河北-2020年中考物理考前押题密卷(全解全析)

1、2020年河北中考押题密卷物理全解全析123456789BDCDDBBCDACDBCD一、选择题（1-6为单选题每小题 2分，7-9题为多选题每不题 3分，共21分）1.【答案】B【解析】A、正常情况下，人的体温在 37c左右，变化幅度很小。故 A不符合实际；1B、人正吊步仃的速度在 4km/h = 4X326 m/s=1m/交右。故 B符合头际；C、三层楼的高度在10m左右，一层普通教室的高度在3m左右。故C不符合实际；D、一个鸡蛋的质量在 50g= 0.05kg左右，受到的重力为 G=mg= 0.05kg 10N/kg = 0.5N .故D不符合实际。故选：B。2 .【答案】D【解析】A、

2、响度是指声音的大小，音调是指声音的高低。老师讲课时声音洪亮是指声音的很大，是指响度，故A错误；B、利用超声波清除人体内的结石，说明声音可以传递能量，故 B错误；C、电磁波与声波都能传递信息与能量；故 C错误。D、手机把信息的传递给对方的时候是利用电磁波，但是手机内部需要把声信号先转化为电信号；故D正确。、3 .【答案】C【解析】A、冰棍冒”出的白气”；是水蒸气遇冷液化成的小水滴，此过程放热；故 A错误；B、昆虫和植物上的露珠是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，此过程放热；故B错误；C、用久了的白炽灯，灯丝变细是固态的鸨，变成鸨蒸汽，是升华现象，此过程吸热；故C正确；D、北方寒冷的冬天洒水成

3、冰，水由液态变成固态，属于凝固现象；此过程放热；故D错误。4 .【答案】D【解析】A、放在水中的铅笔看起来向上弯折，是因为光从水中斜射入空气时，折射角大于入射角，属于光的折射现象，故A不符合题意。B、地上形成影子是由于光沿直线传播，物体挡住了光线而形成的，故 B不符合题意。物理第1页（共7页）C、激光错位是光线在界面发生偏折，属于光的折射现象，故C不符合题意。D、景物在水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D符合题意。5 .【答案】D【解析】A、乘客和车站之间的位置发生了变化，以车站为参照物，乘客是运动的，故A错误；B、惯性只与质量有关，与速度无关，故 B错误；C、牵引力在水平方

4、向，支持力在竖直方向，根据二力平衡条件，这两个力不是一对平衡力，故C错误；D、加速运动，牵引力大于阻力，故 D正确。6 .【答案】B【解析】如图所示，在 探究凸透镜成像的规律 ”实验中，烛焰在距离凸透镜 u=8cm处时，在距离凸透镜v=15cm 处的光屏上成倒立的像。保持蜡烛和光屏不动，现把凸透镜向光屏方向移动7cm,此时u' =8cm+7cm=15cm 此时像距 v' =15cm-7cm=8cm,在光的折射现象中光路是可逆的，因此在光屏上能成像，此时像距小于物距，则在光屏上能成 倒立缩小的实像，故 ACD错误，B正确。7 .【答案】BCD【解析】A、图甲没有电池，验证闭合电路

5、的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验，是发电机的原理图，故 A正确；B、图乙验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯特的实验，说明了电流的磁效应，故B错误；C、图丙电流大小一定，匝数多的线圈吸引较多的铁钉，可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系，不能探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，故C错误；D、图丁有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置原理制造了电动机，电动机在工作过程中将电能转化为机械能，故 D错误。8 .【答案】ABC【解析】由题知， A、B、C三个正方体的体积相同；A、由图可知，A、B、C三个正方体排开水的体积关系为Va排vVb排vVc排，根据F s

6、= p»gV排可知，浮力的大小关系为：FaVFbVFc,故A错误；B、由图可知，A和B处于漂浮，C处于悬浮，则由浮沉条件可知：Ga=Fa, Gb = Fb, Gc=Fc,由于FavFbvFc,所以GavGbvGc；由于正方体 A、B、C的体积相同，所以根据p=，=号可知，物体密度的大小关系：pA庐 pc,故B错误；g VC、由图可知三个完全相同的容器内水的深度相同，由p= p ghT知液体底部压强关系是 p甲=p乙二p丙，三个容物理第2页（共7页）器的底面积相同，根据 F=pS可求容器底部受到水的压力大小关系：F *F =F丙，故C错误；D、因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于

7、自身重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的 重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等；由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为F =F i=F丙，根据p = |可知，容器对桌面的压强大小关系为p/p小p丙，故D正确。S9 .【答案】BCD【解析】（1）由电路图可知，闭合开关 &时，R与2串联，电流表测电路中的电流，电压表测及两端的电压，再闭合开关S2后，Ri与R并联后再与R2串联，电流表测R支路的电流，电压表测R2两端的电压，因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，所以，R

8、i与R并联后的总电阻小于 R的阻值，则电路的总电阻变小，由I = U可知，电路的总电流变大，故 A错误；由串联电路的分压特点可知，并联部分的电压变小，RR两端的电压变小，由1=1可知，R的阻值不变时，通过 R的电流变小，即电流表的示数变小，因并联电路R中干路电流等于各支路电流之和，且干路电流变大，通过R的电流变小，所以，通过 Ri的电流变大，且通过Ri电流的增加量大于通过 R2电流的增加量，故B正确；因R2两端电压和滑动变阻器两端电压的电压 之和等于电源的电压，所以，R2两端电压的变化量与滑动变阻器两端电压的变化量相等，故C正确；（2）当滑片P向a端移动时，接入电路中的电阻变大，并联部分的总电

9、阻变大，由串联电路的分压特点可知，并联部分电压变大，R2两端的电压变小，则通过Ri的电流变大，干路电流变小，由并联电路的电流特点可知，通过 R的电流变小，即电流表的示数变小；同理可知，当滑片 P向b端移动时，通过 Ri的电流变小，干路电流变大，通过R的电流变大，电流表的示数变大，所以，要使电流表恢复到原来的示数，应将滑动变阻器的滑片 P向B端移，故D正确。二、填空题（每空 i分，共ii分）10 .【答案】i403000 i000【解析】（i）由图知，小英家 7月份用电器消耗的电能为：W=6768.2kW?h 6628.2kW?h=i40kW?h ;（2）由电能表的参数可知，工作电压为 U=22

10、0V,允许工作的最大电流为 I=30A,电能表允许用电器工作的最大总功率：P大=UI=220V X30A=6600W ,已知她家现在已经接入用电器的总功率为3600W,则最多还可以同时连接用电器的功率为 6600W 3600W=3000W ;（3） 3200imp/kW?h表示每消耗ikW?h的电能，电能表的指示灯闪烁 3200次，则电能表指示灯闪烁 i60次时，饮水机消耗的电能：W=0kW?h=0.05kW?h ,3200物理第3页（共7页）饮水机的实际功率:P=W 0.05kW?h=1kW=1000W。60h因为饮水机正常工作，所以饮水机的实际功率等于额定功率，则饮水机的额定功率是1000

11、W。11 .【答案】势 动【解析】卫星从远地点向近地点运行的过程中，其质量不变，相对高度降低，则势能减小；同时速度增大,动能增大，是势能转化为动能。故答案为：势；动。动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量和 局度。质量越大，tWj度越tWj,重力势能越大。本题主要考查了势能与动能之间的转化，了解各自的影响因素是判断的关键。12 .【答案】热传递；1.26 107； 0.45【解析】太阳热水器内的水吸收热量，温度升高，是通过热传递方式使水的内能增加。水吸收的热量（水吸收的太阳能）：Q 吸=cmt=4.2 103J/ (kg?C) X60kg X

12、(70C20C) = 1.26 107J;, Q由了X100%可得天然气完全燃烧释放的热量: Q吸 1.26 107J 彳 0 5c7,Q 放=丁 70%=1.8>10J，由Q=Vq可得，需要消耗天然气的体积:Q放 1.8 107Jc,u 3"丁 =诉诉3"45m3。13 .【答案】太阳；裂变；不可再生【解析】（1）太阳能电池在太阳光照射下发电，是将太阳能转化为电能;（2）核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核潜艇的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量。光伏发电系统发电时太阳能转化为电能；核能主要包括核

13、裂变与核聚变，由于核聚变的反应目前还不可控，故核电站主要是利用了核裂变获得能量。（3）核能短期内不能从自然界得到补充，属于不可再生能源。三、实验探究题（14题5分，15题6分，16题8分，共19分）14 .（每空1分）【答案】（1）间接地（2）金属盒对纸的压力（3）不能 （4）、（5） C【解析】（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力物理第4页（共7页）平衡，拉力大小才等于滑动摩擦力的大小，间接地测出摩擦力的大小；（2）实验步骤使用的氢气球受到竖直向上的浮力作用，故绳子对金属盒有一个竖直向上的作用力，故是为了改变压力大小；（3）根据实验步骤、的数

14、据不能说明滑动摩擦力的大小与压力大小有关，理由：重力大小发生了改变;（4）根据实验步骤、的数据说明：滑动摩擦力的大小可能与物体的重力大小无关；（5）金属盒处于静止状态，受到平衡力的作用，与直接用弹簧测力计拉动金属盒测量滑动摩擦力相比，测力计便于读数（或对白纸的运动没有要求）。15 .（每空1分）【答案】（1）平衡螺母；力臂；（2）向左倾；（3）游码；39;7.8【解析】（1）实验前先要调节杠杆上的平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，使杠杆平衡的目的有两个：一是避免杠杆重力对杠杆转动的影响；二是便于测量力臂的长度；（2）设一个钩码的重力为 G,杠杆一个小格的长度为 L,在杠杆上的A处挂两个钩码，B处挂

15、三个同样的钩码杠杆平衡，即2GML=3GX2L若在杠杆两侧的钩码下方各增挂一个相同的小金属球，设金属球的重力为G左端：（2G+G） X3L = 6GL+3GL,右端：（3G+G） X2L = 6GL+2GL,左端大于右端，故左端下沉；（3）把天平放在水平桌面上，将游码拨至标尺左端零刻度处，再调节天平平衡；小金属球的质量为：m=20g+10g+5g+4g =39g。小金属球的体积为：V= 30mL 25mL = 5mL = 5cm3。小金属球的密度是：p= V = 5cm 3 = 7.8g/cm3。16 .（作图2分，其余每空1分）【答案】（1） 呼（2）电流相等；温度升高的示数（3）大于（4）

16、大于 不成正比（5）两瓶煤油的质量大小是否相等【解析】（1）根据左图，将两电阻丝串联，变阻器左下接线柱连入电路中，如答图所示：（2）电路中电阻丝的连接方式是为了控制电流相等；根据转换法，电阻丝放出热量的多少，是通过温度计的示数变化来进行判断的；物理第5页（共7页）7(3)闭合开关，因电流和通电时间相同，Ri>R2,根据Q = I2Rt可知，经过一定时间，Ri产生的热量多，根据Atua可知ti大于tz； cm(4)闭合开关，移动滑动变阻器的滑动触头，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同，根据Q=|2Rt可知，电阻丝产生的热量是原来的4倍；根据t=cQ可知，用电阻丝 Ri(或

17、R2)加热的煤油，温度升高量 t'i(或AtZ)大于24ti(或24t2),该实验说 明电流产生的热量与电流不成正比例关系。(5)这个实验产生误差的主要原因是：两瓶中煤油的质量是否相等或两温度计的准确性是否一致。四、计算题(17题9分，18题10分，共19分)17.【答案】(1)圆柱体A的密度是2X103kg/m3;(2)从A截取h=6cm的圆柱块平放在 B的中央，B对桌面的压强增加 400Pa；(3)图2中a的值是3cmo【解析】(1)从A的上表面沿水平方向截取高为h的圆柱块，并将截取部分平放在B的中央，则A对桌面的压强逐渐减小，B对桌面的压强逐渐增加, 可以判断A的最初压强是200

18、0Pa,均匀柱体对水平面的压强 p=pgh则圆柱体 A的密度:2000Pa怏一hAg 0.1mM0N/kg= 2X103kg/m3；物理第9页(共7页)6(2)从A截取h=6cm的圆柱块的重力：Ga=pAgAhASA,已知Sa:Sb=1 ： 3,将圆柱块平放在 B的中央，B对桌面的压强增加量:AF AGa pAg hASA 2 X103kg/m3 M0N/kg >6M0-PB = W SbSb2m , =400Pa；(3)由图象知，B的最初压强是1200Pa,则由p=pgh得圆柱体B的密度:Pb1200Pa2-332=hBg=10N/kg W06m = 2><10 kg/m，

19、由图象知，截取高度 a,剩下部分 A和截取后叠加B的压强相等,即：Pa'= Pb',-gaSA+ 3ghBSB则有：供g (0.1ma) =,SB因为怏=但，Sa： Sb=1： 3(即 Sb = 3Sa ),所以化简代入数据可得：0.1m a=aSA+3hBSA a+3hB a+3 >G.06m3Sa解得：a= 0.03m = 3cm。18.【答案】(1) 10a； (2) 20 Q; (3) 2.5 12。U2一【解析】(1)灯泡L标有“4V 1.6W字样表布灯的额定电压为4V,额定功率为1.6W,根据P=UI=U可R得：灯泡的电阻鼻=匕=(4V)2=10Q;P 额 1.6W(2)只闭合开关S、S2和S3,移动滑动变阻器