《数据通信与计算机网络》补充习题参考答案

1、?数据通信与电脑网络?补充题题介 第一章1电脑网络的开展经历了几个阶段？各阶段有什么特点？2 通信子网是电脑网络的一个组成局部。试列出在电脑网络的工作中那些是由通信子网完成 的？那些不是？3简述可以从几种不同角度来对电脑网络分类。第二章1 在一个n层的网络系统中，每层协议分别要求加上Hi字节长的报头。假设送往该网络的应用 数据长度为A字节，问在物理媒体的带宽中有多少百分比是用来传输有效应用数据的？nHi又应用数据长度为A字节i 1AnA Hii 1解：每层协议要求加上Hi字节的报头 n层的网络系统中，增加的开销为传输有效应用数据的有效的带宽占第三章1简述通信系统的模型。2 物理层协议包括哪四方

2、面的内容？3 简述模拟数据及数字数据的模拟信号及数字信号表示方法。4. 简述 MODEM 和CODEC的作用。5 什么是数据通信？6数据传输速率与信号传输速率的单位各是什么？它们之间有什么关系?7数据传输速率与信道容量的单位各是什么？它们之间有什么不同？&对于带宽为4KHz的信道，假设用8种不同的物理状态来表示数据，信噪比为30db，试问按奈奎斯特定理，最大限制的数据速率是多少？按香农定理最大限制的数据速率是多少？解：按奈奎斯特定理C = 2H log2N/ N = 8 , H = 4KHZ C = 24 kbps按香农定理，C = H log2 1+S/N信噪比为 30db, 30d

3、b = 10 log S/N30S/ N 10101000H = 4KHZ C = H log 2 1+1000= 40 kbps 9对于带宽为6MHz的信道，假设用4种不同的状态来表示数据，在不考虑热噪声的情况下, 该信道的最大数据传输速率是多少？解：按奈奎斯特定理：C = 2 H log2N/ N = 4， H = 6MHZ/ C = 2 6MHZ log24 = 24 Mbps10.某调制解调器同时使用幅移键控和相移键控，采用0、n /2、n和3/2 n四种相位，每种相位又都有两个不同的幅度值，问波特率为1200的情况下数据速率是多少？同时使用幅移键控和相移键控3解：有0, , ,4种相

4、位，每个相位又有2个幅度2 2n = 4 X 2 = 8B = 1200 baud S = B log2N = 3600 bps 11.信道带宽为 3KHz，信噪比为30db，每个信号两种状态，那么每秒能发送的比特数不会超过 多少？解：按香农定理：信噪比为30db, H = 3KHZS 301010 1000 NC = H log2 1+1000= 30 kbps 按奈奎斯特定理 C = 2H log2N/ N = 2 , H = 3KHZ C = 6 kbps所以该信道每秒能发送的比特数不会超过6 kbit。12 .采用8种相位、每种相位各有两种幅度的PAM调制方法，问在1200Baud的信

5、号传输速率下能到达的数据传输速率为多少？解: N = 8 X 2 = 16 种，B = 1200 Band S = B log2N = 4800 bps13.采用每种相位各有两种幅度的PAM调制方法，在带宽为 8KHz的无噪信道上传输数字信号，假设要到达64Kbps的数据速率，问至少要多少种不同的相位？解：按奈奎斯特定理：H = 8KHZ , C = 64 kbpsC = 2 H log2NN = 16每种相位各有两种幅度 N/2 = 8种相位答至少要8种不同相位14简述异步传输方式与同步传输方式的区别。15.数据速率为1200bps，采用无校验、1位停止位的异步传输，问 1分钟内最多能传输多

6、少个 汉字双字节？解：异步传输汉字时，每个汉字占二个群；数据位为8位，采用无校验，1位停止位，1位起始位每分钟可传输的汉字数1200bps 60s3600(8 1 1) 2所以1分钟内最多能传输汉字 3600个。1011001的波形图。16分别用标准曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码画出解：数据为 1011001全宽码曼彻斯特码差分曼彻斯特码v 101100117.采用曼彻斯特编码的10Mbps局域网的波特率是多少？10Mbps局域网解：采用曼彻斯编码时，在最坏情况下，一位二进制比特需要有二次跳变，所以的波特率为 10Mbps *2 =20 Mbaud 18简述异步传输方式的字符格式，并说明各局部

7、的所用。19信源以字节8比特为单位传输数据，假设数据速率为B(bps)，对以下两种情况分别计算有效数据传输速率：(1) 异步串行传输，不用校验位、使用1位停止位；(2) 同步串行传输，每帧包含48位控制位和4096位数据位。解：1异步传输：(传输数据位最多时)以字节为单位，8位数据，不用校验，1位起始位，1位停止位8 B 0.8B8 1 12同步传输：每帧包含 48位控制位和4096位数据位40964096480.988B20. 在相同数据速率下，分别采用异步协议和同步协议传输大批量数据，问两者的传输效率之 比约为百分之几？解：在相同数据速率B下，传输大批量数据时异步传输的效率最多为8B 0.

8、8B10同步传输的效率为接近于1X B两者的传输效率之比为0.8B1B0.821. 对于带宽为4KHz的语音信号，采用量化级别为128的PCM方法编码，问所产生的二进制 位起码要用多大传输速率的信道才能传输？解：语音信号带宽为4KHZ，所以采样频率为 2X 4KHZ = 8KHZ即每秒采样8000次每次间隔时间为125US，量化级为128，故每次采样要用七位二进制来表示所以数据速率为7bit x 8KHZ = 56 kbps 或 7bit / 125us = 56 kbps22. 简述FDM和TDM的实现原理。23. 分别计算T1载波和E1载波的编码效率和开销率。解：Ti载波：每帧由24路声音

9、，每路声音7位数据，1位控制，每帧1位标志7 24168编码效率为0.878 24 1193开销率为251930.12950.13E1载波：每帧由30路声音，每路声音8位数据，每帧有8位同步，8位控制编码效率为30 830 8 8 82402560.9375开销为162560.062524. 假设要在采用两种物理状态传输的50 Kbps信道上传输1.544Mbps的T1载波，问信道的信噪比至少要多少？解：在两种物理状态下传输 50 kbps，即C1 = 2 H log2N/ N = 2 , C1 = 50 kbps H = 25 KHZ现要传输1.544 Mbps的T1载波 C2 = H lo

10、g2 1+S/NC2 = 1.544 Mbps Ieg2 1+S/N= 61.76S/N = 2 61.76-1信噪比为10此Wdb25. 试比拟电路交换、报文交换、虚电路分组交换及数据报分组交换方式的特点。26. 对于交换网定义如下参数：N -两个给定站点间转接的节点数；L -报文长度比特；B -链路上的数据传输速率bps；P -每个分组的长度比特；H -每个分组的开销比特；S -电路交换或虚电路分组交换的呼叫建立时间秒；D -每个转接点的转接延迟时间 秒。M -两个节点之间的传播延迟时间 秒。假设不需要确认，请分别计算电路交换、报文交换、虚电路分组交换和数据报分组交换的 端到端延迟时间。解

11、：1电路交换，有电路的建立时间，报文传输延迟和传播延迟时间T电路交换=S1(N 1) M丽两站点之间的传播延迟2报文交换，无电路的建立时间，但采用存贮转发T报文交换=(N 1) ( M ) N DB分组交换：分组个数I记为 X个分组可能最后一个分组中数据量缺乏P-HP H最后一个分组长度为-x -1 P-H+H记为Y3虚电路分组交换：有虚电路的建立时间，延迟时间可为T虚电路交换=虚电路的建立时间+第一个分组的到达时间+后续分组的到达时间S (N 1)(- M ) N D2-PyBB4数据报分组交换：无虚电路的建立时间T数据报交换达时间 +后续分组的到达时间P(x 2) p y(N 1)( M

12、) N D -BB27. 假设两个端系统之间有三个转接点，要传送的报文为4800bits，所有链路上的数据速率为10Mbps假设采用虚电路分组交换技术，呼叫建立的时间为0. 001秒，每个分组的最大长度为1200bits，每个分组要有 40bits的开销，每个转换点的处理时延为0. 0002秒。两个站点之间的传播时延为 0. 00001秒，试计算从端到端的延迟时间。解：每个分组的最大长度为1200bits，每个分组要有 40bits的开销，所以每个分组只能携带1160bits 数据。分组个数为 X=4800- 1160 4.1个，为5个分组。最后一个分组长度为 Y=L-x-1 P-H+H=20

13、0bits呼叫建立的时间为 S=0. 001秒=1ms每个转换点的处理时延为D=0. 0002秒=0. 2ms；两个站点之间的传播时延为M=0 00001秒=0. 01ms； N=3; B=10Mbps=10bit/卩sT虚电路交换=虚电路的建立时间+第一个分组的到达时间+后续分组的到达时间S (N 1)(P M ) N D © 2-pyBB=2.5ms28. 假设在相隔1000公里两地之间要传送 3K位的数据。可以通过地面电缆以4.8kbps的数据速率传送或通过卫星信道以50kbps的数据速率传送，问从开始发送到接受方收到全部数据为止用那种方式传送时间较短？解：地面电缆：T =传输

14、延迟+传播延迟3k 1000 103m4.8kbps 200m/us=625 ms + 5 ms = 630 ms卫星信道：卫星的单向传播延迟时间约为270msT =传输延+传播延迟3k270ms50kbps=60ms + 270ms = 330ms所以用卫星信道传送的时间较短。29个简单的系统由二个终端局和一个长途局组成，每个终端局用1MHZ的全双工中继线连到长途局，平均每台机在8小时的工作日中使用 4次，每次通话平均持续 6分钟，其中10%的通话是长途局。即经过长途局的，假设设每路话音带宽为 4KHZ，问每个终端局能够支持的机最多台数是多少？解：按频分多路1MHZ4KHZ按时分多路匚602

15、00 个用户4 6 10%可支持的机的最多台数为 250 X 200 = 50000台250 个子信道30 假设你训练你的急救用狗，方法是传送一个装有三片软盘的盒子，每个盘片上存有250,000字节的信息，不管你在那里，狗都能以18公里/小时的速度跑到你跟前，问在什么距离范围内，狗的数据传输率比电路交换的数据传输率300 bps高？3 250000 8bit解：300bps设距离为X公里x/18公里/小时100公 里3 250000 8bit 18 103m x300bps3600s31 假设某运载工具能以每小时80公里的速度一次传递 10盒8mm的磁带，每盒3盘带，每盘带容量为7GB。问在什

16、么距离范围内，该运载工具的数据传输率比155M b/s的ATM网络要高？解：设距离为Y公里10 3 7GB155Mbpsy/80公里/小时10 3 7 109 8 80 103m八中y6240公里155 103600s32 解:某信道误码率为 10-5，每帧长度为10 000 bits，试问：a假设过失都是单个错，那么在该信道上传送的帧的平均出错率是多少?b假设过失大多为突发错，平均突发长度为率是多少？Pe = 10-5，每帧长度为100bits，那么在该信道上传送的帧的平均出错1假设为单个错:104 bitNeNPeNe = 1 N = 105105有多少个帧：4102假设为突发错：Ne =

17、 100 bit10个帧的错误率为10% NNePe107有多少帧1071041000个帧，但突发错误可能影响一个帧，也可能影响二个帧;所以帧的平均错误率为1000 或21000第四章1. 比拟ARQ和FEC方法的工作原理，说明他们的不同之处。2. 生成多项式为：X4+ X3+ X2 + 1，求信息位1010101的CRC码。解：生成多项式g (x) = x4+x3+x2+1对应的二进制位串为11101(r = 4)信息位1010101对立的二进制多项式为k (x)求需的余式1110101余式 r (x) = x 3 + 1 t 1001C (x) = x4 k (x) + r (x)1110

18、1100001110111101T对应的CRC码为1100011101101001110110013. 7, 3循环码的校验关系式为:C6+C3+C2+C1=0C5+C2+C1+C0=0C6+C5+C1=0C5+C4+C0=0 求该循环码的生成多项式G X和信息码110的余式r(x) ?解：在7, 3循环码中前 k-1位为0的信息位是001，即有C6 C5 C4 C3 C2 C1 C0代入校验方程组：C5+C2+C1+C0=00 0 1 X X X XC6+C3+C2+C1=0t C3=1;t C2=1;C6+C5+C1=0C5+C4+C0=0 生成多项式对应的二进制位串为 信息位110对立的

19、二进制多项式为t C1=0;t C0=1;0011101(r = 4);生成多项式为 g (x) = x 4+x3+x2+1 k (x)亠 x4 k(x) “人，求的余式g(x)余式 r (x) = x 3+ 1 t 1001C (x) = x4 k (x) + r (x)10111101 ；110 0000 /111 011010011101t 对应的CRC码为 11010014.设有一个7, 3码，其生成多项式GX=x4+x3+x2+1,当传输信息为101时，求循环冗余码。 解：生成多项式g (x) = x4+x3+x2+1对应的二进制位串为11101(r = 4)信息位101对立的二进制

20、多项式为k (x)的余式余式 r (x) = x + 1 t 0011C (x) = x4 k (x) + r (x)11111101 '1010000 / 111011001011101111010011t 对应的CRC码为 10100115 .设信息为7位，冗余位为4位，生成多项式 G X=x4+x3+1，试计算传输信息为 1011001和 1101001 的 CRC编码。解：生成多项式g (x) = x4+x3 +1对应的二进制位串为11001(r = 4)信息位1011001对立的二进制多项式为k (x)的余式余式 r (x) = x 3 +x t 1010C (x) = x4

21、 k (x) + r (x)t对应的CRC码为110101011001 ±11100111110110011111100111100110011010信息位1101001对立的二进制多项式为k (x)100100111001 11001余式 r (x) = 111010T 0001C (x) = X 4 k (x) + r (x)11001100110010001t对应的CRC码为6.试比拟四种帧定界方法的特点。7假设发送窗口尺寸为 4,在发送3号帧并收到2号帧确实认帧后，发送方还可发几帧？请给 出可发帧的序号。解:发送窗口尺寸为4,即不必等待确认帧的到来，最多可连续发送4个帧。发送

22、了 3号帧，即前面一共发送了0, 1, 2, 3号4个帧。收到了 2号帧确头认帧，即表示 0号，1号，2号帧均已收妥，故发送窗口可删除 0号, 1号, 2 号帧，即还留下一个帧： 3号帧；所以发送方还可以发送 3个帧，可发送帧的序号为 4号，5 号和6号帧。&假设窗口序号位数为3,发送窗口尺寸为 2,采用Go-back-N法，请画出由初始态出发相继以下事件发生时的发送及接收窗口图：发送帧0、发送帧1、接收帧0、接收确认帧0、发送帧 2、帧1接收出错、帧1确认超时、重发帧1、接收帧1、发送帧2、接收确认帧1。解：窗口序号位数为3,即占三位二进制，帧序号为 07 ;采用G0 -back-N

23、法，发送窗口为2,接 收窗口为1,即可以连续发送2个帧，而接收为顺序接收。解：窗口序号位数为3,即占三位二进制，帧序号为 07 ;采用G0 Hback-N法，发送窗口为2,接 收窗口为1,即可以连续发送2个帧，而接收为顺序接收。发送窗口接受窗口初态帧1接收错同左发1同左发送窗口同前接受窗口接收确认1同左9假设帧序号位数为 3,窗口尺寸为 件发生时的发送及接收窗口图：发送帧2,采用选择重发协议，请画出由初始态出发相继以下事0、发送帧1、接收帧0、接收确认帧0、发送帧2、接收否认确认帧1、接收帧2、重发帧1、接收帧1、接收确认帧2。解：窗口序号位数为3,即占三位二进制，帧序号为 07;采用选择重发

24、协议，发送窗口为2,接收窗口为2,即可以连续发送2个帧，而接收为不按顺序接收。接受窗口发送窗口接受窗口10假设接收帧0 接收确认帧0初态发送窗口同左发0发1同左同左接收否认确认帧接收帧2同左同左BSC帧数据段中出现以下字符串:同左同左接收帧1同左发2接收确认帧2同左“ A<DLE><STX>BC<DLE><DLE>DE<DLE><ETB> 问字符填充后的输出是什么？解：BSC帧数据段中出现以下字符串:“A<DLE><STX>BC<DLE><DLE>DE<DLE>&

25、lt;ETB>字符填充后为：“ A<DLE><DLE><STX>BC<DLE><DLE><DLE><DLE>DE<DLE><DLE><ETB>11. HDLC帧数据段中出现以下比特串：“ 问比特填充后的输出是 什么？解：HDLC帧数据段中出现以下比特串：比特填充后为：12. 一个信道的数据速率为4Kbps,单向传播延迟时间为 20ms,问帧在什么范围内，才能使停等协议的效率至少是 50% ?解：题中未提确认帧，即确认帧很短，可以忽略，不占时间停等协议的信道利用率为U i

26、B 2RLL 2RB/ B = 4 kbps ; R = 20 ms50%L 2RB答：帧长要大于等于160 bit13. 个信道的数据速率为 1Mbps，往返传播延迟时间为 4ms，帧长度为1000比特，帧的顺序 号用三位，并假设确认不采用捎带方式，并且不占时间，问假设不考虑过失重发和帧头所造成 的信道损失时，采用选择重发协议，信道可能到达的最大有效利用率是多少？解：确认方式：单独确实认帧，帧长为 L '不采用捎带方式单独确实认帧，帧长很短，可以忽略，不占时间；L ' =0不采用捎带方式采用捎带方式，帧长为数据帧，故为L帧的顺序号为三位，故最大帧序号为Smax = 2 3 -

27、 = 7 ;又因为采用选择重发协议，信道上发送方的发送窗口的最大尺寸为序号范围的一半，即23- = 4信道的最大利用率：U4L4 1031034 103L L' 2RB4-80%5/ L=1000bit ; 2R = 4 ms; B=1Mbps14. 使用后退n协议在3000km长的1.544Mbps的T1干线上发送64字节的帧，假设信号传播 速度是6 s/km，问帧的顺序号应有多少位？解：设帧的顺序号为n位，那么后退n协议的发送窗口的最大尺寸为Smax = 2 n- = m即可连续发送m个帧，并设确认帧不占时间L ' =0后退n协议的信道利用率D 要使U为最大，即接近于1L

28、2D BVL 2- BVm LD L 2 BVm 1 2D V m = 1092n-1 = m答帧的顺序号应有B/ L33000 10 m310 m/6us n = leg27位二进制.1.544Mbps /(64 8)=108.5615. 在50K bps的卫星信道上发送1Kbit长的帧，确认信号总是由数据帧捎带，帧头很短，使用三位顺序号，对于下面三种协议，最大可能到达的信道有效利用率是多少？1停等协议2后退n协议 3选择重发协议解：确认信号总是由数据帧捎带，故确认帧长等于数据帧长, L' = L ,帧头很短，故帧的开销可忽略不计。使用三位帧顺序号，那么Smax = 23 - = 7

29、卫星信道的单向传播延迟时间约为270msLL L 2RBL2L 2RB1293.45%2后退n协议，发送窗口的最大尺寸为Smax = 77 L7LL L 2RB 2L 2RB72924.15%1停等协议，发送窗口为 1,只能发送1个帧3选择重发协议，发送窗口的最大尺寸为序号范围的一半，即为44 LL L 2RB4L2L 2RB42913.8%16用BSC规程传输一批汉字双字节，假设采用不带报头的分块传输，且最大报文块 长为129字节，共传输了 5帧，其中最后一块报文为101字节。问每个报文最多能传多少汉字? 该批数据共有多少汉字？假设采用单字节的块校验字符。解：BSC规程中帧的格式为SSSEB

30、YYT报文TCNNXBC每个报文可以最多传输的汉字数：129B -B/ 2 = 62个汉字共有多少个汉字：4X 62 + 101B-5B/ 2 = 296个汉字17.用HDLC帧传输12个汉字双字节时，帧中的信息字段占多少字节？总的帧长占多少 字节？解：HDLC帧的格式为8 88 16 801111110ACIFCS01111110信息字段为 12 X 2 = 24B，信息字段占24字节总的帧长为24B + 6B = 30B18.数据传输速率2400 bps、最大分组长度1024位未含分组头，传输长度为256K字节的报 文，试计算：1总共传输的分组数；2总共传输的比特数；3传输所用的总时间。解

31、：最大分组长度为1024 bit未含分组头;传输长度为256K字节的报文1总共传输的分组数：256 1024 8 2048个分组10242每个分组要加上3个字节的分组头24 bit总共传输的比特数：2048* 1024 + 24= 2146304 bit3传输所用的总时间：2048 1048bit894.3秒2400bit/s假设题目改为网络层的分组在数据链路层被组装成帧HDLC丨传输问4总共传输的帧数？ 5总共传输的比特数？ 6传输所用的总时间？4总共传输的帧数为5总共传输的比特数2048个帧2048* 1024+ 24 + 48= 2244608 bit2048 1096bit宀6传输所用

32、的总时间：935.25秒2400bps第四章1为什么CSMA/CD有最短帧长度的要求？解：对于基带的CSMA / CD，冲突检测要求分组长度必须大于两站点最大传播延迟时间的2倍,否那么，当检测到冲突后，站点已经将分组传送结束，无法进行冲突检测；另外，传送长的 分组，可以相对地减少冲突。2.简述非坚持、1-坚持及P-坚持算法的特点。3.长1Km、10Mbps的802.3 LAN，其信号传播速度为 200m/ s,数据帧长度为 256位包括32位开销。一个成功发送后的第一位时间片留给接收方以捕获信道来发送一个32位确实认帧。假设不考虑冲突、问不包括开销的有效数据速率为多少？解：基带传输时，时间片的

33、长度等于往返传播延迟时间即2a，否那么不能确保信道是否空闲2a1km200m/us10us发送一个数据分组的时间为L/B = 256 bit / 10 X 106 bps = 25. 6us 发送一个确认分组的时间为L/B = 32 bit / 10X 106 bps = 3. 2us 一次成功能发送：包括发送者获得信道 发送确认分组的时间。10 us，发送数据分组；接收者获得信道10 us,总时间 T = 10 us + 25 . 6us + 10 us + 3 . 2us = 48. 8us在一次成功的发送中，共发送的有效数据为L= 256-32 = 224位I 0071 Kit所以有效数

34、据速率为一 4.59 MbpsT 48.8us4.长1Km、10Mbps的基带总线LAN，信号传播速度为 200m/ s,计算一个1000比特的帧从 发送开始到接收结束的最大时间是多少？假设两相距最远的站点在同一时刻发送数据，那么经过 多长时间两站发现冲突。解：帧从发送开始到接收结束的最大时间是多少L DT = T传输+ T传播=B V=100 us + 5 us = 105 us假设相距最远的两站点在同时发送1000bit10 Mbps1km200m/us在12.5us 时发生冲突，检测到冲突的时间为2 V5us5. 100个站点的时槽环，任意两站间的平均距离为10 m,数据传输速率为10

35、Mbps，信号传播速度为200 m/ s,假设每个站引入1位延迟，试计算：1两站点间链路的位长度为多少位?2整个环路的有效位长度为多少位?3此环上最多允许有几个 37位长的时槽?解：1两站点间链路的位长度为d B 10Mbps 0.5bitv 200m/us2整个环路的等效位长度为100 10m200m/us10Mbps 100 1bit150bit3此环上最多允许有几个 37位长的时槽150 - 37 = 4. 05所以有4个时槽6. 长1Km、10Mbps、50个站点的令牌环，每个站引入1位延迟，信号传播速度为200m/ s, 令 牌长8位，数据帧长度位 256位包括32位开销，确认在数据

36、帧捎带，问该环不包括开销的 有效数据速率为多少？ 解：1在轻负荷时，只有一个站点要发送数据最坏情况下发送一帧的时间 =空令牌绕环一周的时间 + 一个数据帧绕环一周的时间810bit / us)(丄B B1km200m/ usD n 1、V T)50 )10bit / us(256(10bit/us1km50200m/us 10bit /us46.4us数据位数256- 32 = 224位所以有效数据速率为 224 bit /T = 224 bit /46 . 4 us = 4. 83 Mbps2重负荷的令牌环，可看为每一个站点都有数据要传送，即每个站点在发送完数据帧后，再发一个令牌帧；确认是在

37、数据帧中捎带，这样就省去了专门确实认帧(假设每一个站点都 只发一个帧，并且所发的帧的长度都相等)。在重负荷时，每个站点都要发送数据，n个站点发n个数据帧；所使用的总时间=空令牌绕环一周的时间+ n个数据帧各绕环一周的时间L D n 1、. L D n 1、T () n ()B V BB V B=10. 8us + n 35. 6us = 1790. 8us总的数据位数n256- 32= 224 n位=11200 bit所以有效数据速率为n 224 / T = 6.25 Mbps7 .长10Km、16Mbps、100个站点的令牌环，每个站引入1位延迟，信号传播速度为 200m/ s。问：1该环上

38、1位的延迟相当于多少米长度的电缆？2该环的有效位长度为多少位？解：11位的延迟相当于多少米长的电缆1 1 V200m/us 12.5mB16bit / us2有等效位长度两种方法10 km iB 100 1bit 900bit200 m/usii等效的媒体长度110km V 10011.250kmB等效的位长度11.250km200m/usB 900bit&长1Km、4Mbps、50个站点的令牌环，每个站引入1位延迟，信号传播速度为 200m/ s,设数据帧最大长度为100字节。问该环上检查令牌丧失的超时计数器的值至少要设置为多少微秒？解：TL Dn 1100 81km50 1B VB

39、4bit / us 200m/us 4bit / us200us5us 12.5us217.5us9.一个10Mbps的令牌环，其令牌保持计数器的设置值为10 s,在此环上可发送的最长帧为多少位？解：T LBD nVB-题中没有给出环的长度，故D, 省略VT丄B题中没有给出站点的延迟时间n i/B 省略L < T B = 10 us X 10 Mbps =100 bit10. 10Mbps、100个站点的令牌总线网， 令牌长度为12字节，当只有一个站点要求发送报文时， 问该站发送报文的最大等待时间为多少？忽略信号传播时延。解：T为空令牌绕环一周所需的时间。但是在总线网络令牌是播送到总线的T n (L D 站点处理时间)此题中传播时延忽略，站点处理时延略B V12 8100()960us10bit/us11. 考虑把一个1兆字符的文件从一个站传到另一个站。在下述情况下，总的经过时间和有效 吞吐量各是多少？(1) 线路交换的星形拓扑结构局域网。呼叫建立时间可以忽略不计，媒体上的数据传送速 率为64Kbps媒体上的传播时延不计。(2) 带有两个站的