中考物理复习功和机械能问题专项易错题

1、A.两次木块运动的速度相同一、初中物理功和机械能问题1.如图中甲图所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它先后两次沿水平木板匀速滑动相同的卜列说法正确的是距离，乙图是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图像.B.木块第一次受到的摩擦力较大C.两次拉力对木块做的功一样多【答案】CD.两次拉力对木块做功的功率一样大【解析】【分析】【详解】A.两次木块运动相同的距离，第2次所用时间比第1次长，两次木块运动的速度不相同，A选项说法不正确；B.摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，两次运动中压力大小和接触面的粗糙程度相同，所以摩擦力相同，B选项说法不正确；C.木块两次沿水平木板匀速滑动相同的距离，

2、两次滑动中水平方向所受到的滑动摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，因摩擦力大小相等，两次的拉力相等，由W=Fs可得两次拉力对木块做的功一样多，C选项说法正确；，y一,WD.由图可见两次滑动距离相同，所用时间不同，由p一得两次拉力对木块做功的功率t不一样大，D选项说法不正确；故选C.m,所挂重物的质量为M,重物在时间t内被提升的高度为2 .如图所示，动滑轮的质量为h,不计绳重及摩擦，则（fiA.滑轮组的机械效率为B.滑轮组的机械效率为2mC.拉力F的功率为tD.拉力F的功率为(Mm)gh2t【答案】AAB.滑轮组做的有用功为W有用G物hMgh总功为滑轮组的机械效率为W息G物G动hMmghWr用M

3、ghMWMmghMm故A正确，B错误；CD.拉力F的功率为W总Mmghtt故CD错误。故选Ao3 .如图甲所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速滑动，图乙是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象.下列说法正确的是（）A.木块两次受到的拉力和摩擦力均相等B.木块第1次受到的拉力较大C.木块两次的动能一样多D.两次拉力对木块做的功一样多【答案】A【解析】【分析】【详解】AB.从图象上可以看出，木块两次都是作匀速直线运动，而做匀速直线运动的物体受平衡力作用。因木板受到的压力大小和接触面的粗糙程度不变，则两次滑动摩擦力大小不变，所以两次木块受到的拉力相等，故A选项正确，B选项错误；C.

4、从图中可以看出第一次木块运动的速度较大，而木块的质量不变，所以第一次木块具有的动能多，故C选项错误；D.从图中可以看出，在相同拉力作用下，木块两次运动的距离不同，所以木块两次所做的功不同，故D选项错误。故选A。4.举重比赛要求运动员将杠铃举过头顶后，在空中至少静止3秒钟，在这3秒钟内（）A.杠铃受到的重力和人对它的支持力是平衡力B.运动员所受的重力和地面对他的支持力是平衡力C.运动员在用力向上支持杠铃，因此他对杠铃做了功D.杠铃对运动员的压力和人对它的支持力是平衡力【答案】A【解析】【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可；从平衡力和相互

5、作用力的条件判断两个力是平衡力，还是相互作用力；平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；相互作用力：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。【详解】A.杠铃受到的重力和对它的支持力符号二力平衡的条件，所以是一对平衡力，故A正确；B.运动员所受的重力和地面对它的支持力，大小不相等，所以不是一对平衡力，故B错误；C.因为做功需要对物体施力，并且在力的方向上需要移动距离，而运动员向上支持杠铃，但没有发生位移，故C错误；D.杠铃对运动员的压力和人对它的支持力，作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是平衡力，故D错误。故选Ao5 .在雄壮的国歌声中，升

6、旗手在50秒时间内将重5N的国旗缓缓上升到旗杆顶端，下面分析正确的是（）A.缓缓上升，动能转化为重力势能B.升旗同学的手受到绳对手的摩擦力方向向下C.他对国旗做功的功率最接近于1WD.旗杆顶端的滑轮在使用时是省力的【答案】C【解析】【分析】(1)影响动能的因素是质量和速度；影响重力势能的因素是质量和高度；在一定条件下，动能和势能可以相互转化；(2)两个物体发生相对运动时，摩擦力方向与相对运动的方向相反；(3)已知国旗重力，估计出旗杆高度，可以得到克服旗杆重力做的功；功与时间之比为功率；(4)定滑轮的本质是等臂杠杆，所以不能省力。【详解】A.国旗匀速上升过程中，速度不变，质量不变，则动能不变，高

7、度增大，国旗的重力势能逐渐增大，没有动能转化为重力势能，故A错误；B.由于力的作用是相互的，升旗同学向下拉绳，升旗同学的手受到绳对手的摩擦力方向向上，故B错误；C.已知国旗的重力5N,旗杆大约10m高，克服国旗的重力做功为WGh5N10m50J国歌的演奏一遍的标准时间是50秒，他对国旗做功的功率最接近于cW50JP1Wt50s故C正确；D.国旗杆上的滑轮为定滑轮，则利用定滑轮升国旗，可以改变施力的方向但不能省力,故D错误。故选Co6 .立定纵跳摸高是中学生常见的运动项目，起跳前先屈膝下蹲，然后脚掌用力蹬地，伸展身体，两臂上挥，竖直向上跳起至最高点，小刚同学在一次立定纵跳摸高中消耗的能量约为()

8、A.3X12JB.3X10JC.3X14JD.3X10J【答案】A【解析】【分析】【详解】中学生重力的平均值约600N,当起跳后重心升高的高度为：h=0.5m;在起跳时所消耗的能量用来增加了同学的重力势能了，所以当该同学跳起后增加的重力势能最大值是：E=W=GAh=600NX0.5m=300J=3>2/0故A正确，BCD错误;应选A.7 .九年级的小黄同学一口气从一楼跑到四楼教室，所用时间为30so他上楼过程克服自身重力做功的功率最接近（）A.1.5WB.15WC.150WD.1500W【答案】C【解析】50kg,则克服自身重一层楼的高度约为3m,三层高度约为9m,九年级的同学体重大约为

9、力所做的功约为W=Gh=mgh=50kgx10N/kgx9m=4500J克服重力做功的功率故ABD,都不符合题意,PWtC符合题意。4500J30s150W故选Co8 .小明用弹簧测力计拉动木块，使它沿同一水平木板滑动，如图是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图像.下列说法正确的是A.木块两次具有的动能一样大B.两次拉力对木块做的功一样多C.木块第一次受到的拉力较大D.第一次拉力对木块做功的功率较大【答案】D【解析】【详解】A.由图知，第一次物体的速度较大，第一次物体的动能较大，故A错误；8 .从图中可以看出，在相同拉力作用下，木块两次运动的距离不同，所以木块两次所做的功不同，由W=Fs

10、可知，但是在没有指出是相同时间内，因此不能比较二者做功多少，故B错误；C.由A分析知，木块两次受到的拉力相等，故C错误；D.从图中可以看出第一次木块运动的速度较大，由功率的变形公式P=Fv可知，力F相同，第一次速度v大，所以功率大，故D正确。9 .如图所示，木块以一定的速度滑过A、B点，至ijC点滑出下落至D点，A和B、C和D之间的垂直距离均为ho若空气阻力忽略不计，则对木块在运动过程中能量变化的分析,正确的是（）A. D点与A点相比，动能增大，势能减小，机械能不变B. A点到C点减少的重力势能大于C点到D点减少的重力势能C. B点的动能可能等于A点的动能，但可能大于C点的动能D. B点的动能

11、可能等于D点的动能，但一定大于A点的动能【答案】C【解析】【详解】A. D点与A点相比，动能增大，势能减少，因为存在摩擦，机械能转化为内能，机械能减小，故A错误；B. A和C、C和D之间的垂直距离均为h,则A点到C点减少的重力势能等于C点到D点减少的重力势能，故B错误；C.斜面粗糙，则AB段有可能匀速，但因摩擦力的存在B的速度一定大于C的速度，所以，B点的动能可能等于A点的动能，一定大于C点的动能，故C正确；D.木块从B到C,因为有摩擦，则C处的动能小于B处的动能，从C到D,由于忽略空气阻力，木块的重力势能减小，动能增加，故D点动能大于C点动能，B点的动能可能等于D点的动能，但与A点的动能大小

12、不确定，故D错误。故选Co10.月球表面有很多陨石撞击造成的大大小小的陨石坑，关于造成陨石坑大小不一的因素下列猜测不合理的是（）A.陨石的质量B.陨石的撞击速度C.被撞处的硬度D.被撞处是否在阴影中【答案】D【解析】【分析】【详解】A.陨石的质量越大，在速度相同时动能就越大，在撞击时做功越多，所以造成的坑就会越大，因此这一彳#测合理，故A不符合题意；B.陨石的撞击速度越大，在质量相同时动能就越大，在撞击时做功越多，所以造成的坑会越大，因此这一彳#测合理，故B不符合题意；C.被撞处的硬度越大，越不容易形变，相反，被撞处的硬度越小，则越容易形变，所以被撞处的硬度会影响陨石坑的大小，因此这一猜想合理

13、，故C不符合题意；D.被撞处是否在阴影中不会造成力的作用效果的不同，故与之无关，因此这一猜测不合理，故D符合题意；故选D。11.如图所示，图中速度v的方向是小强在体育中考原地掷实心球”测试中球出手时的飞行方向，从球出手到落地的过程，空气阻力忽略不计，下面关于机械能的一些说法中正确的是（）A.球出手时动能最大B.球出手时势能最大C.球落地时机械能最大D.球的机械能保持不变【答案】D【解析】【详解】ACD.由于空气阻力忽略不计，那么整个运动过程球的机械能保持不变，C错误，D正确;球出手时动能不是最大的，因为它还会落地，重力势能会转化为动能，球落地的瞬间动能才是最大的，A错误；B.球出手时势能不是最

14、大，因为它还会上升，上升到最高点时，它的重力势能才是最大的，B错误；12.如图，细线上端固定，下端拉着小球在竖直平面内摆动，A、B是球摆动过程中的最高点，C是最低点，不计空气阻力，则（）CA.球在C点时受力平衡B.球在A点时速度最大C.球在A点时绳子突然断开，小球将静止不动D.球在B点时所受外力同时消失，小球将静止不动【答案】D【解析】【分析】【详解】A.球在C点时，不是处于平衡状态，所以受到的不是平衡力，故A错误；BCD.小千在A、B两点时，是摆动过程中的最高点，此时的动能最小，速度最小为0,若在A点时绳子突然断开，小球由于受到重力的作用，会向下运动，若在B点时，所受的外力同时消失，则球会保

15、持静止不动，故A、C错误，D正确。故选D。13 .如图所示的滑轮组，绳子的末端缠绕在电动机上，电动机转动将下方钩码匀速提起。如果加快电动机的转速，则后一次提升与前一次相比（）4A.功率增大、机械效率增大B.功率增大、机械效率不变C.功率不变、机械效率不变D.功率不变、机械效率增大【答案】B【解析】【分析】【详解】前后两次的滑轮组是同一个滑轮组，则做的有用功、额外功、总功不变，则机械效率不变；加快电动机的转速，则物体提升的速度增大，若两次提升高度相同，则后一次所需要的时间小于前一次所需要的时间，根据P总可知，功率变大。故ACD错误，B正确。故选B。14 .王强同学在探究凸透镜成像的规律后，又想采

16、用实验中的装置来比较甲、乙、丙、丁四个透镜焦距的大小，在实验中还测出了其中一个透镜的焦距.实验时凸透镜和烛焰的距离保持16cm不变，烛焰通过四个凸透镜的成像情况如下表所示，由此可推断（）凸透镜像的性质甲倒立放大实像乙倒立小实像丙倒立缩小实像丁正立放大虚像A.甲透镜的焦距最小，乙透镜的焦距是8cmB.乙透镜的焦距最小，丁透镜的焦距是16cmC.丙透镜的焦距最小，乙透镜的焦距是8cmD.丁透镜的焦距最小，甲透镜的焦距是16cm【答案】C【解析】【分析】【详解】根据表中数据可知，丁的焦距最大，其次是甲，再次是乙，最小的是丙，根据乙透镜成像情况可知，放在了二倍焦距上，即2f=16cm所以乙透镜的焦距是

17、8cm,C对，所以正确选项为C15 .静止在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，如图（甲）所示。在水平路面上直线运动时记录的v-t图像，下列说法正确的是（）LvivA.物体在0ti时间内做匀速直线运动B.物体在tit2时间内动能不断变大C.物体在13H4时间内的摩擦力力小于tlt2时间内的摩擦力D.物体在t3t4时间内拉力小于摩擦力【答案】D【解析】【分析】【详解】A.由v-t图像可知，0ti时间内速度越来越大，故A错误；B.由v-t图像可知，tit2时间内速度不变，所以动能不变，故B错误；C.物体在13H4时间内和tlt2时间内受到的都是滑动摩擦力，由于压力大小和粗糙程度不变，

18、所以滑动摩擦力大小不变，故C错误；D.由V-t图像可知，在t3t4时间内物体作减速运动，所以合力方向与运动方向相反，因此向前的拉力小于向后的摩擦力，故D正确。故选D。16.如图所示，重为60牛的物体甲放在水平桌面上，与重为6牛的物体乙用细绳相连，绳0.2米/秒的速度匀速下落时，下列的重力和滑轮处的摩擦均忽略不计。当物体乙恰好能以判断中不正确的是B.甲物体的速度为0.2米/秒C.5秒内绳的拉力对甲物体做的功为60焦D.绳的拉力做功的功率为1.2W【答案】C【解析】【详解】A.图示滑轮为定滑轮，绳的重力和滑轮处的摩擦忽略不计，乙匀速下落，所以绳拉甲物体的力F=G乙=6N故A正确不符合题意；B.图示

19、滑轮为定滑轮，甲、乙物体移动的速度相同，甲物体的速度v甲=vf0.2m/s,故B正确不符合题意；s=v甲t=0.2m/sx5s=1mC.5s内甲物体移动的距离W=Fs=6NX1m=6J绳的拉力对甲物体做的功故C错误符合题意；P=W=更=1.2Wt5sD.绳的拉力对甲物体做功功率故D正确不符合题意。17.某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮重均为50g）在2s内把重物Gi和G2提高10cm,已知F和F2的大小均为2N,不计绳重及摩擦（g取10N/kg）。下列说法中不正确的是（）由Gt网G甲乙A.重物Gi的重力大小为5.5NB.乙滑轮组所做的有用功是0.7JC.Fi和F2做功的功率

20、之比为3:4D.两个滑轮组的机械效率之比为4：3【答案】D【解析】【分析】【详解】A.从图甲可以看到，三条绳子托着动滑轮，动滑轮只是一个，重力大小是G动m动g0.05kg10N/kg0.5N把动滑轮和重物看作一个整体，这个整体处于平衡状态，可知3FiG动Gi解得Gi5.5N,重物Gi的重力大小为5.5N,A正确，不合题意；B.在图乙中，把两个动滑轮和重物看作一个整体，这个整体处于平衡状态，可知4F22G动G2解得G27N,重物升高的高度是h20.im,乙滑轮组所做的有用功是W乙有用G2h27N0.im0.7J不合题意;乙滑轮组所做的有用功是0.7J,B正确，C.重物Gi移动的速度是0.im0.

21、05m/s2s甲图中绳端移动的速度是丫绳13vl30.05m/s0.i5m/s重物G2移动的速度是h20.imv2-0.05m/st22s乙图中绳端移动的速度是v绳24v240.05m/s0.2m/s那么可知Fi和F2做功的功率之比是P：F2Fm1：F2v绳23：4Fi和F2做功的功率之比为3:4,C正确，不合题意；D.甲滑轮组所做的有用功是W甲有用Gihi5.5N0.im0.55J所做的总功是W甲总F1G2N30.im0.6J乙滑轮组所做的总功是W总F2s22N40.1m0.8J由上述可知，乙滑轮组所做的有用功是0.7J,那么两个滑轮组的机械效率之比是0.55J:0.7J0.6J-0.8J'符合题意。两个滑轮组的机械效率之比是22:21;D错误,故选Do18 .物体只受一对平衡力作用时，对于它具有能的判断中正确的是（）A.机械能一定不变B.重力势能可能减少C.动能可能变小D,重力势能一定不变【答案】B【解析】【分析】首先要对物体在平衡力作用下是处于平衡状态中的哪一种要明确，然后再分析其机械能的变化情况。【详解】平衡状态有两种：静止状态、