2018年南通一模物理试卷和答案

1、2018南通市一检物理试题一、单项选择题1. 2017年4月20日，天舟一号飞船成功发射，与天宫二号空间实验室对接后在离地约393km的圆轨道上为天宫二号补加推进剂，在完成各项试验后，天舟一号受控离开圆轨道，最后进入大气层烧毁，下列说法中正确的是A. 对接时，天舟一号的速度小于第一宇宙速度B. 补加推进剂后，天宫二号受到地球的引力C. 补加推进器后，天宫二号运行的周期减小D. 天舟一号在加速下降过程中处于超重状态2. 如图所示，电源电动势E=12V,内阻r=Q,电阻R=Q,R=Q,R=Q,电容器的电容C=10F,闭合开关S,电路达到稳定后电容器的电荷量为A. 4.5105CB.6.0105CC

2、.7.5105CD.1.2104C3. 在匀强磁场中有粗细均匀的同种导线制成的等边三角形线框abc，磁场方向垂直于线框平面，ac两点间接一直流电源，电流方向如图所示，则A. 导线ab受到的安培力大于导线ac所受的安培力B. 导线abc受到的安培力大于导线ac受到的安培力C. 线框受到的安培力的合力为零D. 线框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下4. 如图所示，某同学以不同的初速度将篮球从同一位置抛出，篮球两次抛出后均垂直撞在竖直墙上，图中曲线为篮球第一次运动的轨迹，。为撞击点，篮球第二次抛出后与墙的撞击点在。点正下方，忽略空气阻力,下列说法正确的是A. 篮球在空中运动的时间相等B. 篮球第一

3、次撞墙时的速度较小C. 篮球第一次抛出时速度的竖直分量较小D. 篮球第一次抛出时的初速度较小5. 一粒石子和一泡沫塑料球以相同初速度同时竖直向上抛出，泡沫塑料球受到的空气阻力大小与其速度大小成正比，忽略石子受到的空气阻力，石子和塑料球运动的速度v随时间t变化的图像如图所示，其中可能正确的是二、多选题6. 如图所示，理想变压器原线圈接电压为220V的正弦交流电，开关S接1时，原副线圈的匝数比为11:1,滑动变阻器接入电路的阻值为10Q,电压表和电流表均为理想电表，下列说法正确的有A. 变压器输入功率与输出功率之比为1:1B. 1min内滑动变阻器产生的热量为40JC. 仅将S从1拨到2,电流表示

4、数减小D. 仅将滑动变阻器的滑片向下滑动，两电流表示数均减小7. 真空中有一半径为ro的均匀带电金属球，以球心为原点建立x轴，轴上各点的电势分布如图所示，1、2分别是+x轴上AB两点到球心的距离。下列说法中正确的有：A. 00范围内电场强度处处为零B. A点电场强度小于B点电场强度C. A点电场强度的方向由A指向BD. 正电荷从A点移到B点过程总电场力做功8. 如图所示，竖直平面内固定以半径为R的光滑绝缘圆环，环上套有两个相同的带电小球P和Q,静止时P、Q两球分别位于a、b两点，两球间的距离为R,现用力缓慢推动P球至圆环最低点c,Q球由b点缓慢运动至d点（图中未画出），则此过程中A. Q球在d

5、点受到圆环的支持力比在b点处小B. Q球在d点受到的静电力比在b点处大C. P、Q两球电势能减小D. 推力做的功等于P、Q两球增加的机械能9. 如图所示，质量均为m的A、B两物块与劲度系数为k的轻弹簧两端相连，置于足够长、倾角为30的斜面上，处于静止状态，物块A下表面光滑，物块B与斜面间的最大静摩擦力为f,重力加速度为g,现给物块A施加沿斜面向上的恒力，使AB两物块先后开始运动，弹簧始终在弹性限度内，则A. 当物块B刚开始运动时，弹簧伸长量最大B. 在物块B开始运动前，物块A可能一直做加速运动C. 物块A沿斜面向上运动距离为Fmg时，速度达到最大kD. 当物块A沿斜面向上运动距离为f一时，物块

6、B开始运动k三、简单题（一）必做题10.某实验小组利用如图甲所示装置探究恒力做功与物体动能变化的关系，质量为m的钩码通过跨过滑轮的细线牵引质量为M的小车，使它在长木板上运动，打点计时器在纸带上记录的运动情况（1）下列做法中正确的有A. 调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行B. 在平衡摩擦力时，不需要连接纸带C. 小车从靠近打点计时器处释放（2）接通电源，释放小车，打点计时器在纸带上打出一系列点，将打出的第一个点标为O,在纸带上依次取A、B、C若干个计数点，测得A、B、C各点到O点的距离分别为x1、x2、x3，已知相邻计数点间的时间间隔均为To实验中，钩码质量远小于小车质量，可认为小

7、车受到的拉力大小等于mg,在打O点到打B点的过程中，拉力对小车做的功W=打B点时小车的动能Ek=。（3）小明同学实验操作正确，但打出的纸带起始点不清晰，他挑选了一个清晰的点标为O,以小车受到的二次方v2为纵坐标，计数点到O点的距离x为横坐标，利用实验数据作出v2-x图像，该图像纵截距的物理意义是O（4）小虎同学在实验过程中没有保证钩码质量远小于小车质量，他利用实验数据作出的v2-W图像（选填“会”或“不会”）弯曲。11. 在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，提供下列器材：A. 小灯泡（3V,）B. 电压表（03V，内阻约3kQ）C. 电流表（015V，内阻约15kQ）D. 电流表（0250mA内

8、阻约1）E. 电流表（0，内阻约为Q）F. 滑动变阻器（10Q,2A）G. 滑动变阻器（1kQ,）H. 电池组（电动势6V）I.开关、导线若干（1）实验时电压表应选用，电流表应选用，滑动变阻器应选用。（用序号字母表示）；（2）请用笔画线代替导线，将实物电路图连接完整。（3）实验中记录多组电压表示数U和电流表示数I,如下表所示，请在图中画出I-U图像。（4）如果将这个小灯泡接到电动势为3V,内阻为5Q的电源两端，小灯泡消耗的功率是W（保留两位有效数字）。（二）选做题12. 【选修模块3-3】（1）下列现象与液体表面张力无关的是A. 透过布制的伞面可以看见纱线缝隙，而伞面布漏雨水B. 在绕地球飞行

9、的宇宙飞船中，自由漂浮的水滴呈球形C. 把玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，它的尖端就会变钝D. 把两块纯净的铅压紧，它们会“粘”在一起难以分开（2）做汽车安全气囊的模拟实验时，密封的储气罐与气囊相连，撞击时储气罐阀门自动打开，大量气体进入气囊，气囊在极短时间内迅速展开，在人体前部形成弹性气垫，然后气囊泄露，收缩，从而有效保护人体，气囊展开过程中，将气体视为理想气体，气体的内能(选填“增大”、“减小”或“不变”)；泄露收缩过程中气囊内壁单位面积上受到气体分子撞击的作用力(选填“增大”、“减小”或“不变”)(3)如图所示是某气压式柱形保温瓶的结构示意简图，活塞只在受到压力时才向下移动，倒入热水后，活塞

10、a的下表面与液体相距h,两者间密闭有一定质量的气体，密闭气体的压强等于外界大气压强p0。 刚倒入热水时，瓶内空气温度为Ti,经过一段时间温度降至T2,此时瓶内气体的压强多大？ 当温度降至T2时，要把瓶中的水压出瓶外，活塞a至少下降多少距离？(设压活塞过程中气体温度不变)【选修3-5】(1)已知氢原子基态能量为，下列说法正确的有A. 使n=2能级的氢原子电离至少需要吸收的能量B. 氢原子由n=3能级跃迁到n=2能级，放出光子，能量增加C. 处于基态的氢原子吸收能量为的光子跃迁到n=4激发态D. 大量处于n=3激发态的氢原子会辐射出3种不同频率的光(2) 利用图甲所示电路研究光电效应中金属的遏制电

11、压UC与入射光频率v的关系，描绘出图乙中的图像，由此算出普朗克常量h,图乙中U、vi、vo均已知，电子电荷量用e表示，当入射光的频率增大时，为了测定遏制电压，滑动变阻器的滑片P应向(选填M或)端移动，由H-v图像可求得普朗克常量h=。(用题中字母表示)。(3) 在冰壶比赛中，冰壶甲以速度vi正碰静止的冰壶乙，碰后冰壶甲的速度变为v2,方向不变，已知冰壶质量均为m碰撞过程时间为t,求： 正碰后冰壶乙的速度v; 碰撞过程中冰壶乙受到的平均作用力大小为F。四、计算题13. 如图所示，光滑绝缘斜面倾角为。，斜面上平行于底边的虚线MNPQ间存在垂直于斜面向上，磁感应强度为B的匀强磁场，MNPQ相距为L,

12、以质量为m边长为d(db)，求刷子完全离开垫子的速度大小为V。15. 如图所示，两边界MNPQ相互平行，相距为L,MN侧存在平行边界沿纸面向下的匀强电场，PQ右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场的区域足够大，质量为m电荷量为+q的粒子从与边界MNB巨离为2L的。点，以方向垂直于边界M大小为v0的初速度向右运动，粒子飞出电场时速度方向与MN的夹角为45:粒子还能回到。点，忽略粒子的重力，求：(1) 匀强电场的场强大小为E;(2) 粒子回到。点时的动能Ek;(3) 磁场的磁感应强度B和粒子从。点出发回到。点的时间t。1A2B3D4B5D6AC7ACD8AB9BD10、(1)AC(2)mgx2

13、,8T2打O1点速度的二次方（4）不会11、(1)BDF（2）如图所示（3）如图所示（12A(1)D(2)减小;减小（3）由查理定律可得卫0卫2,解得P2平T1设活塞的横截面积为S,下降的距离为X,由玻意耳定律有p2hSp。hxS,解得x(1平)hT1G(1)AD(2)N;hpH.既匚（3）由动量守恒定律有mv1mv2mv，解得vV1V2冰壶乙在碰撞过程由动量定理有Ftmv0，解得fmv1v213、（1）线框进入磁场的过程产生的平均感应电动势,通过回路的电荷量q磁通量的变化量Bd2,解得qBd-R（2）此时线框中产生的感应电流|里vR受到的安培力由平衡条件可得mgsinF0，解得vmgRsin

14、ZT22B2d2（3）由能量守恒定律有mg（2Ld）sin12-mvQ,解碍2Qmg(2Ld)sin3m2B4d414、（1）刷子受到重力、垫子的支持力、推力F1和摩擦力作用,则水平方向受力平衡有22.2gRsinf1iF1刷子和垫子整体在竖直方向受力平衡有Fn（2）设刷子和垫子运动的加速度为a,由牛顿第二定律可得F2cos302(mgMgF2sin30)Mm对刷子有F2cos30f2ma，解得f2、3M2mF2（3）刷子离开垫子的过程受到的摩擦力做的功由动能定理有f3l2mgWf(mgb3mg%2211mgLbWf-mv0，解得v2F3Lg(21L1b3b)15、(1)粒子向右通过电场的时间2Lt1,离开电场时沿电场方向的分速度V0V、，在电场中您动的加速度a,由牛顿第二定律qEma,解得E2mV。2qL(2)粒子向右通