初三物理电功率试题(有答案和解析)及解析

1、初三物理电功率试题（有答案和解析）及解析一、电功率选择题1 .如图甲所示，电源电压保持不变，Ri为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为 30 Q,电压表的量程为 。15V.电压表的示数与滑动变阻器R2的关系如图乙所示。则下列结果正确的是（）A.电源电压为20VB. R的阻值为5 aC.为了保证电压表不被烧坏，滑动变阻器的阻值变化范围为430 aD.开关S闭合后电路消耗的最小功率为14.4W【答案】D【解析】【解答】解：由电路图可知，R与R2串联，电压表测 Ri两端的电压。（1）由图乙可知，当 时= 10 时 U1 = 12V,当 F2= 20 时 U1'= 8V,为1刿 口：因串联电路

2、中各处的电流相等，所以，电路中的电流分别为：|=此=的 , I二的=8此因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，所以，电源的电压：U=| （ R1+及）=I '（R+R2'）,即 Ri （R1 + 10Q =的 （R1+20Q）,解得：R1 = 10Q, B不符合题意；M电源的电压 U=I （R1+R2）=/0 X（10Q +10 = 24V, A不符合题意；（2）当电压表的示数5= 15V时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，也加此时电路中的电流：I大= 那=J"S=1.5A,此时滑动变阻器两端的电压：6小=U - UI"=

3、24V- 15V = 9V,lh小gv则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2小=八=上=6Q当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，所以，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为6Q-30Q, C不符合题意；（3）当滑动变阻器JI 戌接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，则P小=A7十政大=靠，3014 = 14.4W, D符合题意。故答案为：Do【分析】由图乙可知，当R2的阻值为10 和20 时电压表的示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的 电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出

4、R的阻值，进一步求出电源的电压.当电压表的示数最大时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串 联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最大电流，根据串联电路的电压特点求出此时 滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当滑动变 阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，据此得出滑动变 阻器接入电路中的阻值范围.当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，根据电阻的串联和P=UI=M求出电路的最小功率.2.如图所示，电源电压恒定不变。闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由b端移到某点c的过程中，电压表的示数

5、由4V变为3V,电流表的示数由 0.2A变为0.3A,由此可知（）A.电源电压为7VB. R的阻值为20 aC.电路消耗的最小功率为 1.2WD.滑片P在b端时，10秒内R产生的热量为12J【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，R与R2串联，电压表测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由 闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由B端移到某点C的过程中，电压表的示数由4V变为3V,电流表的示数由 0.2A变为0.3A, ”可知，R2两端电压为4V,ac两端电压Uac=3V, 当滑动变阻器的滑片P在b端时，电流I=0.2A,当滑片 P由b端移到某点c时，电流I=0.3A,设电源电压为U,则

6、/ '柏 %"S'久推 ，解得R1=10Q,U=6V, AB不符合题意；（2）滑动变阻器滑片 P在b端时，R1与R2串联，由P=UI可得， 电路消耗的最小功率 P=UI=6V< 0.2A=1.2皿C符合题意；（3）滑片P在b端时，根据串联 电路的电压特点可得，R1两端电压U1=U-U2=6V-4V=2V, 10秒内 R产生的热量Q=W=UiIt=2V X 0.2A X 10S=4杯符合题意。故答案为：Co【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路的电压特点，应用欧姆定律求出Ri的阻值和电源电压；滑动变阻器滑片P在b端时，此时电路中的电阻

7、值最大，利用 P=UI可求得最小功率，此时，根据串联电路的电压特点可求得Ri两端电压，再利用 Q=W=UIt可求得Ri产生的热量.3.如图所示的电路，电源电压为3V且保持不变，定值电阻Ri=1 Q,滑动变阻器 R2阻值范围为04Q闭合开关S,在滑片从左向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A.滑动变阻器的最大功率为 1.44WB.滑动变阻器的最大功率为 2WC.滑动变阻器的最大功率为 2.25WD.电压表示数从0V增大到2.4V【答案】C【解析】【解答】由电路图可知，Ri与R2串联，电压表测 Ri两端的电压，电流表测电路中的电流。（i）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：1

8、 =用，'角，滑动变阻器消耗的电功率：P2 = I2R2 =（附'昭）2R2 = a（Ri + 助 7 琛 |翘 他，-侬？-Z-十蜀b r一、一日心 ,所以，当 R2=Ri = iQ时，滑动变阻器消耗的电功率最if .沙大，则P2大=m / * /Q=2.25W, AB不符合题意、C符合题意；（2）当滑动变阻器 接入电路中的电阻为零时，电路为Ri的简单电路，电压表测电源两端的电压，示数为3V,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R两端的电压最小，此U 3F时电路中的电流：1上取*t】。+ 4R =0.6A,电压表的最小示数：Ui =Li r=0.6A X i

9、狗0.6V,所以，在滑片从左向右移动的过程中，电压表示数从3V减小到0.6V, D不符合题意。故答案为：Co【分析】R与R2串联，电压表测 Ri两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后分析表达式得出滑动变阻器消耗最大功率时接入电路中的电阻，并求出其大小；当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为Ri的简单电路，电压表测电源两端的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，Ri两端的电压最小，根据电阻的串联Ri两端的电压，然后得出电压表示数和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出 的变化.4

10、.有两只灯泡Li、L2 ,分别标有“220V100W和“220V（40W的字样。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（）A.两灯正常发光时，Li的电阻较大B.两灯并联接入 220V的电路，Li、L2消耗功率之比是 2:5C.两灯串联接入220V的电路，Li消耗的功率小于 25WD.两灯串联接入 220V的电路，两灯泡消耗总功率大于40W小于I00W【答案】C【解析】【解答】解：（I）由P=UI二#可得，两灯泡正常发光时的电阻分别为:if （220V）2专（220V）2Ri l 。,心 =- 1210汽 toon丙 low220V的电路，它们两端则Ri<R2,即Li的电阻较小，

11、A不符合题意；（2）两灯并联接入 的电压等于 220V,均能正常发光，则 Li、L2消耗功率之比 Pi: P2=i00W: 40W=5: 2, B不符合题意；（3）两灯串联接入220V的电路时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，V220V10I - - 所以，电路中的电流 "的面/口 七"。G父,=工油二磔X小a &洲 < 阂,C符合题意;两灯泡消耗总功率 故答案为：CoW- UI - 220Y X 28. 6W < 40,D不符合题意。【分析】根据 P=UI=£求出两灯泡正常发光时的电阻，然后比较两灯泡的电阻关系；两灯并联接入220V的电路

12、时，实际功率和额定功率相等，据此得出Li、L2消耗功率之比；两灯串联接入220V的电路时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI=Fr求出Li消耗的功率，根据 P=UI求出两灯泡消耗总功率5 .如图，电源电压恒为4.5V,电流表的量程为 “00.6A,”电压表的量程为 “03V”灯泡上标有“2.5Vi.25W （不考虑灯丝电阻变化），滑动变阻器R的规格为“20QiA”闭合开关，在保证电路安全的情况下，移动滑片P的过程中（）A.电流表的示数最大为0.6Amb.灯泡消耗的最小功率为0.i2WC.电路消耗的最大电功率为2.7WD.滑动变阻器接入电路的最小电阻为4 d【答案】D【解析】

13、【解答】由电路图知道，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；由于灯泡上标有“2.5V1.25W；所以由P=UI知道，灯泡的额定电流是：Il =Pl/Ul=1.25W2.5V=0.5A,即电路的最大电流是 0.5A , A不符合题意；因为串联电 路中各处的电流相等，当电路中的最大电流I大=0.5A,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，且电路消耗的最大总功率是：P大=UI大=4.5VX0.5A=2.25WC不符合题意；由I=U/R知道，灯泡的电阻和滑动变阻器接入电路中的最小阻值分别是：RL=Ul/Il=2.5V/0.5A=5 Q R 总=(U-

14、Ul) /I 大=(4.5V-2.5V) /0.5A=4 Q D 符合题意；当滑动变阻 器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，因串联电路中 总电阻等于各分电阻之和，所以，电路的最小电流：I j =U/ (R_+R大)=4.5V/ (50+20d=0.18A,则灯泡消耗的最小功率：Pl小=1小2 RL =(0.18A) 2 X 5 Q =0.162WB不符合题意，故答案为：Do【分析】结合电路图判断电路的连接方式及电表的测量对象，与电流表的量程和滑动变阻 器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流与最小电流，利用串联电路的特点和 欧姆定律、电功率公式求解即可 .6

15、 .两个定值电阻 Ri、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如 图乙所示，闭合开关 S,则Ri ,2产生的热量之比为()C. 4: 1A. 2: 1旧.1 : 2【答案】A【解析】【解答】由并联电路的特点知道,D. 1:4Ri、R2的电压是相同的，由图乙知道，在电压相同时，通过R1、R2的电流之比是2: 1;由I=U/R知道，R1、R2的电阻之比为1 :2;由图甲知道，闭合开关 S,则通电时间相同，由Q=W=U2R t知道，产生的热量与电阻成反比，故R1、R2产生的热量之比是 2: 1,故答案为：Aoif'【分析】利用欧姆定律判定R、R2的阻值关系；根据焦耳定律公

16、式Q=W=斤t判定产生热量的比值.7 .小王在一次家庭探究活动中，在作业本上做了如下5条记录：电饭煲铭牌上标有“220V 800W, 50Hz”等字样；使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体；电视机上安装的动圈式扬声器，其运作原理是电磁感应； 床头灯的开关是串联在电路上的；体温计的刻度范围通常是3542C,分度值为 1 C .你认为小王的记录完全正确的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【解答】解： 电饭煲铭牌上标的 220V是电饭煲的额定电压、800W是电饭煲的额定功率、50Hz是所接交流电的频率，故 正确；使用试电笔时，笔尖接触电线， 手接触笔尾的金属体，故 正确； 动圈式扬声器的工作原

17、理：通电线圈在磁场中受力 运动，故错；开关和所控制的用电器是串联的，故 正确；体温计的刻度范围通 常是3542C ,分度值为0.1 C ,故错.故选C.【分析】利用下列知识分析判断：（1）用电器铭牌上标有：额定电压、额定功率、交流电的频率；（2）使用试电笔时，笔尖接触电线，手接触笔尾的金属体，若试电笔的窟管发 光，则笔尖接触的是火线；（3）动圈式扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力运动； 动圈式话筒的工作原理：电磁感应；（4）开关和所控制的用电器是串联的，家用电器之间是并联的；（5）体温计的刻度范围通常是3542C,分度值为0.1 C.8 .如图所示的电路中，a、b、c是三只电表（电压表或电

18、流表），闭合开关S,标有“3V1.5W的灯泡L1正常发光，标有 “6V3W的灯泡L2发光较暗。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）A.电表a为电流表，且示数为 1AB.电表b为电压表，且示数为 3VC.电表c为电流表，且示数为0.25AD.闭合开关 S,电路消耗的总功率为2.25W【答案】DPiL 神I 【解析】 【解答】由 P= UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为：I15 扑网3W4伤 6V0.5A, I2的6丫0.5A,由i /可得，灯泡L2的电阻：R2心°，居12 Q;因灯泡L1正常发光，灯泡 L2发光但较暗，所以，通过 L1、L2的电流不相等，L1与L2应并

19、 联，则a一定是电流表，b是相当于导线的电流表， c是相当于开路的电压表， B不符合题 意；此时电流表a测干路电流，电流表 b测L2支路的电流，电压表 c测电源的电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡Li正常发光，所以，电源的电压U=Ui = 3V,即U 3V电压表c的示数为3V, C不符合题意；此时通过 R2的电流：12, 施 12 口 0.25A,因 并联电路中干路电流等于各支路电流之和，以，干路电流表a的示数：I=Ii+l2' =0.5A+0.25A=0.75A, A不符合题意；电路消耗的总功率：P=UI=3VX 0.75A= 2.25W, D符合题意。故答案为：D【分析

20、】根据 P=UI求出两灯泡正常发光时的电流，再根据欧姆定律I3求出灯泡L2的电阻，根据 灯?L,正常发光，灯泡 L2发光较暗”判断两灯泡的连接方式，进一步判断三电表的类型，根据串并联电路的电流特点和额定电压下灯泡正常发光得出电源的电压，根据欧姆定律求出通过 R2的电流，根据并联电路的电流特点求出电路总电流，再根据P=UI求出电路消耗的总功率.9 .常用于测量家用电器在一段时间内消耗多少电能的仪器是（A.电流表B.电压表“C.电能表D.验电器【解析】【解答】解：A、电流表是测电流大小的仪表，不符合题意;B、电压表测量电压大小，不符合题意;C、电能表是用来测量家用电器在一段时间内消耗多少电能（即电

21、流做功）的仪表，符合题D、验电器是用来检验物体是否带电的仪器，不符合题意.故选C.【分析】明确各仪表或仪器的基本作用回答.10 .如图所示，灯泡 Li和L2 （灯泡中只要有电流就能发光）相同，电源电压小于灯泡的额A. Li变亮，电压表示数变小B. Li变暗，电流表示数变大C.匕亮起来，电压表示数变大D. L2亮起来，电流表示数变小【答案】D【解析】【解答】解：开关 S闭合时，电路为灯泡 Li的简单电路，电压表测电源的电压， 电流表测电路中的电流；当开关S断开时，灯泡Li和匕串联，灯泡L2亮起来，电压表测灯泡L1两端的电压，电流表测电路中的电流；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所U以，电路中

22、的总电阻变大，由i=n可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，d符合题意；由U=IR可知，灯泡Li两端的电压变小，即电压表的示数变小，C不符合题意；因P=UI,且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡Li的实际功率变小，灯泡 Li变暗，A、B不符合题意。故答案为：Do【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象，首先判断出电路中电阻的变化，根据欧姆定律1=5判断出电路中的电流的变化和灯泡Li两端的电压的变化，即电压表的示数的变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知亮暗的变化11 .某直流电动机标有“36Vi8W字

23、样，经测量其线圈电阻为2 ，使电动机正常工作i0min.则电动机在这段时间内产生的热量是（）A. i.08 才J0B. 300JC. 3.888 hJ01 D. i.05 4d0【答案】B【解析】【解答】解：直流电动机的电流1 =工=比计=0.5A,所以电动机线圈产生的热量：Q=I2Rt= （0.5A） 2X 2Q X i0互60O0Jo故答案为：Bo/【分析】先根据公式1= 7计算出直流电动机的电流，再根据公式Q= I2Rt可求这台电动机i0min内产生的热量。5是检测植物叶片含12 .用石墨烯制成的湿敏电阻，其阻值会随含水量的升高而增大。图水量的电路，电源电压不变。将湿敏电阻R附着在叶片上

24、，当叶片含水量升高时（A.电流表示数增大率增大【答案】BB.电压表示数减小mC.电路总电阻减小D.电路总功【解析】【解答】由图5知，电路是由湿敏电阻 R和定值电阻R0串联构成的，电压表测 R0两端的电压，当叶片含水量升高时，湿敏电阻的阻值增大，根据R总二4+R得电路总电阻增4大，又由 7且U不变，得电路中电流减小，即电流表的示数减小；由U=IR得R0两端的电压减小，即电压表的示数减小；而由小富知电路总功率减小。故答案为：B。【分析】结合题意，理清元件的连接方式及电表的测量对象，将湿敏电阻R附着在叶片上，根据 湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大”可知湿敏电阻的阻值变化，根据电阻的串联可知电路中

25、总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ro两端的电压变化，利用P=UI判断电路总功率的变化情况.13 .如图甲，电源电压恒定，R0为定值电阻，电阻 R的阻值随环境温度变化而改变.改变环境温度，定值电阻 Ro两端的电压 U0随温度t变化的关系如图乙所示.则下列描述R两端的电压U、电路消耗的总功率 P随温度t变化的关系图线中，可能正确的是（）【答案】B【解析】【解答】由图甲知道，Ro与R串联，电压表测量的是 R0的电压；由图乙知道，随 着温度的升高，Ro两端的电压降低，说明随着温度的升高电阻R两端的电压增加，由串联分压知道，随着温度的升高R的阻值的阻值增加，R两端的电压增大，A不符合题意

26、，B符合题意；随着 R的阻值的阻值增加，电路的总电阻增加，由欧姆定律知道，电路的总电流 减小，由P=UI知道，电源电源不变，总电流减小，所以电路的总功率减小，D不符合题意，由图乙知道，电路的电流与温度呈线性变化，所以总功率与温度也呈线性变化，C不符合题意， 故答案为：B。【分析】结合电路图理清电路的连接方式及电表的测量对象，由于电阻R的阻值随环境温度的变化而变化，由图乙可知，当温度升高时电阻Ro两端的电压线性变小，定值电阻的电流线性变小；根据串联电路电压的特点，判断出电阻 R两端的电压的变化；因为电源电压 保持不变，根据 P=UI判断出电路消耗的总功率的变化 .14.如图是一个油量表的示意图，

27、滑动变阻器规格为“20Q1A”.闭合开关，当浮球最低时滑片P滑到a端，电流表示数为 0.3A,当浮球最高时，滑片 P滑到b端，电流表示数为0.5A.下列说法错误的是()B.电源电压为15VA.电阻Ri的阻值为30 aC.在加满油后，imin内电阻Ri产生的热量为450JD.电阻R最小功率为7.5W【解析】【解答】解：由电路图可知，Ri与R2串联，电流表测电路中的电流.( D当滑片位于a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之所以，由1=工可得,电源的电压：U=Ia (R1+R2) =0.3AX(R+20Q ,当滑片位于b端时，电路为Ri的简单电路，则电源的电压：U

28、=IbRi=0.5A XiR , 因电源的电压不变， 所以，0.3AX (R+20Q) =0.5A XiR , 解得：Ri=30Q,故A正确；电源的电压 U=IbRi=0.5A X30Q=i,5敞B正确；(2)在加满油后，滑片位于b端，则imin内电阻Ri产生的热量：Qi=Ib2Rit= (0.5A) 2X30ax 60s=450J C正确;当滑片位于a端时，电阻Ri的功率最小，则Pi=Ia2Ri= (0.3A) 2X 30 Q =2.7W D 错误.故选D.【分析】由电路图可知，Ri与 电串联，电流表测电路中的电流.( i)当滑片位于 a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据电阻的串联和

29、欧姆定律表示出电源的电压； 当滑片位于b端时，电路为 R的简单电路，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的 电压不变得出等式即可求出Ri的阻值，进一步求出电源的电压；(2)在加满油后，滑片i5.如图所示, 数变化范围是R。为定值电阻，闭合开关后，当滑片0.5i.5A,电压表的示数变化范围是P在某两点之间滑动时，电流表的示36V.小明通过推算，得出四个结位于b端，根据 Q=I2Rt求出imin内电阻Ri产生的热量；当滑片位于 a端时，电阻Ri的功 率最小，根据P=I2R求出其大小.论，其中错误的是(A.定值电阻R0的阻值为3aB.变阻器连入电路的电阻变化范围为212 aC.实验中R0两端的电压

30、变化范围为1.5V4.5V D.电路消耗的总功率的变化范围为3.75W 10.25W【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻Ro串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端电压；当滑动变阻器接入电路阻值增大时，电路中电流减小，即电流表示数减小；变阻器接入阻值增大时，其分得电压增大，即电压表示数增大；所以，电流表与电压表的示数变化情况是相反的。 A、由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压 U=Uv+IRo ,电流表示数变化范围是 0.5A1.5A,电压表的示数变化范围3V6V,结合前面分析可知，当 I=0.5A时，Uv=6V,所以有 U=6V+0.5A Xod-当

31、 I=1.5A 时，Uv=3V,所以有 U=3V+1.5AX比 联立 解得：Ro=3 Q, U=7.5V, A不符合题意；B、由题可知，电流表示数变化范围是 0.5A1.5A,电压表的示数变化范围3V6V,滑动L 3V4 6V变阻器接入电路的阻值分别为：R I>= =上=2Q, R滑'=。宓=12Q,即变阻器连入电路的阻值变化范围为 212Q, B不符合题意；C、R0两端的电压分别为：Uo=I 最小 Ro=O.5A X 3Q =1.5VJo'景k Ro=1.5A X 3Q =4.5V则Ro两端的电压变化范围是1.5V4.5V, C不符合题意；D、电路消耗的最小电功率：P最

32、小=UI最小=7.5V X O.5A=3.75W/电路消耗的最大电功率：P最大=UI 最大=7.5V X 1.5A=11.25WV则电路消耗的总功率的变化范围为3.75W11.25W, D符合题意。故答案为：Do【分析】根据电流的范围和电压的范围，结合欧姆定律计算公式和电功率计算公式，求电 路中的电阻、分压情况和电功率.16.如图所示是甲、乙两个电阻的电流与电压关系的图象，将它们连接在电路中，下列说 法正确的是（）A.串联在电路中，当电流为 O.4A时，甲、乙两端电压之比为2: 1B.串联在电路中，当电流为0.2A时，甲、乙的电功率之比为2: 1C.并联在电源电压为 2V的电路中，干路中的总电

33、流为 0.8AD.并联在电源电压为 2V的电路中，通电10s电路消耗的电能为 12J【答案】D【解析】【解答】（1）因串联电路中各处的电流相等，所以，两元件串联，当电流为0.4A时，通过甲乙的电流均为0.4A,由图象可知它们两端的电压分别为U甲= 2V,U乙=2.5V,则甲、乙两端电压之比U甲:U乙= 2V:2.5V= 4:5, A不符合题意；当电路中的电流为 0.2A时，通过甲乙的电流均为0.2A,由图象可知它们两端的电压分别为U'甲=1V,U2= 2V,则甲、乙的电功率之比 P甲:P乙=U'甲I:U乙'I= U'甲:U ! = 1V:2V= 1:2, B不符

34、 合题意；（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，并联在电路电压为 2V的电源上时，它 们两端的电压均为 2V,由图象可知，通过两元件的电流I甲= 0.4A,I乙= 0.2A,因并联电路中 干路电流等于各支路电流之和，所以，干路中的总电流：1二1甲+1 I乙= 0.4A0.2A =0.6A, C不符合题意；通电10s电路消耗的电能： W=UI'=2Vx 0.6A X，色=12J, D符合题意。故答案为：D.【分析】两元件串联时通过它们的电流相等，根据图象读出两元件两端的电压，然后求出电压之比，根据 P=UI求出电功率之比；两元件并联时它们两端的电压相等，根据图象读出 两元件的电流

35、，根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据P=UI求出电路中的总功率.17 .如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图.R0是阻值为 484 的保温电阻,R是规格为“220V800W的主力口热电阻，R2是副加热电阻.电压力锅煮饭分为加热升压一保压一保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（P- t） ”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关S, S自动接到a,同时S1自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内工作压强达80kPa时，S1自动断开，进入保压状态，当锅内工S自动接到b,减压0.25kW?h,下列说法作压强降至60kPa时，S又会自动闭合；当保压状态结束

36、，饭就熟了, 进入保温状态.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电 正确的是（）二 h 915 IS f.ttm甲乙A.电压力锅是对大气压强的应用B当锅内工作压强为处于升压状态40kPa时，电压力锅C.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间是18minD.电压力锅正常工作时的最大电流是5A【答案】D【解析】【解答】解：A.高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理，而不是利用了大气压的原理，A不符合题意；B.由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；C.由图乙可知，在正常加热升压和保压状态Ri

37、的工作时间分别为06min, 912min,15 18min ,即Ri的工作时间ti=12min=0.2h , C不符合题意；D. R2的工作时间t2=18min=0.3h ,在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=P1t1+P2t2 ,即：0.25kW?h=0.8kW< 0.2h+P2X 0.3h解得：P2=0.3kW=300W ,两加热电阻 同时工作时电路电流最大，则总功率 P=P+P2=800W+300W=1100W ,P 1100H由P=UI可得，1=七二与W =5A, D符合题意.故答案为：D.【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加热升压和

38、保压状态消耗的电能，正确分析电路是解题的关键18.家用饮水机是一种双温电热器，其工作原理可简化为如图所示的电路，R1为定值电阻，R为电热板，R1=3R2 , a、b是温控开关S的两个触点，调节 S可使饮水机处于加热或保温状态。则饮水机在加热与保温状态时R2消耗的电功率之比及有关说法正确的是A. 4： 1, S与a点接触时处于保温状态B. 16:1, S与a点接触时处于保温状态C. 4: 1, S与b点接触时处于保温状态D. 16: 1, S与b点接触时处于保温状态【答案】B当S接a时，电路【解析】【解答】当S接b时是加热状态，此时 R2电功率为<串 联， 处 于 保 温 状 态，R2的故答案为：B.则P1：P2=16:1 , B符合题意。电 功 率 为【分析】根据电阻串联时，总电功率减小，根据电压和电阻可以计算电功率，根据电流和 电阻可以计算电功率大小。19.如图所示电路，电源电压不变，当开关 &闭合、S断开时，电流表示数为 0.3A,电压 表示数为9V;若将两表互换位置，并同时闭合 Si和a时，电流表示数为 0.5A.则下列说法 中正确的是（）A.电压表示数仍为 9VB. R的阻值为18 aC. F2的阻值为45 aD.险消耗的功率为6.75W （