2020年四川省泸州市高考物理二诊试卷

1、2020年四川省泸州市高考物理二诊试卷一、选择题（本题包括 8小题，每小题6分，共48分）1 .甲、乙两汽车在同一平直公路上做直线运动，其速度时间（v-t）图象分别如图中 a、b两条图线所示，其中 a图线是直线，b图线是抛物线的一部分，两车在ti时刻并排行驶。下列关于两车的运动情况，判断正确的是（）A.甲车做负方向的匀速运动B .乙车的速度先减小后增大C.乙车的加速度先减小后增大D.在t2时刻两车也可能并排行驶2 .如图所示为光电效应实验装置图。实验中用a光照射光电管时，灵敏电流计有示数；而用b光照射光电管时,灵敏电流计没有示数。则下列说法中正确的是（）cgn'" *

2、4; , 也勰A . a光频率大于b光频率B.若增加b光的照射时间，灵敏电流计将会有示数C.若增大b光的光照强度，灵敏电流计将会有示数D.用b光照射时，适当增大电源的电压，灵敏电流计将会有示数3 .心电图仪是将心肌收缩产生的脉动转化为电压脉冲的仪器，其输出部分可等效为一个不计内阻的交流电源，其电压Ui会随着心跳频率发生变化。如图所示，心电仪与一理想变压器的初级线圈相连接，扬声器（等效为一个定值电阻）与一滑动变阻器连接在该变压器的次级线圈。则（A.保持滑动变阻器滑片 P不动，当U1变小时，扬声器的功率变大B.保持滑动变阻器滑片 P不动，当U1变小时，原线圈电流I1变小C.若保持U1不变，将滑动变

3、阻器滑片 P向右滑，扬声器获得的功率增大D.若保持U1不变，将滑动变阻器滑片 P向右滑，副线圈的电流 I2增大4 .绿化工人在街道旁边栽种大树时，为了确保树干不倾斜，需要用铁杆来支撑。通常是用一个铁环紧套在树干上，三根长度不同的铁杆一端均匀分布在固定的铁环上，另一端固定在同一个水平地面上， 大树栽好后竖直压在地上,如图所示。由于树刚栽，地面对大树的作用力，除了竖直向上的支持力以外，其它力可以不考虑。则下列说法中A .三根铁杆对大树的作用力大小一定相等B.大树对地面的作用力一定大于自身的重力C .铁杆对大树的作用力与地面对大树的支持力是一对平衡力D,铁杆对大树的作用力在水平方向的合力为零5 .继

4、我国探月工程之后，2020年我国计划启动火星探测任务，择机发射火星探测器。若已知引力常量G和火星的半径R,火星探测器环绕火星表面飞行的周期T,那么根据这些已知条件可估算（）A.火星的第一宇宙速度B.火星的自转角速度C.探测器的质量D.探测器受火星的引力6 .利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域。霍尔元件常用两种半导体材料制成：一类是N型半导体，其载流子是电子，另一类是 P型半导体，其载流子称为“空穴”，相当于带正电的粒子。把某种材料制成的长方体霍尔元件竖直放在匀强磁场中，磁场B的方向垂直于霍尔元件的工作面，当霍尔元件中通有如图所示方向的电流I时，其上、下两表面之间会形成电

5、势差。则下列说法中正确的是（A.若长方体是N型半导体，则上表面电势高于下表面电势B.若长方体是P型半导体，则上表面电势高于下表面电势C.在测地球赤道的地磁场强弱时，元件的工作面应与所在位置的水平面平行D.在测地球两极的地磁场强弱时，元件的工作面应与所在位置的水平面平行7.已知与长直通电导线距离为 r处的磁感应强度大小为 B二，其中I为导线中的电流，k为常数。在/ ABC =120° r的等腰三角形的三个顶点处各有一条长直通电导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流I,电流方向如图所示。其中O点为AC边的中点，D点与B点关于AC边对称。现将另外一根通电导体棒垂直于纸面放在O点时，

6、其受到的安培力的大小为F.若将该导体棒垂直于纸面放到D点，电流大小和方向与在 O点时一致，则此时该导体棒受到的安培力（）1 .T .*0* *eocV * .A .方向与在。点受到的安培力方向相同B .方向与在。点受到的安培力方向垂直C.大小为FD.大小为2F8.如图所示，在水平向左的匀强电场中，可视为质点的带负电物块， 以某一初速度从足够长的绝缘斜面上的A点，沿斜面向下运动，经 C点到达B点时，速度减为零，然后再返回到A点。已知斜面倾角 0= 30。，物块与斜面间的动摩擦因数 四二上三，整个过程斜面均保持静止，物块所带电量不变。则下列判断正确的是（）3/；A.物块在上滑过程中机械能一定减小B

7、.物块在上滑过程中，增加的重力势能一定大于减少的电势能C.物块下滑时经过 C点的动能一定大于上滑时经过C点的动能D.物块在下滑过程中，斜面与地面之间的摩擦力一定为零三、非选择题9.某小组同学用如图所示的装置来“验证动能定理”，长木板固定在水平桌面上，其左端与一粗糙曲面平滑连接，木板与曲面连接处固定一光电门，A是光电门的中心位置， 滑块P上固定一宽度为d的遮光片。将滑块从曲面的不同高度释放，经过光电门后，在木板上停下来，设停下来的那点为B点。该小组已经测出滑块与木板间的动摩擦因数为 四、查得当地重力加速度为 go根据本实验的原理和目的回答以下问题：(1)为了 “验证动能定理”，他们必需测量的物理

8、量有 ;A.滑块释放的高度 hB.遮光片经过光电门时的遮光时间tC.滑块的质量mD. A点到B点的距离x(2)该组同学利用题中已知的物理量和(1)问中必需测量的物理量，只需要验证表达式 在误差范围内成立即可验证动能定理；(3)以下因素会给实验结果带来误差的是 。A.滑块释放时初速度不为零B.曲面不光滑C.遮光片的宽度不够小D.光电门安放在连接处稍偏右的地方10 . 一小灯泡上标有“ 3.8V, 1.14W”的字样，现用伏安法研究这个小灯泡的伏安特性曲线，实验室有如下器材可供选用：A.电压表 V1 (03V,内阻 RV1约为5kQ)B.电压表 V2 （015V,内阻RV2约为25k ）C.电流表

9、 A1 （量程为200mA,内阻RA1为10Q）D.电流表A2 （量程为600mA,内阻RA2约为4Q）E.定值电阻R0 （10Q）F.滑动变阻器R （0-9Q, 1A）G.电源E （6V,内阻约为1Q）H单刀开关一个、导线若干（1）要求测量尽量准确，且测量范围尽可能大，并能测量小灯泡的额定电流，实验中应选用的两个电表分别是、 （填对应器材前的字母序号）（2）请利用（1）问中选择的电表，在甲图所示的虚线框里把实验电路图补充完整（要求在图中需标明所选器材的字母代号）；（3）实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图乙所示。如果用两节干电池组成的电源E1 （电动势3V,内阻1Q）和滑动变阻器R1 （019Q

10、）,将该小灯泡连接成如图丙所示的电路。闭合开关S,调节滑动变阻器 R1的滑片，则流过小灯泡的最小电流为 A.（结果保留2位小数）11 .如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行光滑金属导轨相距L = 1m,导轨平面与水平面成0= 30°角，下端连接一定值电阻R=2Q,匀强磁场 B= 0.4T垂直于导轨平面向上。质量 m= 0.2kg、电阻r= 1 Q的金属棒ab,其长度与导轨宽度相等。现给金属棒ab施加一个平行于导轨平面向上的外力F,使金属棒ab从静止开始沿轨道向上做加速度大小为a= 3m/s2的匀加速直线运动。运动过程中金属棒ab始终与导轨接触良好，重力加速度取g=10

11、m/s2.求：（1）当电阻R消耗的电功率 P=1.28W时，金属棒ab的速度v的大小；（2）当金属棒ab由静止开始运动了 x= 1.5m时，所施加外力 F的大小。12 .在一个足够长的水平桌面上，静置着一个足够长的木板A, A的右端与桌面边沿平齐，其上边缘距水平地面的竖直高度h=0.8m。木板A上静置两个可视为质点的B、C物块，它们之间有一个被锁定的压缩轻弹簧(弹簧与两物块均不连接)，弹簧存储的弹性势能为 5.4J.已知mA = mB=0.1kg、mc=0.3kg,木板A与桌面、物块 C与木板A间的动摩擦因数均为 因=0.1,物块B与木板A间的动摩擦因数 理=0.3.解锁后弹簧在瞬间恢复原长，

12、两物块均开始运动，此时物块C距离木板A的右边缘xi=2.5m。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取 g = 10m/s2.求：(1)弹簧恢复原长时物块 B、C的速度；(2)物块C从离开A板落地过程中的水平位移；(3)物块B从开始运动到最终停止时，相对桌面运动的距离。13 .下列说法中正确的是()A.布朗运动是液体分子的无规则运动B.扩散现象是由物质分子无规则运动产生的C.热量只能从高温物体传到低温物体D.固体分子间同时存在着引力和斥力E.温度标志着物体内大量分子热运动的剧烈程度14 .如图所示，一内壁光滑的长圆柱形容器，器壁绝热、底面积为S且导热性能良好。初始时开口向上竖直放置。容器内有

13、两个质量均为 出三的绝热活塞A和B .在A与B之间封有一定质量温度为 To、高度为d的理想气体倍。活塞与器壁间密闭性能好，且甲，B与容器底面之间封有一定质量的理想气体乙，平衡时甲、乙两部分气体的体积均相等。现让容器缓慢倒过来开口向下竖直放置，两个活塞再次平衡，此时气体甲的体积变为原来的无摩擦，外界的温度不变，大气压强为po,重力加速度取g。求:容器开口向下放置时气体甲的温度;容器开口向下放置时气体乙的体积。15 .如图所示，甲图表示S1和S2两相干水波的干涉图样， 设两列波各自的振幅均为 5cm,且图示范围内振幅不变，波速和波长分别是1m/s和0.5m , B是AC连线的中点；乙图为一机械波源

14、 S3在同种均匀介质中做匀速运动的某一时刻的波面分布情况。两幅图中实线表示波峰，虚线表示波谷。则下列关于两幅图的说法中正确的是（）A .甲图中AB两点的竖直高差为 10cmB.甲图中C点正处于平衡位置且向水面下运动C.从甲图所示时刻开始经 0.25s, B点通过的路程为 20cmD.乙图所表示的是波的衍射现象E.在E点观察到的频率比在 F点观察到的频率高16 .某精密光学仪器上有一块玻璃砖是由一块长方体的匀质玻璃下部分挖掉一个半径为R的半圆柱形成的，其截面如图所示，CD为半圆柱体的直径，。为圆心，AD长为近R. 一束单色光从 AD边的中点E垂直射入玻璃砖， 经过折射后从玻璃砖中射出。已知玻璃砖

15、对该单色光的折射率为V2,光在真空中的传播速度为Co请画出此光束在玻璃砖中的光路图，并求出该单色光从进入玻璃砖到第一次射出玻璃砖时的折射角；该单色光从进入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所经历的时间。/)02020 年四川省泸州市高考物理二诊试卷参考答案一、选择题（本题包括8 小题，每小题6 分，共 48 分）1 .【解答】解：A、甲车沿正方向做匀减速运动，故 A错误；B 、由图象可知，乙车的速度先增大后减小，故B 错误；C、根据图象的斜率等于加速度，可知乙车的加速度先减小后增大，故C正确；D、两车在tl时刻并排行驶，因tl到t2时间内乙的位移大于甲的位移，可知在t2时刻两车不可能并排行驶，故D错误。

16、故选：C。2 .【解答】解：A、光电管两端接正向电压，实验中用a光照射光电管时，灵敏电流计有示数，说明能够发生光电效应；而用b 光照射光电管时，灵敏电流计没有示数，说明不能发生光电效应，可知a 光频率大于b 光频率，故A 正确；BC、根据光电效应的规律可知，若增加b光的照射时间以及增加 b光的光照强度，都不能发生光电效应，则灵敏电流计都不会有示数，故BC 错误；D 、用b 光照射时不能发生光电效应，即使适当增大电源的电压，也不会发生光电效应，灵敏电流计也不会有示数，故D 错误。故选：A。3 【解答】解：AB 、保持滑动变阻器滑片P 不动，当U1 变小时，根据变压器原、副线圈的电压与匝数关系可知

17、，次级电压U 2减小，根据欧姆定律和功率公式可知，扬声器的功率变小，次级电流减小，根据变流比可知，原线圈初级电流I1 也变小，故A 错误， B 正确；CD、若保持U1不变，根据变压比可知，次级电压U2不变，将滑动变阻器滑片 P向右滑，电阻变大，根据欧姆定律可知，次级电流I2减小，则扬声器获得的功率减小，故 CD错误。故选： B 。4 .【解答】解：A、三根铁杆长度不等，与地面的夹角不等，则对大树的作用力大小不相等，故A错误；B 、由平衡知识可知，地面对大树的作用力与铁杆对大树的作用力的合力等于大树的重力，可知地面对大树的作用力小于大树的重力，则大树对地面的作用力一定小于自身的重力，故B 错误；

18、C、因为地面对大树的作用力与铁杆对大树的作用力的合力等于大树的重力，可知铁杆对大树的作用力与地面对大树的支持力不是一对平衡力，故C 错误；D正确。D、大树栽好后竖直压在地上，则铁杆对大树的作用力在水平方向的合力为零，故故选：D。5 .【解答】解：A、第一宇宙速度是卫星绕星球表面做匀速圆周运动时的运行速度，根据圆周运动规律可知，火星的第一宇宙速度：u旦里，故A正确；B、由题中条件只能求出探测器绕火星表面运行的角速度，不能求解火星的自转角速度，故B错误；C、探测器绕火星表面飞行，根据万有引力提供向心力，落=1/TVr,只能求解中心天体-火星的质量,胪 产探测器的质量 m从两边消掉了，则不能求解探测

19、器的质量，故C错误；D、探测器的质量未知，则不能求解探测器受火星的引力，故 D错误。故选：A。6 .【解答】解：AB、若长方体是 N型半导体，载流子是电子，由左手定则可知，电子向上表面偏转，则上表面电势低于下表面电势；若长方体是P型半导体，载流子是带正电的粒子，则带正电的粒子向上表面偏转，即上表面电势高于下表面电势，故 A错误，B正确；C、赤道处的地磁场是水平的，则在测地球赤道的地磁场强弱时，元件的工作面应与所在位置的水平面垂直，故C错误；D、两极处的地磁场是竖直的，在测地球两极的地磁场强弱时，元件的工作面应与所在位置的水平面平行，故正确。故选：BD。7 .【解答】解：AB .由磁场叠加以及安

20、培定则可知，AC两处的直导线在 O点产生的磁场叠加结果为零，则O的磁场是B点的直导线在 。点产生的，其方向为水平向左；同理可知D点的合磁场方向也是水平向左，则导体棒在。点和D点所受安培力的方向相同（如下图） ，故A正确，B错误；CD.由以上分析可知， 。点的磁感应强度为:D 点的磁感应强度为：=fc_+k-1_cos*oQ6st04 =_因A、B、C三通电导线在。与D处的磁感应强度大小相同， 则导体棒在 O、D两点受安培力相等， 即大小为F,故C正确，D错误。故选：AC 。8 .【解答】解：A、通过对带电物体受力分析，可知上滑过程中满足：EqcosAf+mgsin 0,则电场力做功大于摩擦力做

21、功，即除重力以外的其它力对物体做正功，则物体的机械能增加，故 A错误；B、上滑过程中由动能定理：W电-Wf-WG = AEk,则W电Wg,则物块在上滑过程中，增加的重力势能一定小于减少的电势能，故 B错误；C、由于滑块下滑经过 C点往下运动，再返回到 C点时有摩擦力做功，则由能量关系可知物块下滑时经过C点的动能一定大于上滑时经过C点的动能，故 C正确；D、当不加电场力时，由于斜面对物体的支持力为：N = mgcos30° ;摩擦力：f=(jmgcos30° = mgsin30° ,可知支持力和摩擦力的合力方向竖直向上；当加电场力后，支持力和摩擦力成比例关系增加，则

22、摩擦力和支持力的合力仍竖直向上，根据牛顿第三定律，则物块给斜面的摩擦力和压力的方向竖直向下，可知斜面在水平方向受力为零，则斜面所受地面的摩擦力为零，故 D正确。故选：CD。三、非选择题9 .【解答】解：(1)要验证的是从滑块经过光电门到最后在木板上停止时动能减小量等于摩擦力做功，即为：12,-mv - U rngx苴中，r-八十v-t可得：2t2则必须要测量的物理量是：遮光片经过光电门时的遮光时间t和A点到B点的距离x,故选BD。(2)由以上分析可知，需要验证表达式宅*=上不在误差范围内成立即可验证动能定理；2t2(3) A、滑块释放时初速度不为零对实验无影响，故 A错误；B、曲面不光滑对实验

23、无影响，故 B错误；C、遮光片的宽度不够小，则测得的滑块经过A点的速度有误差，会给实验结果带来误差，故 C正确；D、光电门安放在连接处稍偏右的地方对实验无影响，故 D错误。故选：Co故答案为：(1) BD; (2) |J(3) C10.【解答】解：(1)小灯泡的额定电流为:1 14工若节&=(1 3AU O则电流表选择 A2；小灯泡额定电压为 3V,两个电压表量程除了偏小就是偏大，可用已知内阻的电流表A1与定值电阻R0串联，可相当于量程为 U = Ig (RA1+R0) =4V的电压表；则两个电表选择 CD;(2)根据(1)分析可知，应用 A1与定值电阻串联后测量电压，由于改装电压表内

24、阻已知，故可以采用电流表 外接法的方法进行测量，电路如图所示。(3)灯泡与滑动变阻器串联，则可知，当电流最小时，滑动变阻器电阻取最大值19Q,将滑动变阻器的阻值等U = E-Ir =3-201,将此关系画在灯泡的U - I线上如图，交点坐标为:I = 130mA = 0.13A。效为电源内阻，则故答案为：(1) CD(2)如图所示;(3) 0.13 (0.120.13 均可)11 【解答】解：(1)根据题意可得:P=I2R,解得:由闭合电路欧姆定律可得：E= I (R+r) = 2.4V再由法拉第电磁感应定律可得：E= BLv 1联立解得：=6mz s1 dL(2)根据题意，金属棒 ab在上升

25、过程中，切割磁感线可得:E = BLv2F 安=BILE= I (R+r)由金属棒ab在上升过程中，做匀加速直线运动，由运动学规律可得：铲二2ax对金属棒ab进行受力分析，根据牛顿第二定律可得：F- mgsin 0 - F安=ma联立解得：F=1.76N答：(1)当电阻R消耗的电功率 P=1.28W时，金属棒ab的速度v的大小为6m/s；(2)当金属棒ab由静止开始运动了 x= 1.5m时，所施加外力 F的大小为1.76N12 .【解答】解：(1)弹簧解锁到恢复原长过程，B、C组成的系统动量守恒，选向右为正方向，由动量守恒定律得：-mBvB+mCvC=0,由机械能守恒定律得：e弹斗叫v看&am

26、p;叱邛I代入数据解得： vb = 9m/s, vC = 3m/s;(2)由题意可得，B、C两物块开始运动时，各自对物块 A的滑动摩榛力方向相反，大小分别为：fB=必mBg, fC= /mCg,而木板A与水平桌面之间的最大静摩擦力等于其滑动摩擦力：fA= / (mA+mB+mC) g,由于：fB-fCV fA,可知木板 A在此阶段是静止的。物块C向右滑动直到到达 A右端的过程,由动能定理得:1I叱吕叱物块C离开A后做平抛运动，竖直方向：卜目”，水平方向：X2=vC' t,代入数据解得：X2 = 0.8m ；(3)当物块C向右运动，直到离开木板 A的过程中，物块 B向左做匀减速运动,由牛

27、顿第二定律得：-mCg=mCaC, |j2mBg=mBaB,由匀变速直线运动的速度-时间公式得：vc' = vC - aCt1,物块C离开木板之后，由于：fB=(j2mBg>fAz = / (mA+mB) g,木板A开始向左加速运动，直到与物块B共速。由牛顿第二定律得：fB - fA=mAaA,由匀变速直线运动的速度-时间公式得：vB ' = vB - aB ( t1 +t2), vA = aAt2,最终A、B速度相等：VB' = VA,此过程物块B运动的距离为：X3= (tl+t2),2共速后，A、B 一起做匀减速直线运动，直到停下来，A、B共同减速运动过程，由

28、牛顿第二定律得：1 (mA+mB) g= ( mA+mB) a,/ 2 v 口 该过程位移： X4 =则物块B从开始运动到停止，运动的距离为：X总= X3+X4,代入数据解得：X总=14.25m；答：(1)弹簧恢复原长时物块 B、C的速度分别为9m/s、3m/s；(2)物块C从离开A板落地过程中的水平位移为 0.8m；(3)物块B从开始运动到最终停止时，相对桌面运动的距离为14.25m。13 【解答】解：A.布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，是液体分子无规则运动的反应，故A错误；B.扩散现象是不同物质相互接触，彼此进入对方的现象；其产生原因为组成物质的分子永不停息地做无规则运动，故B正确；C .热量能自发地从高温物体传到低温物体，也能从低温物体