广东省揭阳市2019-2020学年高二(下)期末教学质量测试物理试题

1、试卷第1页，总11页广东省揭阳市2019-20202019-2020学年高二（下）期末教学质量测试物理试题学校:姓名：班级：考号：1.定义物理量的方法，常见的有加法、减法、乘法和比值法。下列不是采用比值法定义的物理量是（）,FSxFEA.a=B.v=C.E=D.（p=mMqq2.龟兔赛跑的故事家喻户晓.比赛中乌龟和兔子沿直线赛道运动的xr图象如图所示,则（）A.免子比乌龟出发的时间晚，2B.兔子一直在做匀速直线运动C.兔子先通过预定位移到达终点D.乌龟和兔子在比赛过程中相遇2次3.拖着旧橡胶轮胎跑步是一种训练体能的常用方法.如图所示，某学校体育运动员在体能训练时拖着轮胎在操场上匀速跑了800m

2、，则在此过程中（）A.支持力对轮胎做了正功B.支持力对轮胎的冲量为零C.合外力对轮胎做功为零D.拉力对轮胎所做的功等于轮胎动能的改变量4.如图所示，某幼儿园要在教室周边空地上设计一个滑梯.设计师根据空地的大小，将滑梯的水平跨度试卷第2页.总11页确定为/，已知滑板和儿童裤料之间的动摩擦因数为，为使儿童在滑梯游戏时能在滑板上滑下，则滑梯的高度至少为（）fI，I1A.ulB.C.irD.A5.如图所示，细绳的一端固定于。点，另一端系一个小球，在0点的正下方人点钉一个钉子，让小球从一定高度摆下，则（）A.绳子与钉子碰撞前后小球的线速度变小B.绳子与钉子碰撞前后小球的角速度不变C.钉子的位置越靠近小球

3、，绳就越容易断D.怎么改变钉子的位置，也不能让小球做完整的圆周运动6.某一区域的电场线分布如图所示，A、8、C是电场中的三个点。则下列判断正确A. A、3、C三点的电势关系为已%B. A、8、C三点的电场强度大小关系为 ECEEAC. A、8、C三点中，电子在C点的电势能最小D.正电荷从点移到A点比从A点移到C点电场力做功大试卷第3页，总11页7.如图所示，理想变压器的原线圈与交流电源相连，当规格为“3V0.6W”的灯泡正常发光时，&的功率为0.2W,己知R=20Q,R2=10。,则下列说法正确的是（）试卷第2页.总11页A.变压器原线圈中的电流为0.2AB.变压器副线圈中的电流为0.

4、1AC.原、副线圈的匝数比为2：1D.交流电源的输出功率为1W8.如图所示，一长为/的导体棒Q4放在光滑的水平面上，在水平而内有垂直向下的磁感应强度为3的匀强磁场，现使棒以角速度顺时针转动，负电荷0在洛伦兹力的作用下从A端移动到转轴。处，则洛伦兹力做功为（）9. 2020年4月24日，中国邮政发行中国第一颗人造地球卫星发射成功五十周年纪念邮票，如闻所示1970年4月24日在酒泉卫星发射中心成功发射的“东方红一号”卫星，是我国发射的第一颗人造地球卫星。假设该卫星在离地球高为的圆轨道上运行的周期为T.已知地球的半径为R、引力常量为G。则（）A.东方红一号”卫星的发射速度必须大于11.2knVsB.

5、“东方红一号”卫星的运行速度一定大于7.9knVs42f3C.可以估算地球的质量为何=至二GT210.中医拔罐疗法在中国有着悠久的历史，早在成书于西汉时期的帛书五十二病方中就有类似于后世的火罐疗法。其方法是以罐为工具，将点燃的纸片放入一个小罐内，D.可以估算地球的密度为/?=3/(R+1希GTW试卷第5页，总11页当纸片燃烧完时，迅速将火罐开口端紧压在皮肤上，火罐就会紧紧地“吸”在皮肤上,造成局部瘀血，以达到通经活络、行气活血、消肿止痛、祛风散寒等作用的疗法。在刚开始的很短时间内，火罐“吸”在皮肤上的主要原因是（）A.火罐内的气体温度不变，体积减小，压强增大B.火罐内的气体压强不变，温度降低，

6、体积减小C.火罐内的气体体积不变，温度降低，压强减小D.火罐内的气体体积不变，温度降低，压强增大11.某人在乘地铁的过程中，想测量地铁启动过程中的加速度，他把一根细绳的下端绑着一支圆珠笔，细绳的上端用电工胶布临时固定在地铁的竖直扶手上。在地铁启动后的某段加速过程中，细绳偏离了竖直方向，他用手机拍摄了当时的情境，如图所示，拍摄方向跟地铁前进方向垂直，已知重力加速度为根据这张照片（）A.可知地铁的加速度方向向左B.可知地铁的加速度方向向右C.若估算此时地铁的加速度，可以用量角器测量细线与竖直扶手的夹角。D.若估算此时地铁的加速度，可以用刻度尺测量细线的长度和圆珠笔到竖直扶手的距离12.小明同学从某

7、一高度两次平抛同一个钢球，第一次平抛钢球直接落在地面A处，第二次平抛钢球在地面上弹起了一次才落到A处，设钢球与地而碰撞的过程没有损失能量,则在这两个过程中（）A.钢球两次经历的时间相等B.钢球第二次经历的时间是第一次的3倍C.钢球两次的初速度相同D.钢球第一次的初速度大小是第二次的3倍13.研究“蹦极”运动时，在运动员身上装好传感器，用于测量运动员在不同时刻下落的高度和速度。已知运动员及所携带装备的总质量为加，弹性绳原长为乙。运动员从试卷第6页，总11页蹦极台自由下落，根据传感器测到的数据，得到如图所示的速度位移图象。不计空气A.由图像可知，下落距离15m时，速度最大为15m/sB.运动员速度

8、最大时，弹性绳的弹力大小等于碧C.运动员速度最大时，不能求得弹性绳的弹性势能D.运动员下落至最低点时，不能求得弹性绳的弹性势能14.如图所示，一台空调外机用两个三角形支架固定在外墙上，空调外机的重心恰好在支架横梁和斜梁的连接点。的上方，重力大小为G：横梁A。水平，已知斜梁跟外墙的夹角为0若斜梁对0点的压力凡沿8。方向，横梁对0点的拉力已沿。4方向，则有（）A.鸟=B.F2=Gtan0C.F】=D.=一cos。-sin。tan。15.水平的直路上，一辆车速为-的汽车的刹车距离为S。，如果路面相同，在倾角为0（较小）的斜坡上运动，己知重力加速度为Mo,则该车的刹车距离为（）I=LA.若汽车上坡，刹

9、车距离为v2cos。一2gsin。s/=B.若汽车上坡，刹车距离为v2.。.八cos+2gsinOC.若汽车下坡，刹车距离为=一试卷第7页，总11页cos2gsin。D.若汽车下坡，刹车距离为,=cos3-2gsin016.在抗击新冠肺炎的战“疫”中， 机器人发挥了独特的优势， 机器人从护士站到病区为患者运送生活物品，如图（a）所示。机器人沿直线运动的V，-/图象，如图（b）所示。在此过程中生活物品与平台间恰好不发生滑动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，8取A.生活物品与平台间的动摩擦因数为0.06B.机器人轮胎与地而间的动摩擦因数为0.06C.机器人完成一次运送最短时间为20丘sD.机器人完成

10、一次运送最大速度为6m/s17.真空中有三个带正电的点电荷，它们固定在边长为的等边三角形的三个顶点上,每个点电荷的电荷量都是0，若引入另一个点电荷，放在等边三角形的中心，使三角形顶点处的点电荷所受电场力为零，则引入的点电荷（）qA.带正电B.带负电C.所带电荷量为-j=D.所带电荷量为Hq18.一定质量的理想气体，从状态。开始，经历汕、be、如三个过程回到原状态，其V-T图象如图所示，其中图线油的反向延长线过坐标原点。，图线阮平行于丁轴,图线挪平行于V轴，则（）()7A. cS过程中气体压强不变，气体从外界吸热B.所过程中气体体积不变，气体不吸热也不放热C. m过程中气体温度不变，气体向外界放

11、热试卷第8页，总11页D.整个变化过程中气体的内能先减少后增加19.如图所示， 质量为 ？.电阻为R的正方形金属线框。 所 放在光滑的斜面上， 斜而的倾角为。 =30，在水平边界PQ、V之间有垂直斜而向上的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B,水平边界PQ、MV之间的距离大于线框的边长，开始时线框山边离PQ的距离等于线框的边长。由静止释放线框，线框进入磁场的过程中通过线框横截面的电荷量为0，线框W边刚要离开磁场时，加速度为零.线框通过磁场的过程中7mP产生的焦耳热为Q=，g为重力加速度，线框运动过程中c没边始终与P。平行,A.线框的边长为B.线框的边长为2,半C.边界PQ、之间的距离为2(义与一

12、D.边界PQ、A/N之间的距离为号一2寸亍20.如图所示， 一辆货车运载着圆柱形光滑的空油桶.在车厢底， 一层油桶平整排列,相互紧贴并被牢牢固定，上一层只有一只桶C,自由地摆放在桶A、B之间，没有用试卷第9页，总11页绳索固定，桶C受到桶A和桶B的支持，和货车一起保持静止。则货车（A.以某一加速度向左加速时，A对C的支持力大小将增大B.以某一加速度向左加速时，B对C的支持力大小将增大D.向右加速运动的加速度增大到寸Eg时，桶C就脱离A而运动到B的右边3占21._某学校两个科技实验小组分别用图甲、乙所示的装置，验证或探究加速度与力和质量的关系。图甲中，平衡摩擦力后，让小车由同一位置自由释放，通过

13、改变光电门的位置进行多次实验，采集多组数据。图乙中，带滑轮的长木板和弹簧测力计均水平固定。（1）对于实验探究过程中的操作做法，正确的是:A.用装置甲实验时，应先接通光电门，再释放小车B.用装置乙实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车C.用装置甲、乙实验时，都要使悬挂物的质量远小于小车的质量D.用装置甲、乙实验时，均需要使用天平测出重物或沙和沙桶的质量（2）应用图甲装置的小组同学在实验中，通过改变小车释放点到光电门的位移（X）,获取数据，以验证牛顿第二定律。关于数据处理的方法，你认为正确的说法是:A.把小车的末速度（V）作为横坐标，拉力（F）作为纵坐标，作出图线分析后得出结论B.以

14、小车释放点到光电门的位移（x）作为纵坐标，以挡光板通过光电门的时间U）作为横坐标，作出图线分析后得出结论C.以小车释放点到光电门的位移（X）作为纵坐标，以挡光板通过光电门的时间平方（r）作为横坐标，作出图线分析后得出结论D.以小车释放点到光电门的位移（X）作为纵坐标，以挡光板通过光电门的时间平方C.向左加速运动的加速度增大到时，桶C就脱离A而运动到B的右边试卷第10页，总11页的倒数(r)作为横坐标，作出图线分析后得出结论r(3)应用图乙装置的小组同学以弹簧测力计的示数F为横坐标，以加速度为纵坐标，画出图象，求出图象的斜率为k，则小车的质量为o22.某科学探究小组利用伏安法测定电池组的电动势和

15、内阻。图中己将实验器材进行了部分连接。(1)请根据实验原理，将图中的实物电路补充完整(2)一位同学在实验过程中发现电流表坏了，于是移去电流表，同时用电阻箱替换滑动变阻器，而另一位同学又想测量水果电池的电动势和内阻。重新连接电路，仍然通过U-I图象处理实验数据，获得所测水果电池的电动势和内阻。1请画出相应的电路图。2闭合开关后，由电阻箱的电阻和电阻箱两端的电压，计算通过电阻箱的电流，调fj电阻箱得到各组实验数据如下表，并把表格中的空格填上对应的电流:数据序号123456电阻箱的电阻火/闵。)0.10.20.40.81.64.0电压U/V0.090.160.270.400.600.67电流Z/(1

16、O-3A)0.900.800.68_-0.380.173根据表中电压和电流的数据，在图中描点，作出U-I图象.试卷第10页，总II页1.00.80.60.40.20.20.40.60.81.0i/(io以)4根据U-I图象，计算水果电池的电动势E=V和内阻尸=Q。23.质谱仪的基本构造如图所示。质量为？(待测的)、带电量为G的离子束由静止经加速电场后，进入速度选择器，速度选择器中有相互垂直的电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场，之后进入磁感应强度为P的匀强磁场区域发生偏转。(1)若该离子的偏转距离为/，求离子的质量？：求加速电场的电压；(3)在一次实验中拓0离子的偏转距离为29.2

17、0cm,另一种带电量相同的氧的同位素离子的偏转距离为32.86cm。已知离子的质量为16.00u(u为原子质量单位)，求另一种同位素离子的质量(保留两位小数，用原子质量单位u表示)。/W、/T、|般片-速度逸界器I一：一恤速电场LiTJif-w24.如图(a)所示，将质量为4?的长木板用钉子固定在光滑的水平而上，质量为？的子弹(可视为质点)以水平初速度岛从左侧射入长木板，子弹恰好穿出长木板。如图(方所示，现将长木板分成长度相等的两段，用钉子把左侧木板固定在光滑的水平面上，将子弹以相同的初速度从左侧射入。设子弹与长木板之间的摩擦力大小始终不变。(以下计算结果可以用分数表示)(1)求图(b)所示的

18、情境中，子弹的最终速度耳：(2)求图(b)所示的情境中，子弹与木块摩擦产生的热量Q(3)如图(e)所示， 将长木板分成长度相等的两段后， 把两段间隔一定距离放置且间隔大于每一段木板长度的!，解除对左侧木块的固定，将子弹以相同的初速度从左侧射入。4求子弹与木块摩擦产生的热量。2o试卷第12页，总11页(a)m二L”“主“J,次,“J“，”二L如1“J(h)(e本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第1页，总17页参考答案1. A【解析】【分析】【详解】R比值定义法定义的物理量，与用来定义的物理量无关，即某物理量A,其定义式A=?为则C物，则物理量A与物理量8、C无关。由加速度、

19、速度、电场强度、电势的定义，可知不是采用比值定义法定义物理量为。=三，这是加速度的决定式。m故选A。2. D【解析】【分析】【详解】A.兔子与乌龟同地但不同时出发，兔子比乌龟出发的时间晚匕，故A项错误：B.乌龟一直在做匀速直线运动，兔子先匀速直线运动后静止再做匀速直线运动，故B项错误：C.乌龟先通过预定位移到达终点，故C项错误；D.两图象的交点，表示物体相遇，由图象可知，乌龟和兔子在比赛过程中相遇2次，D项正确。故选De3. C【解析】【分析】【详解】A.支持力与轮胎运动方向垂直，对轮胎不做功，A项错误：B.根据/=山可知，支持力的冲量却不为零，B项错误；C.轮胎速率不变，动能不变，合外力不做

20、功，C项正确：D.合外力做功即拉力做功与摩擦力做功之和等于轮胎动能的改变量，D项错误。故选C。4. A本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第2页，总17页【解析】【分析】【详解】设儿童的质量为川，建构一个斜面模型，设斜而倾角为0,则使儿童沿斜而下滑的条件为?gsin。pmgcosO解得/故选A。5. C【解析】【分析】【详解】A.小球碰到钉子前后没有力改变其运动状态，线速度不变，故A错误：B.由于半径变小，根据v=6可知小球碰到钉子后的角速度变大，故B错误：C.在最低点，根据牛顿第二定律可得Fr_mg=in一r绳子受到的拉力为Fr=mg+mr钉子的位置越靠近小球，可知圆周运

21、动的半径越小，绳子的拉力就越大，绳就越容易断，故C正确；D.适当放置钉子的位置，可以让小球通过与钉子相同的高度，也可以让小球通过最高点，但过最高点的速度要满足故D错误：故选C。6. D【解析】本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第3页，总17页【分析】【详解】A.根据沿电场线方向电势越来越低，知A、B、C三点的电势关系为外列件，A项错误。B.由电场线的疏密程度，判断A、B、C三点的电场强度大小关系为EBEAEC，B项错误。C.电子从B到A再到C,电场力一直做负功，电势能增大，故有在C点的电势能最大，C项错误。D.由W=qU和UBAUAC，知正电荷从8点移到A点比从A点移到C

22、点电场力做功大，D项正确。故选De7. C【解析】【分析】【详解】A.&的功率为0.2W、/?,=20Q,知变压器原线圈中的电流为/l=01A电阻&两端的电压为瞄=屈=27A项错误：B.由规格为“3V0.6W”的灯泡正常发光，知变压器副线圈中的电流为/,=互=竺A=0.2A一U。3副线圈两端的电压U2=I2R2+UL=0.2x1OV+3V=5VB项错误：C.原、副线I卷I的匝数比&=土=2,/1C项正确：D.原线圈两端的电压为本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第4页，总17页U.=野，=10Vn2-则交流电源的输出功率p=ui=(UKi+Ul)I=

23、(2+10)x0.1W=1.2WD项错误。故选C8. A【解析】【分析】【详解】由法拉第电磁感应定律，棒转动时切割磁感线产生的感应电动势为_1E=Blv=-Bcol22又由电动势的定义式E=q因为转动棒使电荷移动的非静电力就是洛仑磁力，所以洛伦兹力做的功为W=LqBcol2故选A。9. D【解析】【分析】【详解】AB.发射人造地球卫星必须大于第一宇宙速度7.9km/s、小于第二宇宙速度11.2knVs,而人造地球卫星运行速度都小于7.9km/s,故AB错误；CD.由万有引力提供向心力得Gr=m(R+h)7(R+h)2T2解得地球的质量为本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第

24、5页，总17页地球的密度为M-nR3地球的密度为3(R+hV一GTR，故C错误，D正确.故选D。10. C【解析】【分析】【详解】在刚开始的很短时间内，火罐内部气体体积不变，由于火导热性良好，所以火罐内气体温pV度迅速降低，根据=c可知，气体压强减小，在外界大气压的作用下火罐“吸”在皮T肤上，ABD错误，C正确。故选C。11. ACD【解析】【分析】【详解】AB.当圆珠笔与列车相对静止时，圆珠笔的加速度与列车的加速度相同。照片中圆珠笔向右偏，故列车的加速度方向向左，故A正确，B错误。CD.设细线与竖直扶手的夹角为。，以圆珠笔为研究对象进行受力分析，根据牛顿第二定律在竖直方向有Fcos0-mg=

25、0在水平方向有Fsin0=ma解得a=gtan本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第6页，总17页所以可以用量角器测出细线与竖直扶手的夹角。，也可以用刻度尺测量细线的长度/和圆珠笔到竖直扶手的距离，得tan0=_Jl2-d2故CD项正确。故选ACDO12. BD【解析】【分析】【详解】在平抛运动中，只要起始高度相同，不管初速度如何不同，被抛物体落地的时间都相同。第二次抛出的球在地面上蝉起了一次，它的运动相当于经历了3个高度（落一起一落），所以第二次抛球到达A处的时间是第一次的3倍，第二次平抛速度是第一次的!故选BD.13. AB【解析】【分析】【详解】A.由图象可知，下落距

26、离15，时，速度最大，最大值为*=15m/s,故A正确：B.当运动员所受合外力为0时，运动员速度最大，不计空气阻力，运动员只受二个力作用，即当运动员速度最大时，弹性绳的弹力大小等于7g，故B正确：C.运动员速度最大时，下落的高度4=15，可以由.1,umgh-mv+E求得弹性绳的弹性势能，故C错误；D.运动员下落至最低点时%=25.5m,根据能量转化，物体的重力势能全部转化为弹性绳的弹性势能，所以1对匕=Epz可求得弹性绳的弹性势能，故D错误。本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第7页，总17页故选AB。14. AB【解析】【分析】【详解】对。有，竖直方向Fcos0=G得鸟

27、=与水平方向FxsnO=F2解得F2=GtanO则AB项正确，CD项错误。故选AB。15. BD【解析】【分析】【详解】设汽车与路面见的动摩擦因数为，在水平路面上运动时，由动能定理得一以?gs=0一；病解得Vz/=2gs当汽车上坡时，由动能定理得-Qmigcos0+?gsin=0-mv22解得本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第8页，总17页/=vcos。+2gsin。s当汽车下坡时，由动能定理得(mgsin。一jLimgcos0)1=0-mv2解得/=vcos3-2gsines故A、C错误，B、D正确；故选BD。16. AC【解析】【分析】【详解】A.由图象中，得到机器

28、人和盒饭的加速度为Ava=0.6m/s-t盒饭与平台恰好不发生滑动，盒饭达到最大静摩擦，有得盒饭与平台间的摩擦因数=0.06A项正确：B.机器人轮胎与地面间只是相对静止而没有达到最大静摩擦，故不能求出轮胎与地面间的摩擦因数，B项错误：CD.护士站到病房距离5=1(10+30)x6=120m机器人用最短时间完成任务，需要先加速到最大速度V后减速到零，有V=6/2ni/s本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第9页，总17页最短时间/=2=20/2sC项正确，D项错误。故选AC。17. BC【解析】【分析】【详解】AB.根据题意作图，如图所示。三角形顶点每个点电荷都受到其他两个点

29、电荷的斥力，因此，要使三角形顶点处的点电荷所受电场力为零，则引入的电荷必须是负的点电荷，A项错误，B项正确。CD.根据平行四边形定则可得F=2F】cos30o=k典-由平衡条件得k%F广又有几何关系2rcos30Q=a解得V3C项正确，D项错误。故选BC。18. AC【解析】【分析】本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第10页，总17页【详解】A.图线c论的反向延长线过原点。，说明c浴过程经历了等压变化，温度升高，即U0,又体积增大,说明气体对外界做功，即W0,即气体从外界吸热，选项A正确：B.图线所,平行于7轴，说明所过程经历了等容变化，温度降低，即八U0.因体积不变，说

30、明气体不对外界做功，外界也不对气体做功，即W=0.由热力学第一定律U=Q+W可知，。0.由热力学第一定律U=Q+W可知，。0,即气体向外界放热，选项C正确；D.定质量的理想气体，由于理想气体分子间距离较大，故不考虑其分子势能，只考虑分子动能，也就是说，理想气体的内能只与温度有关，因为温度是分子平均动能的标志。所以整个过程中气体的内能变化趋势与温度变化情况相同，即先增大又减小后不变，选项D错误。故选ACo19. AC【解析】【分析】【详解】AB.设线框的边长为L,由题意知BI=解得线框的边长为故A正确，B错误:CD.线框M边刚要离开磁场时，加速度为零，则炉in3。=碧解得I，_遂R_2B2l32

31、qB本卷由系统自动生成，清仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第11页.总17页设边界PQ、之间的距离为d,由能量守恒定律得mgsin30(2L+t/)=0+-mv解得故C正确，D错误。故选AC。20. BC【解析】【分析】【详解】AB.以桶C为研究对象，受力分析如图所示mu货车静止时nigy/3F.-Fg-Jg2cos303当货车以加速度0向左加速运动时Fv=Fcos30+Fcos30-mg=0Fx=F；sin30-Fcos30=ma解得FA=-mg-maJFB=-mg+ma与静止时相比，A对C的支持力减小，B对C的支持力增大。故A错误，B正确：本卷由系统自动生成，清仔细校对后使用，答案仅供参

32、考。答案第12页.总17页CD.由尸，用凡=-mg-ma可知，加速度。增大，A对C的支持力减小。当A对C的支持力减小到0时，C就脱离A,/T解得a=故C正确，D错误3本卷由系统自动生成，清仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第13页.总17页故选BC。2LAB)D-k【解析】【分析】【详解】(1) (1用装置甲实验时，应先接通光电门，再释放小车，用装置乙实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，图甲中需要使悬挂物的质量远小于小车的质量,这样就可以近似认为悬挂物的重力等于小车所受拉力，而图乙中通过弹簧秤可以测出绳子拉力，不需要使悬挂物的质量远小于小车的质量，也不需要测出重物或沙和沙桶的

33、质量，故AB正确,CD错误。(2) 2以小车为研究对象，小车释放点到光电门的位移为x,挡光板的宽度为d,挡光板通v2=2ax设小车质量为重物质量为？，根据牛顿第二定律，有F=mg=Ma将。代入，化简得到Md11Y=r可见以小车释放点到光电门的位移(工)作为纵坐标，以挡光板通过光电门的时间平方的倒数()作为横坐标，作出图线，如果是一条过原点的直线，即可得出结论。故选：D。r(3) 3弹簧测力计的示数为F，则小车受到的合力为2F,以小车为研究对象，由牛顿第二定律，有2FMg=Ma化简得2厂M2图象的斜率为k,则小车的质量为丁K过光电门的时间为，则小车到达光电门的速度为v=?,根据运动学规律，有本卷由系统自动生成，清仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第14页.总17页【解析】【分析】【