广东珠海香洲区2017-2018学年八年级物理下学期期末试卷含解析

1、广东省珠海市香洲区2017-2018学年八年级物理下学期期末试卷一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的，请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑.1. （3分）下列实例中，目的是为了减小压强的是（）2. （3分）小孩在体育课上练习了立定跳远，下列说法正确的是（）A.静止站立在地面上，她对地面的压力和她受到的重力是一对平衡力B.在起跳时用力蹬地，是利用了物体间力的作用是相互的C.在起跳时用力蹬地，她对地面的压力与地面对她的支持力是一对平衡力D.在腾空过程中，她受到方向向前的力作用3. （3分）如图所示，小海用水平推力推着箱子在水平面地上滑动，下列

2、操作肯定能减小箱子所受滑动摩擦力的是（）A.取出箱内的物品B.改变箱子运动的方向C.减小推箱子的力D.增大箱子运动的速度4. （3分）如图是端午节划龙舟的情景，下列说法正确的是（）A.划水时，龙舟受到惯性力的作用B.龙舟漂浮在水面时，所受浮力大于重力C.停止划桨后龙舟的速度减慢，是因为阻力的作用D.龙舟在加速前进时，动能不变5. （3分）下列所示几种情形中，人对物体做功的是（）D.A.运动员举看杠铃原地不动B.沿水平方向搬运花盆C.投篮后篮球在空中飞行一&沿水平方向推动小车6. （3分）将一个未装满水且密闭的矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置，如图所示，正放时，水对瓶底的压强

3、为Pl,瓶底对桌面的压强为P2；倒放时，水对瓶盖的压强为P'1,瓶盖对桌面的压强为P'2,则（）A.pi>p'1p2>p'2B.pi>p'1p2p'2C.pi<p'1p2>p'2D.pip'1p2<pZ27. （3分）把体积相同的A、B两个实心小球，放入装有不同液体的甲、乙容器中，小球静止时的情况如图所示，则下列说法正确的是（）A.在甲容器中，小球A受到的浮力小于小球B受到的浮力B.在乙容器中，小球A受到的浮力大于小球B受到的浮力C.小球A在甲容器中受到的浮力小于在乙容器中受到的浮力D.

4、小球B在甲容器中受到的浮力大于在乙容器中受到的浮力、填空题（本大题7小题，每空1分，每空21分）8. （3分）往空矿泉水瓶内倒入一些热水，摇晃后倒出并立即盖紧瓶益，过一会儿发现瓶子慢慢向内凹陷，此现象可以证明的存在，但说明了力可以；制药工艺中为了保持药的疗效，使药液在低温下沸腾快速脱水，其物理原理是气压（选填“增大”或“减小”）液体的沸点降低。9. （3分）如图所示是就航天员王亚平在太空用小球、细线和固定支架做的一个实验：她将小球拉到一定高度并拉直细线，放手后发现小球悬停在空中，然后轻轻拨动小球，小球便不停地绕O点转动，小球在转动过程中受的力是（迭填“平衡力”或“非平衡力”）；若转动中突然剪断

5、细线，小球将会做运动。这是由于小球具有。10. （3分）自行车上用到许多物理知识：将座位调到合适高度后，旋紧调节庭钮，是通过增大来增大摩擦，起到固定座位的作用；车把上刻有花纹，是通过增加来增大摩擦；滚动轴承的内外圈之间装有钢球，是通过来减小摩擦的。11. （3分）飞艇通过充入密度比空气的气体从而实现升空的；我国自主研发的水下机器人“潜龙二号”，可以通过抛物的办法实现无动力上浮，这主要通过改变自身的来完成的。它在4500米深的海水中作业时受到水的压强是Pa（g取10N/kg,海水密度取1.0x103kg/m3）12. （3分）说明以下物体具有什么形式的能：手表中上紧的发条具有能；竖直向上抛的小球

6、在最高点时具有能；空中飞行的炮弹具有。13. （3分）如图所示，半径为r,重力为G的足球在最小力F作用下滚上台阶（图中QA,B三点共线），此时足球相当于一个杠杆，O为支点，则动力臂长度为，阻力大小为。与此杠杆一样，在指甲钳中同属于省力杠杆的是（选填相应序号）14. （3分）如图所示，在相同时间内将重物从水平面拉至梯形平台顶端，已知物重10NI,Fi=20N,F2=15NI,平台高度h=1m,斜面长Lba=2mLcd=3m,则两次过程拉力做功功率P1P2,机械效率刀2均选填“>"、或“V”），物体沿斜面AB运动过程中所三、作图题（共7分）15. （2分）如图所示，请画出悬挂线下方

7、小球的受力示意图。16. （2分）图中轻质杠杆OA在重物和绳AB的共同作用下，保持水平静止，请画出动力Fi和它的力臂Li。17. （3分）一人站在地面上要用向下的力将重物吊起，画出图中滑轮组的绕线方法。*a*t*四、实验题（本大题3小题，共19分）18. （2分）在“探究重力的大小跟什么因有关”实验中，得到下表中的数据:m/kg0.10.20.30.40.50.60.7G/N0.981.962.943.924.905.88分析数据可知：物体的质量为0.7kg时，重力是N;根据表格中的实验数据，画出重力与质量的关系图象如图所示，正确的是。I*rII19. （2分）在“测量滑动摩擦力大小”的实验中

8、，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做运动，当弹簧测力计的示数如图所示，则物体受到的滑动摩擦力的大小为N,当弹簧测力计拉着物体做加速运动时，弹簧测力计的示数增大为4N,则此时物体受到的摩擦力为No20. （2分）托里拆利测量大气压强值的实验如图所示，此时大气压强等于mm高水银柱所产生的压强。20mmX750imn21. （6分）在“探究液体内部的压强”实验中，小海用同一个压强计做了如图所示的甲、乙、丙三次实验（烧杯中的液体均未溢出）：（1）如上图，组装前的U型管（选填“是”或“不是”）连通器。实验中通过U形管两边液柱的高度差来反映被测压强大小，这种实验探究方法称作法。（2）比较甲、乙二图可

9、得出：液体压强与有关；比较乙、丙二图可得出：液体压强与有关。（3）在图甲所示的操作过程中，若小海想知道液体压强大小与方向是否有关，则应保金属盒不变，改变金属盒的方向，观察U形管两边液柱的高度差。（4）小海又找来了密度未知的液体，做了如图丁所示的实验，U形管中液面的高度差h丙>八丁，则p盐水p液体（选填">"、"v"或"="）甲乙丙丁22. （7分）小珠在“探究杠杆的平衡条件”的实验时进行了以下操作：（1）实验前，杠杆如图1所示，应将杠杆右端的平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，使柱杆在水平位置平衡，目的是（回答一条即可）

10、。（2）调至水平平衡后进行实验如图2所示，若每个钩码重为0.5N,杠杆每小格0.lm,保持钩码的数量与位置不变，改变弹簧测力计的位置，记录平衡时弹簧测力计的示数F与其作用点到支点的距离Li,分析表中的数据可得出的规律是，若仅将弹簧测力计拉力方向改为沿虚线方向，拉力力臂将，拉力大小将（均选填“变大”、“不变”或“变小”）。L"m0.10.20.3F1/N632（3）小珠将实验装置改装，制成“杠杆力臂演示仪”，如图3所示，将一个以O为圆心、OB为半径的圆形白纸，竖直放置作为背景（如图中虚线圆所示）。已知AO=0.3m,OB=0.1m,OG=0.2m,F=21N,若彳持A点所挂重物不变，拉

11、力的方向不变，作用点移至C点，则拉力F'=N;若彳持A点所挂重物不变，将F的作用点移至D点，保持F大小不变，为使杠杆仍在水平位置平衡，则F方向正确的是（选填序号）。图1图233五、计算题（本大题2小题，共13分）23. （6分）如图所示，G=6N的重物在F=3N的拉力作用下，5s内匀速上升了0.5m,求此过程中：（1）物体克服重力所做的功;（2）拉力F做功的功率；（3）滑轮组的机械效率Y（计算结果保留一位小数）。24. （7分）中国首艘国产航母于2017年4月26日正式下水，设计满载排水量为7X104t.问:（g取10N/kg,海水密度取1.0乂103kg/m3）（1）它满载时受到的浮

12、力是多少牛？（2）一架质量为20t的舰载飞机从航母起飞后，航母排开海水的体积变化了多少立方米？六.综合能力题（本大题3小题，共19分）25. （6分）小珠利用如图装置完成了以下实验：（1）在“探究物体的动能跟哪些因素有关”实验中，研究的是（选填“小球”或木块“）的动能。分析图1中现象得出的实验结论是：当物体质量一定时，越大，动能越大。（2）在“探究物体的重力势能跟哪些因素有关”实验中，分析题图1中现象得出的实验结论是：当物体质量一定时，越高，重力势能越大；进行图2实验时，要保证小球由同一高度滑下，分析得出的实验结论是。（3）若两次实验中的水平面都是光滑的，则（选填“能”或"不指”）得

13、出实验结论。26. （7分）小珠按如题图所示的操作“探究浮力大小跟哪些因素有关”。（1）由D、E两图可得出结论：物体受到的浮力大小与液体的密度有关，液体的密度越大，物体所受的浮力越。（已知则p酒精vp液）（2）通过比较日C两图，小珠得出：浮力的大小与浸在液体中的深度有关，你认为此结论是（“正确”或“错误”）的，理由是。(3)图C中物块上表面与水面相平，则物块下表面所受水的压力为N.在图D所示的操作过程中，小珠继续将物块浸入水中，发现物块接触容器底部后弹簧测力计的示数先减小最后突然变为0,此时容器底部对物块的支持力为N。(4)物块的密度为kg/m“AG600'飞行时，以为参照物，飞行员是

14、静止的；(2)飞机机翼的横截面设计成如图2所示的形状，是利用流体流速越的位置，压强越的原理，飞行时，机翼上A处受到的压强比B处受到的压强(选填“大”或“小”)。(3)在进行森林灭火任务时，在火场上空水平飞行的“AG60。向下洒水，洒水后它的重力势能将(选填“增大”，“不变”或“减小”)。“AG600"在地面静止时共有6个轮子与地面接触，每个轮子与地面的接触面积为0.25m2,则飞机对地面最大的压强为Pa(g取10N/kg)(g取10N/kg)。ABCDE27. (6分)阅读短文，回答问题：水陆两用飞机AG6002016年在珠海展亮相的新型水陆两用飞机一AC600(如图1),由中国自行

15、研制并在珠海总装，该机一举越越日本的US-2水上飞机，成为当今世界上最大的水上飞机。它具有在水面起降，汲水迅速，投水准确的特点。可以及时扑灭高层建筑和森林发生的火灾，堪称最专业的“救火机”，它的部分性能参数如表所示：动力系统4台W6涡浆发动机取大干飞速度每小时540公里取大起飞质里48000千克最大航程5300公里汲水20秒内12000升2017-2018学年广东省珠海市香洲区八年级（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的，请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑.1 .【分析】（1）增大压强的方法：是在压力一

16、定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。（2）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。【解答】解：A、安全锤头部是锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意。以滑雪板面积较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B符合题意。C切果器刀片很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意。D压路机上的碾子很重，是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强，故D不符合题意。故选：Bo【点评】知道压强大小的影响因素，掌握增大、减小压强的方法，分析时利用好控

17、制变量法。2 .【分析】（1）平衡力大小相等，方向相反，在同一直线上，在同一物体上；（2）物体间力的作用是相互的；（3）对人受力分析即可解答。【解答】解：A、静止站立在地面上，她对地面的压力和她受到的重力方向相同，不是一对平衡力，故A错误；以立定跳远时，脚要用力向后蹬地，脚给地面一个向后的力，同时地面给人一个向前的力，于是人跳起，说明物体间力的作用是相互的，故B正确；C在起跳时用力蹬地，她对地面的压力与地面对她的支持力，两个力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故C错误；D在腾空过程中，她只受重力和空气阻力的彳用，不再受到方向向前的力，故D错误。故选：Bo【点评】本题考查了对力的概念、二力平衡概

18、念、重力等知识的理解，难度不大。3 .【分析】解答此题的关键是掌握增大或减小摩擦的方法。增大摩擦的方法有：增大接触面的粗糙程度；增大接触面之间的压力；变滚动为滑动。减小摩擦的方法正好与此相反。【解答】解：A、取出箱内的物品，减小了压力，可以减小箱子所受滑动摩擦力，故A正确；以改变箱子运动的方向，不能减小箱子所受滑动摩擦力，故B错误；C减小推箱子的力，如果箱子仍是运动的，因压力大小和接触面的粗糙程度均不变，则箱子所受滑动摩擦力不变，故C错误；D增大箱子运动的速度，不能减小箱子所受滑动摩擦力，故D错误。故选：Ao【点评】此题主要考查学生对增大或减小摩擦的方法的理解和掌握，学习中要多联系实际生活，学

19、会利用所学的知识解决实际问题。4 .【分析】(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。惯性是物体的一种属性，不是力；(2)物体的沉浮与物体的重力大小以及物体所受浮力的大小无关，它是由物体所受重力与浮力的合力决定。当合力向上则物体上浮；当合力向下，则物体下沉；当合力为0,则物体处于漂浮或悬浮状态；(3)力是改变物体运动状态的原因；(4)动能的大小与物体的质量、速度有关。【解答】解：A、停止划桨后，龙舟还会继续前进一段距离，是因为龙舟具有惯性，而不能说受到惯性力，故A错误；以龙舟漂浮在水面上时，龙舟所受的浮力等于重力，故B错误；C停止划桨后，龙舟会慢慢停下来，是因为受到水的阻力的作用，

20、故C正确；D龙舟在加速前进时，质量不变，速度增大，所以动能变大，故D错误。故选：Co【点评】以龙舟比赛为背景，考查了与力学相关的多个知识点，有一定综合性，但难度不大，体现了物理知识与实际的联系。5 .【分析】做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。【解答】解:A、运动员举看杠铃原地不动，人给杠铃一个向上的力，但杠铃向上没有移动距离，所以人对杠铃没有做功，故A错误；日沿水平方向搬运花盆，人给花盆一个向上的力，但花盆向上没有移动距离，所以人对花盆没有做功，故B错误；C投篮后篮球在空中飞行，是因为篮球具有惯性，此时不再受手的推力，所以人对球不做功，故C错误；D

21、沿水平方向推动小车，推力作用在小车上，小车在推力的方向上通过了距离，所以人对车做了功，故D正确。故选：Do【点评】掌握做功的两个必要因素，有力有距离不一定做功，力对物体做功，一定是在该力的方向上移动了距离。6 .【分析】(1)水对瓶底和瓶盖的压强可直接利用p=pgh进行判断。(2)瓶底和瓶盖对桌面的压力等于水和矿泉水瓶的重力。【解答】解：(1)由图可知，倒放时瓶中水的深度较大，根据p=pgh可知，倒放时水对瓶盖的压强较大，即pi<p2,故A、C错误。(2)瓶底和瓶盖对桌面的压力等于水和矿泉水瓶的重力；因为矿泉水瓶和水的重力是一定的，所以正放对桌面的压力等于倒放时桌面的压力，即Fa=Fb。

22、倒放时瓶盖和地面的受力面积小，即Sa>Sb,根据p=得知，对桌面的压强关系为：pvp2.故B错误，D正确。故选：Do【点评】比较液体压强的大小关系可以根据液体压强的计算公式p=pgh进行分析；液体对容器底部的压力可以根据F=pS分析，也可以根据承装液体容器的形状进行分析得出。7 .【分析】(1)根据5浮=p液gV排，可判断出两个小球所受浮力的大小关系；(2)通过A球在两液体中的状态，可判断乙液体的密度大，根据两个小球的浮沉情况及物体的浮沉条件，可判断出各个选项。【解答】解：A在甲容器中，两球都沉底，则VV物，已知AB两个实心小球的体积相同，则两球排开液体的体积相等，由F浮=p液9丫排可知

23、，两球所受的浮力相等，故A错误；日由图知，在乙容器中，A排开液体的体积小于B排开液体的体积，根据5浮=p液gV排可知，A所受的浮力小于B受到的浮力，故B错误；C小球A在甲容器中沉底，则F浮a甲VG;小球A在乙容器中漂浮，则F浮人乙=3,所以小球A在甲容器中受到的浮力小于在乙容器中受到的浮力，故C正确；D由图知，A在甲液体中沉底，则p甲vpa；A在乙液体中漂浮，则paVp乙，由此可知p甲vp乙；小球B在甲、乙两容器中都沉底，则排开液体的体积相同，都等于B的体积；由于p甲vP乙，根据Fp液gV排可知，小球B在甲容器中受到的浮力小于在乙容器中受到的浮力，故D错误。故选：Co【点评】此题通过分析小球在

24、液体中的浮沉情况，考查了对阿基米德原理、浮沉条件的应用，同时考查了密度知识的应用，难度较大。二、填空题(本大题7小题，每空1分，每空21分)8 .【分析】(1)力的作用效果，可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态；往空矿泉水瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉，此时瓶内空气大部分被水蒸气排出，立即盖紧瓶盖，过一会儿，瓶内的水蒸气液化成水，使瓶内的气压减小，而瓶外大气压不变，则瓶子在大气压力的作用下慢慢向内凹陷；(2)液体的沸点与气压有关：气压越大，沸点越高；气压越低，沸点越低。【解答】解：(1)向瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉，热水蒸发产生的水蒸气排出了里面的空气，立即盖紧瓶盖，过一会儿，瓶内的

25、水蒸气液化使瓶内气压减小，而外界大气压不变，在大气压作用下使瓶子慢慢向内凹陷，说明力可以改变物体的形状；(2)液体的沸点与气压有关：气压越大，沸点越高；气压越低，沸点越低；故制药工艺中为了保持药的疗效，使药液在低温下沸腾快速脱水，应减小气压，降低沸点。故答案为：大气压；改变物体的形状；减小。【点评】本题考查了学生对大气压存在的了解和掌握以及沸点与气压的关系。9 .【分析】(1)物体保持平衡状态时受平衡力的作用；(2)对小球进行受力分析，然后利用惯性知识分析解答，物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。【解答】解：(1)轻轻拨动小球，小球便不停地绕O点转动，此时小球的运动方向在不断改变，即小球处于

26、非平衡状态，所以小球在转动过程中受的力是非平衡力；(2)小球转动中突然剪断细线，因为小球在太空中不受重力影响，所以小球会由于惯性继续做匀速直线运动。故答案为：非平衡力；匀速直线；惯性。【点评】此题将高中常见的物理场景引入初中物理考查，主要考查学生对惯性现象的理解，利于初高中物理知识的衔接，关键是对小球进行受力分析，要有一定的想象力。10 .【分析】(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力

27、；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。【解答】解：将自行车座位调到合适高度后，旋紧调节旋钮，是通过增大压力来增大摩擦，起到固定座位的作用；车把上刻有花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的；滚动轴承的内外圈之间装有钢球，是通过用滚动代替滑动来减小摩擦的。故答案为：压力；接触面的粗糙程度；用滚动代替滑动。【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。11 .【分析】(1)浸在液体或气体中的物体都受到液体或气体对它施加的竖直向上的浮力。热气球是靠改变球内的空气密度来实现上浮和下沉的，知道物体密度小于气体密

28、度时，物体上浮。(2)潜水艇浸没在水中无论是上浮还是下沉，潜水艇的体积不变(排开水的体积不变)，受浮力不变；通过让海水进、出压力舱改变潜水艇受到的重力，实现上浮或下沉的。(3)根据p=pgh判断所受水的压强变化，并求出下潜到4500米深的水中时受到水的压强。【解答】解：飞艇是利用它们在空气中的浮力来工作的；只有当它们的密度小于空气的密度时，才可以升空；水下机器人“潜龙二号”的工作原理是物体的浮沉条件，因水下机器人“潜龙二号”的体积不变(排开水的体积不变)，受浮力不变；所以水下机器人“潜龙二号”通过调节自身的重力来实现上浮和下沉的；水下机器人“潜龙二号”到4500米深的水中时，受到水的压强：p=

29、pgh=1.0X103kg/m3x10N/kgx4500m=4.5x107Pa。故答案为：小；重力；4.5X107。【点评】本题考查物体沉浮条件的应用；知道漂浮的特点，会利用阿基米德原理分析，正确理解物体的运动状态取决于物体所受的重力和浮力。12 .【分析】(1)物体由于运动而具有的能叫动能，影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；(2)物体由于被举高而具有的能叫重力势能，影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；(3)物体由于发生弹性形变而具有的能叫弹性势能，影响弹性势能大小的因素：弹性形变程度。弹性形变程度越大，弹性势能就越大。【解

30、答】解：手表中的发条上紧后，发生弹性形变，可使手表走很长时间，是因为这时发条具有弹性势能；小球在最高处时，质量一定，位置最高，所以具有重力势能最大；飞行的炮弹，处于高速运动状态，所以具有动能；同时相对地面有一定的高度，所以具有重力势能。故答案为：弹性势；重力势；动能和重力势能。【点评】本题是一道基础题，知道动能、重力势能、弹性势能的概念是解题的基础，比较简单。13 .【分析】(1)要把物体提升一定高度，需要克服物体重力；在圆上最长的弦是直径；在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力；(2)省力杠杆和费力杠杆的区分：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆。【解答】解：(

31、1)由图知，要将足球滚上台阶，需要克服足球的重力，所以将滚上台阶的足球看作杠杆，阻力是重力G支点在O点，要使动力最小，需要动力臂最长，所以是足球的直径，即2r；(2)指甲钳中有三个杠杆，分别为手柄、上方刀片和下方刀片。其中，手柄的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，另外两个刀片都是费力杠杆。故答案为：2r；G;。【点评】此题考查了杠杆最小力问题及三类杠杆的区分。正确理解力臂的概念是解答的基础。14 .【分析】(1)已知两过程拉力的大小和两斜面的长度，根据公式W=Fs求出出两次拉力做功的大小；拉动物体的时间相同，根据公式P=鸟，可判断拉力所做功的功率大小；t(2)由有用功与总功的关系分析斜面的机械效率

32、的大小关系；(3)已知物体的重力和斜面的高度，根据公式W=Gh可求推力所做的有用功，总功与有用功的差就是运动过程中物体克服摩擦力所做的功，利用W=fs求出摩擦力的大小。【解答】解：(1)两次拉力做功(总功)分别为：W=FiLba=20NX2m=40J,W=F2LC户15NX3m=45J;比较可知WvW,即沿斜面BA拉动物体时所做的总功较小；因为WvW,且拉动物体的时间相同，根据公式P=E可知，拉力做功的功率P1VP2；t(2)两次都将同一物体提升到相同高度，由Wr=Gh可知，所做的有用功相同，w有由前面解答可知，第一次所做的总功较小，根据刀=7;一可知，第一次的机械效率较大，W曰11g即Y)1

33、>Y2；(3)物体沿斜面AB运动过程中，有用功：Wr=Gh=10NX1m=10J,该过程中，克服物体所受摩擦力做的额外功：W=W-Wt=40J-10J=30J,由Wi=fL可得，物体沿斜面AB运动时所受的摩擦力：fW额3_f=.=15N。故答案为：v；>15。【点评】知道斜面长、高、推力、物重，求出有用功和总功，判断做功功率的大小以及机械效率的大小，属于综合性题目。三、作图题(共7分)15 .【分析】小球处于平衡状态，一定受力平衡，受到重力和弹簧的拉力，重力的作用点在重心上，方向竖直向下，拉力的作用点在重心上，方向竖直向上。【解答】解：小球受重力和拉力，重力竖直向下画，标上符号G,

34、拉力竖直向上画，作用点画在小球的重心上，标出符号F,注意两个力长度相等，如图:【点评】平衡状态的物体，一定受到平衡力的作用；作出力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。16 .【分析】动力Fi的作用点在A点，动力沿绳收缩的方向向上；根据力臂的概念，做出从支点到力的作用线的距离。【解答】解：动力Fi的作用点在A点，方向沿绳的方向向上，从支点O向动力的作用线引垂线，垂线段的长度即为其力臂Li；如图所示：【点评】本题主要考查了力臂的画法，作力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段。17 .【分析】人站在地面上，所以绳子自由端的拉力方

35、向必须向下，也就确定了绳子的绕法,由此画出滑轮组的绕线。【解答】解：人站在地面上要用向下的力将重物吊起，所以先从绳子的自由端画起，然后依次向内绕线即可确定绳子的绕法，最后绳子系在定滑轮下面的挂钩上，如图所示：【点评】滑轮组的绕线时，当绳子的根数n为偶数时，绳子的固定端应拴在定滑轮上,开始绕绳子；当n为奇数时，绳子的固定端应拴在动滑轮上，开始绕绳子。还要注意是否需要改变力的方向。四、实验题(本大题3小题，共19分)18 .【分析】(1)分析数据可得S=9.8N/kg,据此计算当质量为0.7kg时物体的重力；(2) 6=9.8N/kg为正比例函数，再结合选项进行判断。m【解答】解：(1)分析表中数

36、据可得，重力与质量的比值&=9.8N/kg,m当物体的质量为0.7kg时，它受到的重力为：G=mx9.8N/kg=0.7kgx9.8N/kg=6.86N;(2)色=9.8N/kg为正比例函数，说明物体所受的重力跟它的质量成正比，图象过坐标m原点的倾斜直线，故选B图。故答案为：6.86;Bo【点评】本题考查了重力的大小跟什么因素有关，考查了实验数据的分析以及重力与质量的关系图象。19.【分析】弹簧测力计拉动物体时，弹簧测力计示数等于拉力大小，物体进行匀速直线运动时，物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等。弹簧测力计读数：首先确定每一个大格和每一个小格的读数，然后读数。滑动摩擦力大小

37、跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度、接触面积大小等没有关系。【解答】解：在水平桌面上，用弹簧测力计沿水平向左拉动木块，木块进行匀速直线运动时，木块受到的拉力和摩擦力才是平衡力，大小相等，通过测量拉力大小来获得摩擦力大小。弹簧测力计的一个大格代表1N,一个小格代表0.1N,弹簧测力计示数是3.4N.拉力是3.4N,滑动摩擦力也是3.4N。滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，当拉力增大为4N时，物体进行加速运动，物体对水平桌面的压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，还是3.4N。故答案为：匀速直线；3.4;3.4。【点评】本题考查了二力平衡的应用和测力计的读数，属于

38、基础知识。20 .【分析】在托里拆利实验中，水银柱的高度差应是垂直高度，而不是水银柱的长度。【解答】解：图中750mm高度才是水银柱的垂直高度，它产生的压强与大气压大小相等;故此时大气压强等于750mmW水银柱所产生的压强。故答案为：750。【点评】此题考查了托里拆利实验中水银柱的观察方法，是一道基础题。21 .【分析】(1)根据连通器的概念来判断该装置是否属于连通器：连通器是上端开口，底部连通的容器；在实验中液体压强的大小变化不易直接测量，可以寻找液体压强的变化会引起哪些物理量发生变化，看能否通过形象直观的变化来反应液体压强的大小变化，这种方法叫转换法。(2)液体压强受液体密度、深度两个因素

39、影响，要注意控制变量法研究思想；(3)要探究液体压强大小与方向是否有关，根据控制变量法的要求，逐一分析控制量和变化量；(4)液体压强受液体密度、深度两个因素影响，要注意控制变量法研究思想。【解答】解：(1)压强计使用之前，要调节U型管两边的液面位置要相平，这个组装好的压强计一端是封闭的，不符合上端开口，底部连通的特点，所以不是连通器；在实验中液体压强的大小变化不易直接测量，液体压强的变化会引起压强计的探头受到的压力发生变化，从而导致压强计探头上的橡皮膜的形状发生变化，进而引起压强计U形管两侧液面的高度差发生变化，因此可以利用压强计U形管两侧液面的高度差来判断液体压强的大小变化，这种方法叫转换法

40、；(2)比较甲、乙实验可知，在液体的深度相同时，图甲中用的是水，图乙中是盐水，盐水的密度大于水的密度，因此U型管内水面出现高度差比较大，说明液体内部压强与液体的密度有关系；比较乙、丙实验可知，在液体的密度相同时，图乙中压强计的金属盒所处的深度较深，U型管内水面出现高度差比较大，说明液体内部压强与液体的深度有关系。(3)要探究液体压强大小与方向是否有关，根据控制变量法知：需要控制橡皮膜的深度不变，改变橡皮膜的方向观察U形管两边液柱的高度差。(4)与丁图相比，丙图中深度较小，压强却较大，可知盐水密度大于液体密度，则p盐水P液体。故答案为：(1)不是；转换；(2)液体密度；液体的深度；(3)深度；(

41、4)。【点评】此题考查的是我们对于液体压强计的了解以及液体内部压强的影响因素，液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。22.【分析】(1)杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响。调节杠杆两端的平衡螺母，使螺母向偏高的一端移动，使杠杆在水平位置平衡。(2)钩码在支点的左侧，要使杠杆平衡，根据杠杆的平衡条件：FiLi=F2L2,分析表中的数据可得出的规律；仅将弹簧测力计拉力方向改为沿虚线方向，拉力力臂将变小，力变大；(3)根据杠杆的平衡条件：FiLi=F2L2可求拉力；保持A点所挂重物不变，将F的作用点移至D点，保持F大小不变，为使杠杆仍在水平位置平衡

42、，根据杠杆的平衡条件分析F的方向。【解答】解：(1)实验前没挂钩码时，发现杠杆右端下倾，则重心应向左移动，应将右端平衡螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡，实验前使杠杆水平平衡的目的是方便力臂的测量。(2)每个钩码重为0.5N,杠杆每小格0.lm,保持钩码的数量与位置不变，改变弹簧测力计的位置，记录平衡时弹簧测力计的示数F与其作用点到支点的距离Li,根据杠杆的平衡条件：FiLi=F2L2,3X0.5NX4X0.1m=6NX0.1m=3NX0.2m=2NX0.3m=0.6N?m)在阻力、阻力臂一定时，动力与动力臂成反比；从图2中可以看出，弹簧秤的作用力最长的力臂为2L,仅将弹簧测力计拉力方向改为沿

43、虚线方向，阻力、阻力臂不变，拉力力臂将变小，因此作用力将变大;(3)已知A0=0.3m,OB=0.1m,OC=0.2m,F=21N,若保持A点所挂重物不变，拉力的方向不变，作用点移至C点，根据杠杆的平衡条件，F1L1=F2L2,F作用点在D点，GX0A=FXOD因为0A=0D所以G=F=21N,保持A点所挂重物不变，拉力的方向不变，作用点移至C点，则拉力GX0上F'XOQF'='21NX0.3m0.2ro=31.5N保持A点所挂重物不变，将F的作用点移至D点，保持F大小不变，为使杠杆仍在水平位置平衡，由图可知重物G的力与力臂的作用效果是沿逆时针转动，则F的力与力臂的作用

44、效果应该沿顺时针方向，杠杆才能保持平衡，故F的方向正确的是；F在的力臂变大，F变小，不符合题意。故答案为：（1）左；方便测量力臂；（2）在阻力、阻力臂一定时，动力与动力臂成反比；变小；变大；（3）31.5;。【点评】本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算。当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小。五、计算题（本大题2小题，共13分）23.【分析】（1）利用滑轮组做功时，对物体所做的功为有用功，计算公式为W=Gh;（2）动力做的功为总功，计算公式为W=Fs,而根据拉重物的绳子有几段

45、，s就是h的几倍；由P=1L计算拉力的功率；t（3）机械效率是有用功占总功的比率。【解答】解：（1）物体克服重力所做的功（即有用功）：Wr=Ghi=6NX0.5m=3J;（3）由图知，通过动滑轮绳子段数n=3,则拉力F做的总功：W=Fs=Fnh=3NX3X0.5m=4.5J;拉力F做功的功率：P=0.9W;t5s(3)滑轮组的机械效率：“有用3Tn/n/r="x100联1rx100%66.7%;w总4.5T答：（1）物体克服重力所做的功是3J;（2）拉力F做功的功率是0.9W;（3）滑轮组的机械效率是66.7%。【点评】本题综合考查了滑轮组的绕法、有用功、额外功、总功、机械效率的计算

46、，涉及到滑轮组承担物重绳子股数n的确定及利用，知识点较多。24.【分析】（1）知道航母满载时排水量，根据阿基米德原理即可求出满载时航母所受的浮力；（2）舰载机起飞后，航母的重力减少，受到的浮力减少，减少的浮力等于舰载飞机的重力，然后由浮力公式的变形公式求出航母排水量的体积减少量。【解答】解：(1)根据阿基米德原理可知满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=7X107kgX10N/kg=7X108N,(2)由于航母处于漂浮状态，浮力等于航母的重力，则舰载飞机从航母起飞后，F浮=G舰载机=m舰载机g,根据阿基米德原理5浮=p海/ggV排可知：p海水g4V排=m舰载机g,所以，排开海水体积减小量：3:

47、'”3V排-=20m。P水LOXlOg/n?答：(1)满载时航母所受的浮力为7X108N;(2)航母排开海水的体积变化了20030【点评】本题考查阿基米德原理和物体漂浮条件的应用，关键是知道水平面上物体的压力与自身的重力相等以及知道舰载飞机起飞前后航母始终漂浮，计算过程要注意单位的换算。六.综合能力题(本大题3小题，共19分)25 .【分析】(1)实验中探究动能大小与小球质量和速度的关系；物体动能大小跟速度和质量有关，探究动能跟速度关系时，控制质量不变，改变速度大小；探究动能跟质量关系时控制速度不变，改变质量大小；(2)重力势能跟质量和高度有关，探究重力势能跟高度的关系时，控制质量相同

48、；探究重力势能跟质量关系时，控制高度相同；钢球的质量越大，木块推得越远，说明在钢球速度相同的情况下，钢球的质量越大，动能就越大；(3)根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则纸盒不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动。【解答】解：(1)实验中物体的动能是指小球的动能；图1实验中，两小球的质量相同，滚下的高度越大，到达水平面的速度越大，将木块推得越远，得出的结论是：质量相同时，物体运动的速度越大，动能越大；（2）在“探究物体的重力势能跟哪些因素有关”实验中，分析题图1实验中现象可知,两小球的质量相同，滚下的高度越大，将木块推得越远，得出的实验结论是：当物体质量一定时，高度越高，重力势能越大；图2实验中，让质量不同的小球从同一高度自