2019年度高考物理一轮复习第一章运动的描述匀变速直线运动第1讲运动的描述课时达标训练

1、第 1 讲运动的描述课时达标HI练I、选择题（18 题为单项选择题，912 题为多项选择题）1. 2016 年第 31 届夏季奥运会在巴西的里约热内卢举行。下列比赛中可把研究对象看成质点的是（）A研究苏炳添在百米跑比赛时的起跑技术B. 研究乒乓球男子单打冠军马龙的发球动作C. 研究女子 3 米板冠军施廷懋的跳水动作D. 研究女子 50 米步枪三姿比赛中杜丽射出的子弹轨迹解析质点是理想化的物理模型，当物体的大小和形状对研究的问题没有影响或影响很小可忽略不计时，物体可以看做质点，研究苏炳添在百米比赛时的起跑技术，马龙的发亠 * J球动作，施廷懋的跳水动作，他们的形状不能忽略，故不能看成质点；而研究

2、杜丽射出的子弹轨迹时，子弹的大小、形状可以忽略，所以D 正确。答案 D2.金丽温高铁的开通， 大幅缩短了沿线各城市的时空距离，金华到温州线路全长 188 千米,从丽水乘坐动车到杭州只需要1 小时 34 分，最高时速可达 300 km/h，下列说法正确的B. 全长 188 千米指位移C. 300 km/h 百指瞬时速度D. 研究动车完全通过短隧道的时间，动车可看成质点_ /Ivj解析 1 小时 34 分是时间间隔，A 错误；全长 188 千米是轨迹的长度，是路程，B 错误;最高时速可达 300 km/h，指瞬时速度，C 正确；动车在通过短隧道时，动车的长度不能被忽略，动车不能看作质点，D 错误。

3、答案 C3.中国是掌握空中加油技术的少数国家之一。如图1 所示是我国自行研制的第三代战斗机“歼一 10”在空中加油的情景，以下列的哪个物体为参考系时加油机是运动的睜化训练.技能提高是（）A. 1 小时 34 分是指时刻2A.“歼10”战斗机B.地面上的房屋C.加油机中的飞行员D.“歼一 10”战斗机里的飞行员解析 选取不同的物体为参考系，对同一物体运动的描述可能不同。空中加油时战斗机和加油机保持相对静止，以“歼一 10”战斗机、加油机中的飞行员、“歼一 10”战斗机里的飞行员为参考系时加油机都是静止的；以地面上的房屋为参考系时加油机是运动的。答案 Bv4由加速度的公式a= 可知（）tZ *A.

4、加速度a与速度变化量 v成正比B.物体的加速度大小由 v决定 |C.加速度a的方向与速度变化量 v的方向相反vD.叫做速度的变化率，也即加速度t解析a=tI入 i答案 DJZX）5. （2015 浙江理综）如图 2 所示，气垫导轨上滑块经过光电门时，其上的遮光条将光遮住，x电子计时器可自动记录遮光时间t。测得遮光条的宽度为 x，用一近似代表滑块通t,t是标量，可知a的方向与v的方向相同。选项 D 正确。乙 7 产图 13A.换用宽度更窄的遮光条过光电门时的瞬时速度。为使(4B.提高测量遮光条宽度的精确度C. 使滑块的释放点更靠近光电门D. 增大气垫导轨与水平面的夹角X解析表示的是 t时间内的平

5、均速度，遮光条的宽度X越窄，则记录遮光时间txt越小，越接近滑块通过光电门时的瞬时速度，选项A 正确。答案 A6.沿直线运动的一列火车和一辆汽车速度分别为vi和V2,Vi、V2在各个时刻的大小如下表所示，从表中数据可以看出()t/s01234V1/(ms1)18.017.517.016.516.0V2/(ms1)9.811.012.213.414.6A.火车的速度变化较慢B.汽车的加速度较小C.火车的位移在减小D.汽车的位移在减小解析由题表中数据可得 8 =十* = 0.5 m/s2,a2= 1.2 m/s 由于|ai| |a2| ,故 A 正确，B 错误；因为汽车和火车的速度方向一直未变，所

6、以汽车和火车的位移都在 增大，C、D 错误。答案 A7. (2017 安徽示范高中联考)在机器人大赛中，某机器人在平面内由点(0 , 0)出发，沿直线运动到点(3 , 1)，然后又由点(3 , 1)沿直线运动到点(1 , 4)，然后又由点(1 , 4)沿直 线运动到点(5 , 5)，最后又由点(5 , 5)沿直线运动到点(2 , 2)，平面坐标系横、纵坐标 轴的单位长度为 1m。整个过程中机器人所用时间是2 2s，则()A. 机器人的运动轨迹是一条直线B. 机器人不会两次通过同一点C.整个过程中机器人的位移大小为2 mD.整个过程中机器人的位移与由点 (5 , 5)运动到点(2 , 2)的位移

7、方向相反5解析根据题意建立坐标系，描出机器人在不同时刻的位置然后连线，得到如图所示的轨迹，根据轨迹图易知选项D 正确。6甲、乙两车从A地出发经历不同的时间后都到达B地，甲运动的时间较长，则（）A. 甲的平均速度一定比乙的大B. 甲的平均速度一定比乙的小C. 甲的瞬时速度一定比乙的小答案 D沿直线做匀变速运动的质点在第一个0.5 s 内的平均速度比它在第一个1.5 s 内的平均速度大 2.45 m/s，以质点的运动方向为正方向，则质点的加速度为2A. 2.45 m/s2B 一 2.45 m/s2C. 4.90 m/s解析设第一个0.5 s 内的平均速度为Vi,即卩11= 0.25 s 时的速度为

8、24.90 m/sTL TLrVi；第一个 1.5c)内的平均速度为V2，即卩12= 0.75 s 时的速度为V2。由题意得ViV2= 2.45 m/s，故a=V2Vi 2.4522-tlT答案 D（2017 江南十校联考）关于速度、速度的变化和加速度的关系，下列说法中正确的是A. 速度变化的方向为正，加速度的方向也为正B.物体加速度增大，速度一定越来越大-C. 速度越来越大，加速度一定越来越大/ XD. 加速度可能既不与速度同向，也不与速度反向解析 由加速度的定义可知，速度变化的方向为正，加速度的A 正确;C 错误；在曲线运D 正确。107D. 甲、乙通过的位移一定相等解析 位移只决定于初、

9、末位置，故甲、乙通过的位移一定相等，选项D 正确；由平均8速度公式v=X知，位移X相同，而甲运动的时间较长，故甲的平均速度比乙的小，选项A 错误，B 正确；因为甲和乙不一定做匀速直线运动，所以瞬时速度的大小和方向无法确定，选项 C 错误。答案 BD11. （2016 无锡模拟）如图 3 所示，一人骑自行车晨练，由静止开始沿直线运动，她在第 1s 内、第 2 s 内、第 3 s 内、第 4 s 内通过的位移分别为 1 m 2 m3 m 4 m,则（）A.她在 4 s 末的瞬时速度为4 m/sB. 她在第 2 s 内的平均速度为 2 m/sC.她在 4 s 内的平均速度为2.5 m/sD.她在 1

10、 s 末的速度为 1 m/sx解析 由v=可得该人在第 2 s 内的平均速度为 2 m/s，选项 B 正确；前 4 s 内的平均1 + 2 + 3+ 4速度为 v =-4-m/s = 2.5 m/s , C 正确；因该人的运动不是匀变速直线运动，故无法确定其瞬时速度大小，选项A、D 均错误。答案 BC12.如图 4 所示，物体以 5 m/s 的初速度沿光滑的斜面向上做减速运动，经过2 s 速度大小A. 大小为 1 m/s2，方向沿斜面向上B. 大小为 1 m/s2，方向沿斜面向下C. 大小为 4 m/s，方向沿斜面向下变为 3 m/s，则物体的加速度（图 39D. 大小 4 m/s，方向沿斜面

11、向上解析 取初速度方向为正方向，则Vo= 5 m/s。若 2 s 后的速度方向沿斜面向上，v= 3 m/s ,则a=-_V= 5m/s1 2= 1 m/s2,即加速度大小为 1 m/s2，方向沿斜面向下；若tt2v v Vo 3 5222 s 后的速度方向沿斜面向下，v= 3 m/s，贝Ua=m/s = 4 m/s ,tt2即加速度大小为 4 m/s2，方向沿斜面向下。故选项AD 错误，B C 正确。答案 BC二、非选择题13.一辆客车在某高速公路上行驶，在经过某直线路段时，司机驾车做匀速直线运动，司机发现其正要通过正前方高山悬崖下的隧道，于是鸣笛，5s 后听到回声，听到回声后又行驶 10 s

12、 司机第二次鸣笛，3 s 后听到回声。请根据以上数据计算一下客车的速度，看 客车是否超速行驶。已知此高速公路的最高限速为120 km/h，声音在空气中的传播速度为 340 m/s。解析 设客车行驶速度为V1,声速为-2，客车第一次鸣笛时与悬崖的距离为L,由题意知：2LV1X5 s=V2X5 s当客车第二次鸣笛时，客车距悬崖为L,则2LV1X3 s=V2X3 s又因为L=LV1X15 s则 2(LV1X15 s)V1X3 s=V2X3 s由联立解得V2V1=87.43 km/hv120 km/h14 叩f故客车未超速。答案未超速1汽车从开出到停止总共经历的时间是多少?2汽车通过的总路程是多少？解析(1)汽车匀减速运动的加速度1014. 一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动，直到停止，下表给出了不同时刻汽车的速度：时刻/s1.02.03.05.07.09.510.51速度/(ms)36912129311V2V13 92a2= m/s = 6 m/st1v v20 3设汽车从 3 m/s 经t停止，t= s = 0.5 sa2 6故汽车从开出到停止总共经历的时间为t= 1