广东省珠海市香洲区2019_2020学年高一物理下学期期末模拟考卷05(含解析)

1、广东省珠海市香洲区2019-2020学年高一物理下学期期末模拟考卷05 （含解析）一、单选题1 .物体做平抛运动，决定运动时间的物理量是 （）A.初速度B.下落高度C.水平位移D.初速度和下落高度【答案】B【解析】平抛运动的物体竖直方向上做自由落体运动，由 h gt2,得t 梓，可知运动时间只 由下落高度h决定.故选B.2 .如图所示，水平抛出的物体抵达斜面上端 P处时，其速度方向恰好沿着斜面向下，然后沿斜面无摩擦滑下，的图象是（）Opz 1J 版A. t1®l& h tC-Ijr«fl r* - -1晶 - 1在下图所示的图象中正确描述物体重力的功率Pg随时间t变

2、化B.， LJ r * - -r F©D J0 rzr:*【答案】C【解析】20 tp时间内小钢球做平抛运动，重力的功率：PG mg Vy mg gt mg t ；tp tQ时间内小钢球做匀加速直线运动，设斜面的倾角为，根据牛顿第二定律得:a mg singsin此时重力的功率为:PG mgvsinmg(v0 cos at)sinmg(v0 cos gtsin )sin(mg2sin2 ) t mgvosin cos由表达式可以看出0 tp时间内PG-t直线的斜率比tptQ时间内的斜率大选项C正确，ABD昔误。故选Co3 .关于功率，下列说法正确的是（）P=-A.由 .知，力做功越多

3、，功率就越大B.由'知，功率一定时，速度越大，力越小C.由一 一知，物体运动越快，功率越大,D.由知，功率越大，力做功越多【答案】Bp=-【解析】根据1可知，机器做功越多，其功率不一定就越大，还要看时间，故A错误;F=-根据 可知，当汽车以恒定功率运动时，牵引力与运动速率成反比，速度越大，力越小，B正确；由P 知，物体运动越快，功率不一定越大，还与牵引力大小有关，C错误；由*=P'知，功率越大，力做功不一定越多，还与做功的时间有关，D错误.4.在同一位置以相同的速率把三个小球分别沿水平、斜向上、斜向下方向抛出，不计 空气阻力，则落在同一水平地面时的速度大小 （）A. 一样大B.

4、水平抛的最大C,斜向上抛的最大D.斜向下抛的最大【答案】A【解析】解：由于不计空气的阻力，所以三个球的机械能守恒，由于它们的初速度的大小相同， 又是从同一个位置抛出的，最后又都落在了地面上，所以它们的初末的位置高度差相同， 初动能也相同，由机械能守恒可知，末动能也相同，所以末速度的大小相同.故选A.5 .中国的高铁技术居世界领先地位。通常，列车受到的阻力与速度的平方成正比，即f kv20列车要跑得快，必须用大功率的机车牵引。若列车以120km/h的速度匀速行驶时机车的功率为P,则该列车以240km/h的速度匀速行驶时机车的功率为（）A. 16P B . 8P C . 4P D . 2P【答案】

5、B【解析】当快艇匀速行驶时，牵引力等于阻力，有 F=f=kv2,则牵引力功率P=Fv=kV， 速度变为原来的2倍，则牵引力功率变为原来的8倍.所以选项C正确，ABD昔误.故 选C.6 .下列物理量中是矢量的是（）A.重力势能B.加速度C路程D.速率【答案】B【解析】矢量有大小有方向，重力势能、路程、速率只有大小没有方向，是标量，加速度有大小 有方向，是矢量.故B正确，A、G D错误.故选B.7 .将一质量为m的小球从足够高处水平抛出，飞行一段时间后，小球的动能为E,在经过相同的时间后，小球的动能为 2E （此时小球未落地），不计空气阻力，重力加速度为g,则小球抛出的初速度大小为（）C. 3D.

6、3Ek-2m20_121_ 2 12Ekmv。，经过 2t时间，mg - g(2t)2Ek-mvo ,12由动能止理，经时间t, mg -gt解得vo 2、叵，故选B.3m8 . 一个质点受到两个互成锐角的力 冗、F2的作用，由静止开始运动，若保持二力方向不变，只将F1突然增大2倍，则此后质点（）A.可能做匀变速直线运动C.不一定做曲线运动B.可能做匀速圆周运动D. 一定做匀变速曲线运动【答案】D【解析】若保持二力方向不变，只将Fi突然增大2倍，则Fi和F2的合力方向与速度方向不再共 线，则物体将做曲线运动，由于Fi和F2的合力仍为恒力，加速度恒定，则质点做匀变速 曲线运动，不可能做匀速圆周运

7、动。故选D。9 .如图所示，在粗糙水平面上静止放有一个半圆球，将一个很小的物块放在粗糙程度 处处相同的球面上，用始终沿球面的力F拉着小物块从A点沿球面匀速率运动到最高点B,半圆球始终静止.对于该过程下列说法正确的是 （）A.小物块所受合力始终为0B.半圆球对小物块的支持力一直增大，摩擦力也一直增大C. F大小一直不变D.半圆球对地面的摩擦力始终向右【答案】B【解析】A.小物块做匀速圆周运动，所以所受合外力不为 0,故选项A不符合题意；B.假设小物块与圆心连线与水平方向的夹角为，当小物块沿圆弧上滑时，根据牛顿第二定律则有：2Vmgsin 0 FN m 一 r由于fFN ,可知 增大，支持力增大，

8、则滑动摩擦力也增大，故选项 B符合题意;C.根据题意则有:2 VF mgcos。 Fn mgcos0 ggsin 0 叩一 r对cos。fsin。分析可知 从0增大到90, F先增大后减小，故选项 C不符合题意；D.对半圆球进行受力分析可知半圆球所受摩擦力向右，所以半圆球对地面的摩擦力始终向左，故选项D不符合题意.10 .物体做曲线运动时，一定发生变化的物理量是（）A.速度的方向B.速度的大小C.加速度白大小D.加速度的方向【答案】A【解析】A项：由于曲线运动的速度方向为曲线切线方向，所以曲线运动的速度方向时刻改变， 故A正确；B项：做曲线运动的物体速度大小不一定变化，如匀速圆周运动的速度大小

9、不变，故错 误；C项：做曲线运动的物体的加速度大小不一定变化， 如匀速圆周运动的加速度大小不变， 故C错误；D项：做曲线运动的物体加速度方向不一定变化，如平抛运动物体的加速度为重力加速 度即不变，故D错误。11 .如图所示，一块长木板B放在光滑的水平面上，在 B上放一物体A,现以恒定的外 力拉B,由于A、B间摩擦力的作用，A将在B上滑动，以地面为参考系，A B都向前移 动一段距离.在此过程中（）A.外力F做的功等于A和B动能的增量B. B对A的摩擦力所做的功等于 A的动能的增量C. A对B的摩擦力所做的功等于B对A的摩擦力所做的功D.外力F对B做的功等于B的动能的增量与B克服摩擦力所做的功之和

10、【答案】B【解析】选才？人和8作为研究对象，运用动能定理研究：B受外力F做功，A对B的摩擦力与B 对A的摩擦力是一对作用力与反作用力， 大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑动， A B对地的位移不等，故二者做功不等， W+ (-f?Ax) =+ Eb,其中Ax为A、B 的相对位移。所以外力F做的功不等于A和B的动能的增量，故A错误。对A物运用动 能定理，则有B对A的摩擦力所做的功，等于 A的动能的增量，故B正确。A对B的摩 擦力与B对A的摩擦力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑动，A、B对地的位移不等，故二者做功不等，故C错误。对B物体应用动能定理， W-W/=A

11、E® W为B克服摩擦力所做的功，即 W=zE%+皿 就是外力F对B做的功等于 B的动能增量与B克服摩擦力所做的功之和，故 D正确。故选BQ、多选题12 .“嫦娥一号”与“嫦娥三号”探月卫星最终目的地虽都在月球上，但命运不同.“嫦娥一号”从离月高200 km圆轨道的A处减速，经曲线无动力下落后撞在月球上；“嫦娥三号”则从近月点15 km,远月点100 km的椭圆轨道上近月点B处减速，经曲线有动 力下降，最后实现软着落，进行对月科学探测.下列说法正确的有()A.两卫星在A B两处均可以通过向运动方向喷气以达到减速目的B.两卫星曲线下降阶段它们都只受月球的引力C. “嫦娥一号”在圆轨道运动

12、时过 A处速度小于“嫦娥三号”在椭圆轨道上运动时过近月点B的速度D. “嫦娥三号”有动力曲线下降阶段，星载发动机一定只能向运动方向喷气【答案】AC【解析】A:两卫星向运动方向喷气，喷出气体对卫星作用力与卫星运动方向相反，则 喷出气体对卫星做负功，从而使卫星减速。故 A项正确。B: “嫦娥一号”无动力下降，只受月球对它的万有引力作用；“嫦娥三号”是有动力 下降，所以除了受到月球引力外还受到发动机的作用力。故B项错误。C: “嫦娥三号”在离月15 km高度的圆轨道上需加速做离心运动才能进入近月点 15 km 远月点100 km的椭圆轨道，则“嫦娥三号”在椭圆轨道上过近月点 B速度大于离月15 ME

13、7fflMG m 炉二km高度的圆轨道速度；在圆轨道上时万有引力提供向心力广 "解得：Y，可知轨道半径越大速度越小，故离月15 km高度的圆轨道速度大于离月高200 km的圆轨 道的速度；综上“嫦娥三号”在椭圆轨道上过近月点 B速度大于“嫦娥一号”在圆轨道 运动时过A处速度。故C项正确。D: “嫦娥三号”有动力下降曲线阶段，除受到星载发动机对它的推力作用外还有月球对它的万有引力作用，只要合力方向与速度间夹角在 90°与180°之间均可以。故D项 错误。13.已知某人造卫星环绕地球匀速圆周运动，若想要估算出地球的质量，除万有引力常 量G外还需要知道（）A.卫星的轨道

14、半径B.卫星的质量C.地球的半径D.卫星的周期【答案】AD【解析】2已知某人造卫星环绕地球匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力得：GM1 m4vr ,22r T4 2 3解得：m 上二，所以想要估算出地球的质量，除万有引力常量 G外还需要知道卫星 GT2的轨道半径和卫星的周期，故 A D正确，B、C错误；故选AD.14. 一质量为m的物体静止在光滑水平面上，从t =0时刻开始受到水平外力的作用.力的大小F与时间t的关系如图所示，力的方向保持不变，则下列说法中正确的是（）A.物体在0卜和b2t0水平外力做功之比是1 ： 10B.物体在0t°和t°2t0水平外力做功之比是1 :

15、 8C.外力在t0和2t0时刻的瞬时功率之比是1 : 8D.外力在t°和2t0时刻的瞬时功率之比是1 : 6at。F” , t0到2t0时间内的加速 m【答案】BD0到t。时间内的加速度a1t。时刻的速度为V1m度为a2 阻，2t0时的速度为V2 V1 a2t°三遇，根据动能定理得：外力在0到t0时 mm1F2t2间内做的功为W mv?00 外力在tO到2t0时间内做的功为22m2. 2W2 -mvf 1mv2 时工，所以外力在0到t°和t°到2t0时问内做功之比是1： 8,故 22 2mFclA错误，B正确；外力在t0时刻的瞬时功率为p F°

16、v1, 2t0时刻的瞬时功率mP2 2F0v2 6F包，所以外力在to和2to时刻的瞬时功率之比是1:6,故C错误，D正确.故 m选BD15.在星球M上将一轻弹簧竖直固定在水平桌面上，把物体 P轻放在弹簧上端，P由静 止向下运动，物体的加速度a与弹簧的压缩量x间的关系如图中实线所示.在另一星球 N上用完全相同的弹簧，改用物体Q完成同样的过程，其a-x关系如图中虚线所示，假 设两星球均为质量均匀分布的球体.已知星球 M的半径是星球N的3倍，则（）A. M与N的密度相等B. Q的质量是P的3倍C. Q下落过程中的最大动能是 P的4倍D. Q下落过程中弹簧的最大压缩量是 P的4倍【答案】AC【解析】

17、A、由a-x图象可知，加速度沿竖直向下方向为正方向，根据牛顿第二定律有：kk mg kx ma,变形式为：a g一x,该图象的斜率为 一，纵轴截距为重力加速度 mmg .根据图象的纵轴截距可知，两星球表面的重力加速度之比为：9M 至 又因gN a01为在某星球表面上的物体，所受重力和万有引力相等，即：Gmm- mg,即该星球的R2R23质量M 空.又因为：M t联立得gM RNgN RM1:1 ,故A正确;二g.故两星球的密度之比为:4 RGG3B、当物体在弹簧上运动过程中，加速度为 0的一瞬间，其所受弹力和重力二力平衡,一 kxmg kx,即：m 一；结合a-x图象可知，当物体P和物体Q分别

18、处于平衡包置时,弹簧的压缩量之比为:Xpxoo,故物体P和物体Q的质量之比为:2x02mPxpmQXq故B错误;v2 2ax,C、物体P和物体Q分别处于各自的平衡位置（a=0）时，它们的动能最大；根据2 _ 1 _ 一结合a-x图象面积的物理意义可知：物体P的最大速度满足vp 2 - 3a° x° 3a。乂°,物 2体Q的最大速度满足：vQ 2a0X0,则两物体的最大动能之比:12EkQ 2mQvQmQ vQ2mP vP4,C正确;D物体P和物体Q分别在弹簧上做简谐运动，由平衡位置（a=0）可知，物体P和Q振 动的振幅A分别为和2X0,即物体P所在弹簧最大压缩量为

19、2x0,物体Q所在弹簧最 大压缩量为4xo,则Q下落过程中，弹簧最大压缩量时 P物体最大压缩量的2倍，D错 误； 故本题选AC 三、实验题16.在用自由落体法“探究动能定理”的实验中, JL(1)为完成此实验，除了图1中所给的器材，以下所列器材中必需的有.（填A.毫米刻度尺B.秒表C天平D.低压交流字母)6V电源(2)图2为实验打下的纸带，纸带上的点都是连续打下的点.已知打点计时器所用交流电源周期为T,重力加速度为g.量得A、B、C各点到起点0(打下的第一个点)的长度分别是 匕、h2、h3.已知重锤质量为m,从起点。到B点重锤所受重力做功 W动能增加量 E二.(用题中所给字母表示)(3)在实验

20、中，W和日增并不严格相等，产生误差的主要原因是【答案】AQmgh2 ;2m h3 h18T2重锤下落过程受到阻力作用;【解析】(1) 1.实验需要求出重力做功与重锤动能的增加量，需要验证:mgh -mv22即验证:12gh 2v实验需要用刻度尺测下落高度 h,另外打点计时器需要使用交流电源，因此需要的器材为：AD(2) 23.从起点。到B点重锤所受重力做功为:W=mgh大小B点时重锤的速度为：h3 hiv 2T重锤动能的增加量为：Ek1 2mv221h3 hi-m 2 2T2m h3hi8T2(3) 4.重锤下落过程受到阻力作用，要克服阻力做功，因此动能的增加量与重力做 功不相等.17 .用落

21、体法验证机械能守恒定律的实验中，若实验中所用重锤的质量 m=1kg打点纸带如图所示(。为起点，纸带中的数据为各点 到O点的距离)，打点时间间隔为0.02s ,则记录B点时，重锤的的速度Vb=m/s, 重锤的动能Ek=J,从开始下落起至B点重锤的重力势能的减小量是 J, (g 取10m/s2,结果均保留三位有效数字)，由此可得出结论.根据纸带算出相关各点的速度 v,量出下落的距离h,则以h为横轴画出的图像应是下图中的哪个【答案】0.590 0.174 0.176 C【解析】利用匀变速直线运动的推论，得：%二枭屯1*?。 :0.5",重锤的动能二巧=黄1乂。,5力=0.17%，从开始下落

22、至B点，重锤的重力势能减少量也七=mgh = 1X1。X17.6X 107= 076j；物体自由下落过程中，由机械能守恒可以 得出：叫即;/=。入，所以;i工为纵轴，以h为横轴画出的图线应是过原点的 倾斜直线，也就是图中的C,故选C.四、解答题18 .如图所示，质量m=1kg的小球用细线拴住，线长l =0.5m,细线所受拉力达到F=18N 时就会被拉断。当小球从图示位置释放后摆到悬点的正下方时，细线恰好被拉断。若此 时小球距水平地面的高度h=5m重力加速度g=10m/s2,求小球落地处到地面上 P点的距 离。（P点在悬点的正下方）【答案】2m【解析】球摆到悬点正下方时，线恰好被拉断，说明此时线

23、的拉力F=18N,则由2VF mg m 可求得线断时球的水平速度为(F mg)lm(18 10) 0.5, c ,m / s 2m /s112线断后球做平抛运动，由h -gt2可求得物体做平抛运动的时间为2t1s则平抛运动的水平位移为x vt 2 12m即小球落地处到地面上P点的距离为2nl19. 2019年12月17日，我国首艘国产航母山东舰交付海军。 在山东舰上某次战斗机起 降训练中，质量为1.8 x 104kg的歼15舰载机以270km/h的速度在航母上降落，飞机着 舰并成功钩住阻拦索后，飞机的动力系统立即关闭，如图 a所示。阻拦系统通过阻拦索 对飞机施加一作用力，使飞机在甲板上短距离滑

24、行后停止，以飞机钩住阻拦索为计时起 点，其着舰到停在甲板上的速度一时间图线如图b所示，已知航母的航速为54km/h,飞机着舰时速度方向与航母的运动方向相同，重力加速度的大小为go求：(1)阻拦索对战机的平均作用力大小； 飞机在甲板上滑过的距离。【答案】(1) 3.6 X105N; (2)90m【解析】(1)由图像可知，战斗机着舰过程中减速时间为3s根据v=Vo at代入数据解得a=20m/s2 由牛顿第二定律，阻拦索对战机的平均作用力F=ma代入数据解得F=3.6 X105N (2)飞机着舰降落的过程中，飞机的位移X1vot1at22该过程中航空母舰的位移Xo=Vt飞机在甲板上滑过的距离XX1x0代入数