:(1)Mn2+、Fe2+被高锰酸钾溶液氧化为Fe3+、MnO2,由“pH为5”可知三价铁以Fe(OH)3沉淀形式存在,MnO42-还原为MnO2,依据得失电子守恒、原子守恒、电荷守恒配平即可;(2)滤液中含有Ni2+杂质,所以反应加入锌的作用是除去溶液中的Ni2+杂质;(4)洗涤的目的是除去滤渣表面的一些可溶性杂质,所以只要检验洗涤液中是否还含有可溶性离子SO42-即可;(4)n(ZnO)=8.1 g81 g·mol-1=0.

36、1 mol、nZnCO3·xZn(OH)2=n(ZnO)1+x=0.1mol1+x,列方程0.1mol1+x×(125+99x)g·mol-1=11.2 g,解得x=1。28.(2013·课标全国,28)(14分)在1.0 L密闭容器中放入0.10 mol A(g),在一定温度进行如下反应:A(g)B(g)+C(g)H=+85.1 kJ·mol-1反应时间(t)与容器内气体总压强(p)的数据见下表:时间t/h0124816202530总压强p/100 kPa4.915.586.327.318.549.509.529.539.53回答下列问题:(

37、1)欲提高A的平衡转化率,应采取的措施为。 (2)由总压强p和起始压强p0计算反应物A的转化率(A)的表达式为,平衡时A的转化率为,列式并计算反应的平衡常数K。 (3)由总压强p和起始压强p0表示反应体系的总物质的量n总和反应物A的物质的量n(A),n总= mol,n(A)= mol。 下表为反应物A浓度与反应时间的数据,计算:a=。 反应时间t/h04816c(A)/(mol·L-1)0.10a0.0260.006 5分析该反应中反应物的浓度c(A)变化与时间间隔(t)的规律,得出的结论是,由此规律推出反应在12 h时反应物的浓度c(A)为

38、mol·L-1。 答案:(1)升高温度、降低压强(2分)(2)(pp0-1)×100%94.1%(每空1分,共2分)A(g)B(g)+C(g)0.10000.10×(1-94.1%)0.10×94.1%0.10×94.1%K=(0.094 1mol·L-1)20.005 9mol·L-1=1.5 mol·L-1(3分)(3)0.10×pp00.10×(2-pp0)(每空1分,共2分)0.051(2分)达到平衡前每间隔4 h,c(A)减少约一半(2分)0.013(1分)解析:(2)压强之

39、比等于气体的物质的量之比,依据三部曲进行求解:A(g)B(g)+C(g)始态:p000反应:p0·(A)p0·(A)p0·(A)终态:p0-p0·(A)p0·(A)p0·(A)p=p0-p0·(A)+p0·(A)+p0·(A)=p0+p0·(A)求得(A)=(pp0-1)×100%;25 h时反应已平衡,(A)= (9.534.91-1)×100%=94.1%;依据三部曲进行求解:A(g) B(g)+C(g)始态/(mol·L-1):0.1000反应/(mol

40、83;L-1):0.094 10.094 10.094 1平衡态/(mol·L-1):0.10-0.094 10.094 10.094 1K=(0.094 1mol·L-1)20.005 9mol·L-1=1.5 mol·L-1;(3)依据pp0=n总0.1mol可得n总=pp0×0.1 mol;n(A)=0.1 mol×1-(A)=0.1 mol×1-(pp0-1)=0.1 mol×(2-pp0);n(A)=0.1 mol×(2-pp0)=0.1 mol×(2-7.314.91)=0.051

41、mol,体积为1 L,a=0.051 mol·L-1;04 h浓度大约变为0 h时的12,48 h浓度又变为4 h的12,从816 h经过8个小时浓度变为8 h的14,所以每经过4个小时浓度均降低为原来的12。29.(2013·课标全国,29)(10分)已知大麦在萌发过程中可以产生淀粉酶,用GA(赤霉素)溶液处理大麦可使其不用发芽就产生淀粉酶。为验证这一结论,某同学做了如下实验:试管号GA溶液缓冲液水半粒种子10个实验步骤实验结果步骤1步骤21011带胚25 保温24 h后去除种子,在各试管中分别加入1 mL淀粉液25 保温10 min后各试管中分别加入1 mL碘液,混匀后

42、观察溶液颜色深浅+2011去胚+30.210.8去胚+40.410.6去胚+50.410.6不加种子+注:实验结果中“+”越多表示颜色越深。表中液体量的单位均为mL。回答下列问题。(1)淀粉酶催化水解可生成二糖,该二糖是。 (2)综合分析试管1和2的实验结果,可以判断反应后试管1溶液中的淀粉量比试管2中的,这两支试管中淀粉量不同的原因是 。 (3)综合分析试管2、3和5的实验结果,说明在该实验中GA的作用是。 (4)综合分析试管2、3和4的实验结果,说明。 答案:(1)淀粉麦芽糖(每空1分,共2分)(2)少(1分)带胚的种子保温后能够产生淀粉酶

43、,使淀粉水解(2分,其他合理答案也给分)(3)诱导种子生成淀粉酶(3分,其他合理答案也给分)(4)GA溶液浓度高对淀粉酶的诱导效果好(2分,其他合理答案也给分)解析:(1)酶具有专一性,淀粉酶催化淀粉水解成麦芽糖。(2)淀粉与碘反应变成蓝色,颜色越浅,说明淀粉越少,1号和2号试管中淀粉量不同是因为1号试管中的种子带胚,能产生GA,使大麦种子产生淀粉酶。(3)2号试管不加GA,去胚,淀粉不水解,3号试管加入GA,去胚,淀粉水解,5号试管加GA,无种子,淀粉不水解,三者比较说明GA溶液处理大麦种子能产生淀粉酶,促使淀粉水解。(4)2号、3号和4号试管的实验结果比较,颜色逐渐变浅,说明GA浓度越高,

44、大麦种子产生的淀粉酶越多。30.(2013·课标全国,30)(9分)回答下列问题。(1)清晨静脉取血测定正常人和胰岛B细胞分泌功能不足者的空腹血糖浓度。空腹时,血糖的来源是和。 (2)空腹抽血后,一次定量饮入高浓度葡萄糖水。喝糖水后每隔一定时间静脉取血,测定血糖浓度(整个过程中禁食、禁水,不做剧烈运动),发现正常人与胰岛B细胞分泌功能不足者血糖浓度的变化趋势都是先上升,再下降,但下降的速率不同。下降速率不同的原因是  。 (3)胰岛B细胞分泌的激素是在该细胞的和这两种细胞器中进行加工的。 答案:(1)肝糖原的分解(1分)非糖物质转化(

45、2分)(2)胰岛素可促进血糖进入细胞和被利用,胰岛B细胞功能不足者胰岛素分泌不足,所以血糖浓度下降较慢(4分,其他合理答案也给分)(3)内质网高尔基体(每空1分,共2分)解析:(1)血糖的来源有三条途径:食物中糖类的消化吸收,肝糖原分解,非糖物质的转化。空腹时,血糖的来源是肝糖原分解和非糖物质转化。(2)一次定量饮入高浓度葡萄糖水,血糖浓度上升,正常人胰岛素分泌增加,降低血糖浓度。但胰岛B细胞分泌功能不足者,由于胰岛素分泌少,血糖下降得慢。(3)胰岛素是分泌蛋白,需经内质网和高尔基体的加工。31.(2013·课标全国,31)(10分)回答与草原生态系统相关的问题。(1)草原上鼠的天敌

46、从鼠获得的能量最终来自于固定的能量。 (2)草原上,某种鼠的种群密度除了受迁入率和迁出率的影响外,还受该鼠种群的、年龄组成和性别比例等因素的影响。 (3)用样方法调查某种双子叶植物种群密度时,为避免调查者主观因素的影响,要做到。 (4)草原生物群落的空间结构包括和。 答案:(1)生产者(2分,其他合理答案也给分)(2)出生率死亡率(每空2分,共4分)(3)随机取样(2分)(4)垂直结构水平结构(每空1分,共2分)解析:(1)流经生态系统的总能量是生产者固定的太阳能总量,因此草原上鼠的天敌从鼠获得的能量最终来自生产者固定的能量。(2)影响种群密度的因素有:

47、出生率和死亡率、迁入率和迁出率、年龄组成、性别比例等。(3)调查双子叶植物种群密度时,要随机取样,以避免主观因素的影响。(4)生物群落的空间结构包括垂直结构和水平结构。32.(2013·课标全国,32)(10分)已知果蝇长翅和小翅、红眼和棕眼各为一对相对性状,分别受一对等位基因控制,且两对等位基因位于不同的染色体上。为了确定这两对相对性状的显隐性关系,以及控制它们的等位基因是位于常染色体上,还是位于X染色体上(表现为伴性遗传),某同学让一只雌性长翅红眼果蝇与一只雄性长翅棕眼果蝇杂交,发现子一代中表现型及其分离比为长翅红眼长翅棕眼小翅红眼小翅棕眼=3311。回答下列问题。(1)在确定性

48、状显隐性关系及相应基因位于何种染色体上时,该同学先分别分析翅长和眼色这两对性状的杂交结果,再综合得出结论。这种做法所依据的遗传学定律是。 (2)通过上述分析,可对两对相对性状的显隐性关系及其等位基因是位于常染色体上,还是位于X染色体上做出多种合理的假设,其中的两种假设分别是:翅长基因位于常染色体上,眼色基因位于X染色体上,棕眼对红眼为显性;翅长基因和眼色基因都位于常染色体上,棕眼对红眼为显性。那么,除了这两种假设外,这样的假设还有种。 (3)如果“翅长基因位于常染色体上,眼色基因位于X染色体上,棕眼对红眼为显性”的假设成立,则理论上,子一代长翅红眼果蝇中雌性个体所占比例为,

49、子一代小翅红眼果蝇中雄性个体所占比例为。 答案:(1)基因的分离定律和自由组合定律(或自由组合定律)(3分)(2)4(3分)(3)01(或100%)(每空2分,共4分)解析:(1)该同学分析翅长和眼色这两对性状的杂交结果时,先分析一对性状的情况,再分析两对性状之间的关系,该同学依据的原理应是基因分离定律和自由组合定律。(2)据实验结果分析可知,长翅对小翅是显性;眼色的显隐性未知,可能的假设除题中所述外应还有:翅长基因位于常染色体上,眼色基因位于X染色体上,红眼对棕眼是显性;翅长的基因和眼色基因都位于常染色体上,红眼对棕眼为显性;翅长基因位于X染色体上,眼色基因位于常染色体上,红眼对棕

50、眼为显性或者棕眼对红眼为显性两种。(3)用A、a表示控制翅长的基因,用B、b表示控制眼色的基因,在(3)中假设成立条件下,亲代长翅红眼雌性果蝇的基因型为AaXbXb,另一长翅棕眼雄性果蝇的基因型为AaXBY,其子一代雌蝇全部表现为棕眼,小翅红眼的全部是雄性果蝇。(二)选考题:共45分。请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答,并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致,在答题卡选答区域指定位置答题。如果不涂、多涂均按所答第一题评分;多答则每学科按所答的第一题评分。33.(2013·课标全国,33)物理选修3-3

51、(15分)(1)(5分)关于一定量的气体,下列说法正确的是(填正确答案标号。选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分;每选错1个扣3分,最低得分为0分)。 A.气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积,而不是该气体所有分子体积之和B.只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度,气体的温度就可以降低C.在完全失重的情况下,气体对容器壁的压强为零D.气体从外界吸收热量,其内能一定增加E.气体在等压膨胀过程中温度一定升高(2)(10分)如图,一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置。玻璃管的下部封有长l1=25.0cm的空气柱,中间有一段长l2=25.0cm的水银柱,上部空气柱的长度

52、l3=40.0cm。已知大气压强为p0=75.0cmHg。现将一活塞(图中未画出)从玻璃管开口处缓慢往下推,使管下部空气柱长度变为l1'=20.0cm。假设活塞下推过程中没有漏气,求活塞下推的距离。答案:(1)ABE(2)15.0cm解析:(1)气体体积为气体分子所能达到的空间的体积,而气体分子体积很小,体积之和远小于气体体积,A项正确;气体温度反映了分子运动的剧烈程度,分子运动的剧烈程度减弱,温度必然降低,B项正确;气体压强是大量气体分子频繁碰撞容器器壁的结果,在完全失重的情况下,气体对器壁仍产生压强,C项错误;气体从外界吸收热量,但如果同时对外做功,那么气体的内能不一定增加,D项错

53、误;根据气体定律可知,气体在等压膨胀过程中,体积与热力学温度成正比,体积变大,温度升高,E项正确。(2)以cmHg为压强单位。在活塞下推前,玻璃管下部空气柱的压强为p1=p0+l2设活塞下推后,下部空气柱的压强为p1',由玻意耳定律得p1l1=p1'l1'如图,设活塞下推距离为l,则此时玻璃管上部空气柱的长度为l3'=l3+l1-l1'-l设此时玻璃管上部空气柱的压强为p3',则p3'=p1'-l2由玻意耳定律得p0l3=p3'l3'由至式及题给数据解得l=15.0cm34.(2013·课标全国,34)物

54、理选修3-4(15分)(1)(5分)如图,一轻弹簧一端固定,另一端连接一物块构成弹簧振子,该物块是由a、b两个小物块粘在一起组成的。物块在光滑水平面上左右振动,振幅为A0,周期为T0。当物块向右通过平衡位置时,a、b之间的粘胶脱开;以后小物块a振动的振幅和周期分别为A和T,则AA0(填“>”、“<”或“=”),TT0(填“>”、“<”或“=”)。 (2)(10分)如图,三棱镜的横截面为直角三角形ABC,A=30°,B=60°。一束平行于AC边的光线自AB边的P点射入三棱镜,在AC边发生反射后从BC边的M点射出。若光线在P点的入射角和在M点的

55、折射角相等,()求三棱镜的折射率;()在三棱镜的AC边是否有光线透出?写出分析过程。(不考虑多次反射)答案:(1)<<(2)()3()否,分析过程见解析。解析:(1)振子振动时机械能守恒,物块通过平衡位置,a、b脱开后,振子的动能减小,根据机械能守恒定律可知,振子的最大弹性势能也减小,振幅减小,即A<A0;振子从平衡位置到最大位移的过程中,速度变化与a、b脱开之前相等,但距离减小,故时间减小,所以周期减小,即T<T0。(2)()光路图如图所示,图中N点为光线在AC边发生反射的入射点。设光线在P点的入射角为i、折射角为r,在M点的入射角为r'、折射角依题意也为i,

56、有i=60°由折射定律有sin i=nsin rnsin r'=sin i由式得r=r'OO'为过M点的法线,C为直角,OO'AC。由几何关系有MNC=r'由反射定律可知PNA=MNC联立式得PNA=r由几何关系得r=30°联立式得n=3()设在N点的入射角为i,由几何关系得i=60°此三棱镜的全反射临界角满足nsinc=1由式得i>c此光线在N点发生全反射,三棱镜的AC边没有光线透出。35.(2013·课标全国,35)物理选修3-5(15分)(1)(5分)关于原子核的结合能,下列说法正确的是(填正确答案标号

57、。选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分;每选错1个扣3分,最低得分为0分)。 A.原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B.一重原子核衰变成粒子和另一原子核,衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能C.铯原子核(55133Cs)的结合能小于铅原子核(82208Pb)的结合能D.比结合能越大,原子核越不稳定E.自由核子组成原子核时,其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能(2)(10分)如图,光滑水平直轨道上有三个质量均为m的物块A、B、C。B的左侧固定一轻弹簧(弹簧左侧的挡板质量不计)。设A以速度v0朝B运动,压缩弹簧;当A、B速度相等时,B与C恰好相

58、碰并粘接在一起,然后继续运动。假设B和C碰撞过程时间极短。求从A开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中,()整个系统损失的机械能;()弹簧被压缩到最短时的弹性势能。答案:(1)ABC(2)()116mv02()1348mv02解析:(1)核子结合为原子核时释放的能量叫做原子核的结合能,则原子核分解为核子时需要的最小能量等于结合能,A项正确;重核衰变时,同时向外释放能量,因此衰变产物的结合能大于原来重核的结合能,B项正确;铅原子核中的核子数量多,结合能也就大,C项正确;比结合能越大,原子核越稳定,D项错误;核子组成原子核时,质量亏损对应的能量等于原子核的结合能,E项错误。(2)()从A压缩弹簧到A到B具有相同速度v1时,对A、B与弹簧组成的系统,由动量守恒定律得mv0=2mv1此时B与C发生完全非弹性碰撞,设碰撞后的瞬时速度为v2,损失的机械能为E,对B、C组成的系统,由动量守恒和能量守恒定律