辽宁省大连市2021届高三双基考试物理试题资料

1、2021年辽宁省大连市高考物理双基模拟试卷一、选择题：此题共 10小题，每题4分在每题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得 2分，有选错的得0分.1. 4分2021?大连模拟以下说法正确的选项是A. 伽利略首先建立了加速度概念B .牛顿通过斜面实验得出自由落体运动的位移与时间的平方成正比C.安培发现了产生感应电流的条件D.奥斯特发现了判定电流产生磁场方向的右手螺旋定那么2 . 4分2021?大连模拟如下列图是质量为A .在t=1s时，质点的加速度为零B .1kg的质点在水平面上做直线运动的v-t图象，以下判断正确的选项是在

2、37s时间内，质点的位移为 11mC.在t=5s时间内，质点的运动方向发生改变D.在46s时间内，质点的平均速度为3m/s3 . 4分2021?大连模拟木块 A、B重量分别为50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25，夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为 400N/m .系统置于水平地面上静止不动.现用F=2N的水平拉力作用在木块B上，如下列图.那么力 F作用后,A .木块A所受摩擦力大小是C.木块B所受摩擦力大小是以下说法正确的选项是12.5N B .木块A所受摩擦力大小是 10.5N10N D .木块B所受摩擦力大小是 6N嫦娥三号的飞行轨道示意图如下列图

3、.假4. 4分2021?大连模拟我国嫦娥三号探测器已实现月球软着陆和月面巡视勘察, 设嫦娥三号在环月圆轨道和椭圆轨道上运动时，只受到月球的万有引力，那么A .嫦娥三号在环月椭圆轨道上P点的速度大于 Q点的速度B. 嫦娥三号由环月圆轨道变轨进入环月椭圆轨道时，应让发动机点火使其加速C. 假设嫦娥三号环月圆轨道的半径、运动周期和引力常量，那么可算出月球的密度D. 嫦娥三号在圆轨道和椭圆轨道经过P点时的加速度相等5. 4分2021?大连模拟如下列图，水平绷紧的传送带AB长L=8m，始终以恒定速率 v1 =4m/s顺时针运行.初速度大小为v2=6m/s的小物块可视为质点从与传送带等高的光滑水平地面上经

4、A点向左滑上传送带.小物块的质量m=1kg，物块与传送带间动摩擦因数尸0.4, g取10m/s2 .以下说法正确的选项是A .小物块可以到达B点B. 小物块不能到达 B点，但可返回A点，返回A点时速度为6m/sC. 小物块在传送带上运动时，因相互间摩擦产生的热量为50JD. 小物块向左运动速度减为0时相对传送带滑动的距离到达最大6 . 4分2021?大连模拟如下列图，一质点自倾角为 点在最短时间内到达斜面，那么斜槽与竖直方向的夹角60°的斜面上方某点9为A，沿光滑斜槽 AB从静止开始下滑，为了使质A .0° B .30° C .45° D .60

5、6;2021年辽宁省大连市高考物理双基模拟试卷7. 4分2021?大连模拟如下列图，电动势为 E,内阻为r的电源与滑动变阻器 R1、定值电阻R2、R3、平行板电容器及理想电表组成闭合电路.当滑动变阻器Ri的触头向左移动一小段时，那么D .电压表与电流表示数变化之比不变C. R2消耗的功率减小8.4分2021?大连模拟图中为一理想变压器，其原线圈与一电压有效值不变的交流电源相连:P为滑动头现令P从均匀密绕的副线圈最底端开始，沿副线圈匀速上滑，直至白炽灯 的电流，12表示流过灯泡的电流， U1表示原线圈两端电压， 在以下列图中，能够正确反映相应物理量的变化趋势的是L两端的电压等于其额定电压为止.用

6、11表示流过原线圈U2表示灯泡两端的电压，假设在此过程中灯泡的电阻不变，那么9. 4分2021?大连模拟静电场方向平行于x轴，其电势$随x的分布可简化为如下列图的折线.一质量为m、带电量为-q的粒子不计重力，以初速度vo从0点x=0进入电场，沿x轴正方向运动以下表达正确的选项是要使粒子能运动到 X3处，粒子的初速度假设V0=粒子在运动过程中的最大速度为3 <10MlA .粒子从O运动到X1的过程中速度逐渐减小B.粒子从x1运动到x3的过程中，电势能一直增大C.10. 4分2021?大连模拟跳伞员从悬停在空中的直升机上跳伞，伞翻开前可看做是自由落体运动，翻开伞后减速下降， 且翻开伞后空气阻

7、力与速度平方成正比，最后匀速下落.如果用h表示下落高度，t表示下落的时间，a表示人的加速度，E表示人的机械能，Ep表示人的重力势能，v表示人下落的速度，那么在整个运动过程中，以下列图象可能符合事实的是二、必考题：此题共 5小题，共49分.把答案填在答题纸相应的横线上，或在答题纸上指定的区域按题目要求作答.解答 题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出 数值和单位.，具体实验步骤如下:11. 6分2021?大连模拟某同学利用如图1所示的装置探究 小车的加速度与所受合外力的关系A 按照图示安装好实验装置，挂上沙桶含少量沙子B 调节长

8、木板的倾角，轻推小车后，使小车沿长木板向下运动，且通过两个光电门的时间相等；C .取下细线和沙桶，测量沙子和桶的总质量为m，并记下；D .保持长木板的倾角不变，不挂沙桶，将小车置于靠近滑轮的位置，由静止释放小车，记录小车先后通过光电门甲和乙时 显示的时间；E. 重新挂上细绳和沙桶，改变沙桶中沙子的质量，重复B、C、D步骤.1假设沙桶和沙子的总质量为 m,小车的质量为 M，重力加速度为g，那么步骤D中小车加速下滑时所受合力大小为mg ;忽略空气阻力2如图2所示，用游标卡尺测得小车上遮光板的宽度为7.65 mm;3假设遮光板的宽度为 d,光电门甲、乙之间的距离为I，通过光电门甲和乙时显示的时间分别

9、为t1、t2,那么小车的加速度a=214有关本实验的说法正确的选项是. A .沙桶和沙子的总质量必须小于小车的质量B .沙桶和沙子的总质量必须大于小车的质量C.沙桶和沙子的总质量必须远小于小车的质量D .沙桶和沙子的总质量必须远大于小车的质量.12. 8分2021?大连模拟某同学设计了如图1所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2的阻值.实验器材有：待测电源E不计内阻，待测电阻R1,待测电阻R2,电压表量程为1.5V，内阻很大，电阻箱R 099.99Q，单刀单掷 开关S1,单刀双掷开关 S2,导线假设干.1先测电阻R1的阻值.请将甲同学的操作补充完整：闭合S1,将S2切换到a,调节电阻箱，读出

10、其示数R和对应的电压表示数U1，保持电阻箱示数不变将S2切换到b ，读出电压表的示数U2.那么电阻R1的表达式为R1=¥U22甲同学已经测得电阻 R1=4.8Q,继续测电源电动势 E和电阻R2的阻值.该同学的做法是：闭合 S1,将S2切换到a, 屡次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数 R和对应的电压表示数 U，由测得的数据，绘出了如图 2所示的-j,图线，那么电源 电动势E= 1.43 V，电阻R2=1.2 Q;保存三位有效数字3利用甲同学设计的电路和测得的电阻R1,乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1,将S2切换到b,屡次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表

11、示数 U，由测得的数据，绘出了相应的 寺詰厂图线，根据图线得到电源电动势 E和电阻R2.这种做法与甲同学的做法比拟，由于电压表测得的数据范围较小 选填 较大 较小或 相同，所以 甲 同学的做法更恰当些.13. 9分2021?大连模拟如下列图，一辆上外表光滑的平板小车长L=2m，车的上外表距地面的高度为1.25m,车上左侧有一挡板，紧靠挡板处有一可看成质点的小球.开始时，小车与小球一起在水平面上向右做匀速运动，速度大小为V0=5m/s .某时刻小车开始刹车，加速度 a=4m/s2.经过一段时间，小球从小车右端滑出并落到地面上，g取10m/s2.求：1从刹车开始到小球离开小车所用的时间；2小球落地

12、时落点离小车右端水平距离.14. 14分2021?大连模拟如下列图，足够长的光滑平行金属导轨cd和ef水平放置，在其左端连接倾角为9=37。的光滑金属导轨ge、hc,导轨间距均为L=1m，在水平导轨和倾斜导轨上，各放一根与导轨垂直的金属杆，金属杆与导轨接触良好. 金属杆a、b质量均为M=0.1kg，电阻Ra=2 Q、Rb=3 Q,其余电阻不计在水平导轨和斜面导轨区域分别有竖直向上和竖直向 下的匀强磁场 Bi、B2,且B仁B2=0.5T .从t=0时刻起，杆a在外力F1作用下由静止开始水平向右运动，杆b在水平向右的外力F2作用下始终保持静止状态，且F2=0.75+0.2t N丨.sin 37 &

13、#176;=0.6, cos 37°=0.8, g取10m/s21判断杆a的电流方向并通过计算说明杆a的运动情况；2从t=0时刻起，求1s内通过杆b的电荷量；3假设从t=0时刻起，2s内作用在杆a上的外力F1做功为13.2J，那么求这段时间内杆 b上产生的热量.15. 12分2021?大连模拟如下列图，平面直角坐标系xOy第一象限存在匀强电场，电场与x轴夹角为60°在边长为L的正三角形PQR范围内存在匀强磁场， PR与y轴重合，Q点在x轴上，磁感应强度为 B，方向垂直坐标平面向里.一束包 含各种速率带正电的粒子，由Q点沿x轴正方向射入磁场，粒子质量为m,电荷量为q，重力不计

14、.1判断由磁场PQ边界射出的粒子，能否进入第一象限的电场？2假设某一速率的粒子离开磁场后，恰好垂直电场方向进入第一象限，求该粒子的初速度大小和进入第一象限位置的纵坐标;x轴夹角为30°求该粒子经过x轴的坐标值.三、模块选考题：此题包括3组题，要求考生只选定1组题作答，每组题11分，共11分.在答题纸上指定区域答题，要用2B铅笔把所选题目题号前的方格涂黑，不涂视为未选.如果选做了多组题，那么按前一组题计分.每组题中的选择题至少 有一个选项是正确的，全选对的得4分，选对但不全的得 2分，有选错的得 0分.物理-选修3-3 11分物理-选修3-4 11分18.2021?大连模拟以下说法正确

15、的选项是A. 玻璃中的气泡看起来特别明亮是光的衍射现象B. 用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的偏振C. 变化的电场周围不一定产生变化的磁场D. 可以通过迈克尔孙-莫雷实验得出：不管光源与观察者做怎样的相对运动，光速都是一样的、选择题：1【考点】：物理学史.【分析】：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要奉献即可.A正确;【解析】：解：A、伽利略首先建立了平均速度、瞬时速度、加速度的概念，故B、 伽利略通过斜面实验，进行合理外推得出自由落体运动位移与时间的平方成正比的结论，故B错误；C、 法拉第发现了磁场产生电流的条件，故C错误；D、 安培发现了电流产生磁场方向的定那么

16、，故D错误；应选：A【点评】：此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、创造、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之 2. 【考点】：匀变速直线运动的图像.【专题】：运动学中的图像专题.【分析】：由图象可知物体的运动状态，由图象的斜率求得加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移，平均速度等于位4=4-(-叫At_3=2m/s2；移除以时间.【解析】：解：由v-t图象可知，1- 3s内做匀变速直线运动，运动加速度恒定且误；B、 根据图象面积表示位移知3 -7s内时间内的位移 xX (2十引2 =9m，故B错误;C、 5s时加速度方向变，速度方向不变，故位移方向不变，故C错误；D、4 -

17、6s内时间内的位移 x=g 1+2>4=6m，滑块的平均速度 V=3m/s；故D正确；应选：D【点评】：此题关键抓住图象的数学意义求解加速度和位移：斜率等于加速度，面积等于位移注意5s- 6.5s内加速度是负值，6.5 -7s加速度为正，在t轴下方的面积表示位移为负的.3 .【考点】：牛顿第二定律；胡克定律.【专题】：牛顿运动定律综合专题.【分析】：静摩擦力的大小随外力的变化而变化，但有一个最大值，其最大值略大于滑动摩擦力，在一般的计算中可以认为等于滑动摩擦力；此题中，为施加拉力 F时，A、B两木块在弹簧的推动下，相对地面有运动趋势，但无相对运动，故均受静摩擦力；在木块B上加上一个水平拉

18、力后，通过计算会发现，虽然B木块相对地面的滑动趋势变大，但仍然无法滑动，说明静摩擦力只是变大了，并不会变成滑动摩擦力【解析】：解：木块A与地面间的滑动静摩擦力为：fA=呵Ag=0.25 X50N=12.5N木块B与地面间的滑动静摩擦力为:fB=呵Bg=0.25 X5ON=15N弹簧弹力为：F 弹=kx=400 >».02N=8NAB、施加水平拉力F后，弹簧长度没有变化，弹力不变，故木块 A相对地面有向左的运动趋势，其受到向右的静摩擦力， 且与弹力平衡，因而：fA=F弹=8N ;故AB错误；CD、施加水平拉力F后，对B物体受力分析，重力与支持力平衡，水平方向受向右的弹簧弹力和拉力

19、，由于B木块与地面间的最大静摩擦力为 15N等于滑动摩擦力，大于弹簧弹力和拉力之和，故木块 B静止不动，故木块 B受到的静摩擦力与 弹簧弹力和拉力的合力平衡，因而： fB=F弹+F=8N+2N=10N ;故C正确，D错误；应选：C【点评】：此题关键是分别对两个木块受力分析，通过计算判断木块能否滑动，要注意静摩擦力等于外力，而不是大于外力，大于外力的只是静摩擦力的最大值4. 4 分【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用.【专题】：人造卫星问题.【分析】：嫦娥三号环月段圆轨道的半径、运动周期和引力常量，根据万有引力提供向心力，可以解出月球的质量， 但是不知道的月球的半径

20、，无法计算出月球的密度根据卫星变轨原理分析轨道变化时卫星是加速还是减速在同一椭圆 轨道上根据引力做功的正负判断速度的变化和势能的变化.【解析】：解：A、嫦娥三号在环月段椭圆轨道上P点向Q点运动中，距离月球越来越近，月球对其引力做正功，故速度增大，即嫦娥三号在环月段椭圆轨道上P点的速度小于Q点的速度，故 A错误.B、嫦娥三号在环月段圆轨道上 P点减速，使万有引力大于向心力做近心运动，才能进入进入环月段椭圆轨道故B错误.C、根据万有引力提供向心力-f-=m2TQ兀4T2，可以解出月球的质量，由于不知道月球的半径，无法知道月球的体积，故无法计算月球的密度故 C错误.D、根据牛顿第二定律得：a兰,所以

21、嫦娥三号在圆轨道和椭圆轨道经过P点时的加速度相等，故 D正确；应选：D 【点评】：此题要掌握卫星的变轨原理，嫦娥三号在环月段圆轨道上做圆周运动万有引力等于向心力，要进入环月段椭圆轨道需要做近心运动，使得在P点所受万有引力大于圆周运动向心力，因为同在P点万有引力不变，故嫦娥三号只有通过减速减小向心力而做近心运动进入椭圆轨道.5. 【考点】：功能关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律.【分析】：物体由于惯性冲上皮带后，从右端滑上传送带时，可以先匀减速运动到速度为0再反向加速后匀速，也可以一直减速，分情况进行讨论即可解题.【解析】：解：小物块在水平方向受到摩擦力的作用，f= gg,产生

22、的加速度：- II, -亠.1 on mA、假设小物块从右端滑上传送带后一直做匀减速运动，速度减为零时的位移是x，那么，；得： 一 所以小物块不能到达B点，故A错误;2a 2X 4vi后匀速运动，返回A点速度为4m/s .故B、小物块不能到达 B点，速度减为零后反向做匀加速运动，当速度等于传送带速度B错误；C、小物块向右加速的过程中的位移:m,当当速度等于传送带速度vi时，经历的时间：t 二厂2. 5 s,_迅_ q该时间内初速度的位移：s=vit=4 >2.5m=10m ,所以小物块相对于初速度的位移：x=s+x-x'=10+4.5 - 2=12.5m小物块在传送带上运动时，因

23、相互间摩擦力产生的热量为：Q=f?&=0.4 x10X|XI2.5J=50J故C正确.D、小物块不能到达 B点，速度减为零后反向做匀加速运动加速的过程相对于初速度继续向左运动，所以小物块向左运动速度减为0时相对传送带滑动的距离没有到达最大，故D错误；应选：C【点评】：此题关键是对于物体运动过程分析，物体可能一直减速，也有可能先减速后匀速运动，也可能先减速后加速再 匀速运动，难度适中.6. 【考点】：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系.【专题】：牛顿运动定律综合专题.【分析】：在竖直线AC上取一点O,以适当的长度为半径画圆，使该圆过A点，且与斜面相切与 D点，根据等时圆的结论

24、及几何关系即可求解.【解析】：解：如下列图：在竖直线AC上取一点O,以适当的长度为半径画圆，使该圆过A点，且与斜面相切与 D点，2021年辽宁省大连市高考物理双基模拟试卷根据等时圆的结论可知：A点滑到圆上任一点的时间都相等，所以由 A点滑到D点所用时间比由A到达斜面上其他各点时间都短，将木板下端B点与D点重合即可，而角 cod 为 9,所以.应选：B.【点评】：此题有其特殊的解题方法，作等时圆是一种快捷、方便的方法，难度适中.7. 【考点】：闭合电路的欧姆定律.【专题】：恒定电流专题.【分析】：由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可求得电路中电流的变化；由欧姆定律 可

25、求得电压表示数与电流表示数的比值.【解析】：解：A、变阻器R的触头向左移动一小段时，阻值 R1减小，回路的总电阻减小，所以回路的总电流增大，那么电 流表读数增大，故 A正确；B、 由A选项可知，路端电压 U减小，所以电压表的示数减小，那么电容器的电量减小，故B错误；C、 由于回路总电流增大，贝U R3电压增大，因此 R2电压减小，由于 R2电阻不变，所以 R2消耗的功率减小，故 C正确；D、 根据题意可知，电压表与电流表变化量的示数之比即为电源的内阻，因此之比不变，故D正确；应选：ACD【点评】：此题考查闭合电路欧姆定律的动态分析，要熟练掌握其解决方法为：局部-整体-局部的分析方法；同时注意

26、局部电路欧姆定律的应用.8. 【考点】：变压器的构造和原理.【专题】：常规题型；交流电专题.【分析】：根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论.【解析】：解：A、副线圈是均匀密绕的且滑动头匀速上滑，说明副线圈的匝数在均匀增大，由变压器的变压比得灯泡两端的电压均匀增大k为单位时间增加的匝数，原线圈功率等于灯泡功率是增大的，所以原线圈电流一定增大，故A错误,D正确；B、 灯泡的电阻随着温度的增加而变大，所以电压和电流不是正比例的关系，故B错误；C、变压器的电压与匝数成正比，原线圈和副线圈的总的匝数是不变的，输入的电压也不变，所以副线圈的总电压的大

27、小也 不变，故C错误；应选：D.【点评】：掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，此题即可得到解决.9. 【考点】：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能.【专题】：电场力与电势的性质专题.【分析】：根据顺着电场线方向电势降低，判断场强的方向，根据电场力方向分析粒子的运动情况.根据正电荷在电势高 处电势越大，判断电势能的变化.粒子如能运动到X1处，就能到达X4处，根据动能定理研究0-X1过程，求解初速度V0.粒 子运动到X3处电势能最小，动能最大，由动能定理求解最大速度.【解析】：解：A、粒子从O运动到X1的过程中，电势升高，场强方向沿x轴负方向，粒子所受的电场力方向沿x轴正方向，粒子

28、做加速运动.故 A错误.B、 粒子从X1运动到X3的过程中，电势不断降低，根据负电荷在电势高处电势越小，可知，粒子的电势能不断增大.故B 正确.C、0到X3根据动能定理得：1 2-q0- $0=0-m Vq要使粒子能运动到X4处，粒子的初速度 V0至少为i淫里丄故C错误.V mD、假设V0-J2，粒子运动到X1处电势能最小，动能最大，由动能疋理得V in-q 0 -机mv 2-Smv 专,2 皿2 0解得最大速度为：Vm=' 宀.故D正确.V W应选：BD【点评】：根据电势0随x的分布图线可以得出电势函数关系，由电势能和电势关系式得出电势能的变化.利用动能定理 列方程解答.10. 【考

29、点】：机械能守恒定律.【专题】：机械能守恒定律应用专题.【分析】：运发动从直升机上跳伞，伞翻开前可看作是自由落体运动，即空气阻力忽略不计，开伞后减速下降，空气阻力 大于重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动.【解析】：解：A、运发动从直升机上跳伞，伞翻开前可看作是自由落体运动，做匀加速直线运动，v-t图象是过原点的直线.翻开伞后减速下降，随着速度减小，空气阻力减小，合力减小，加速度减小，当加速度减至零时做匀速运动；故A正确.B、 运发动伞翻开前可看作是自由落体运动，加速度是g,不变.翻开伞后减速下降，随着速度的减小，加速度也减小，且 加速度方向向上，故 B正确.C、

30、 重力势能逐渐减小，规定初位置重力势能为零，那么Ep=mg- h，即重力势能与高度是线性关系，故C错误.D、自由落体运动过程机械能守恒，翻开伞后由于空气阻力做负功，运发动的机械能减小，且机械能的变化等于空气阻力做的功，空气阻力减小，机械能减小变慢故D正确.应选：ABD .【点评】：此题关键是结合运发动的运动情况分析其受到的阻力的变化情况，从而得到其合力和机械能的变化情况.11. 【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系.【专题】：实验题；牛顿运动定律综合专题.【分析】：1探究小车的加速度与所受合外力的关系中小车所受的合外力等于沙桶和沙子的总重力；2先读主尺，再读副尺，相加得最终结果；3依

31、据2as= -时可计算加速度；4用沙和沙桶的总质量表示小车受到的拉力，必必须满足沙桶和沙子的总质量必须远小于小车的质量.【解析】：解：1探究 小车的加速度与所受合外力的关系 中小车所受的合外力等于沙桶和沙子的总重力，那么步骤D中小车加速下滑时所受合力大小为 mg.2主尺读数为7mm，副尺第13刻度和主尺对齐，故副尺读数为：13>0.05mm=0.65mm，故小车上遮光板的宽度为 7.65mm ； 3小车的速度等于遮光板的宽度除以所有的时间，依据2as=v2 -可得加速度为：4沙和沙桶加速下滑，处于失重状态，其对细线的拉力小于重力，设拉力为T,根据牛顿第二定律，有对沙和沙桶，有： mg -

32、 T=ma ,对小车，有：T=Ma ,解得：T=g=師1+I故当M >> m时，有T-mg.故C正确，ABD错误，应选：C. 故答案为：1mg;27.65;214C .【点评】：该题重点是要知道通过光电门甲和乙时可以认为速度是不变的，以此才能来表示小车的加速度.12. 【考点】：测定电源的电动势和内阻.【专题】：实验题；恒定电流专题.【分析】：禾U用题目中给出的电路及步骤的提示，同时结合闭合电路的欧姆定律可得出实验的步骤； 再由原理可得出实验中数据处理的方法及公式，结合图象可求得电动势和内电阻. 两位同学的实验中的主要区别在于甲中电压表测滑动变阻器两端的电压，而乙中电压表测滑动变阻

33、器与定值电阻两端的 电压，因R1阻值不变，那么滑动变阻器对电压表的调节作用减弱，电压表变化范围减小.【解析】：解：由题意可知，本实验中没有给出电流表，故应是电压表与电阻箱求电源电动势和内电阻的；实验中应充 分利用电阻值及串并联电路的规律得出表达式；为了多测数据，应再将S2切换到b；由欧姆定律可知：U2=I R+R1U1=IR而电路电流相等，联立解得：R仁卜；根据 E=U+* R1+R2，有 #*+ 比照直线方程y=kx+b，有截距=b=0.7 ,E所以，日.43；斜率k=2. S - 0, 7=4.2,0. 5R 又k=，已测出 R1-4.8 Q,求得 R2-1.2Q假设开关打在b处，那么电压

34、表测量的为电阻箱与 R1两端的电压，因定值电阻的分压作用，使电压表测量范围减小，故实 验中误差较多，故应选择甲同学的做法；故答案为：u2-Ui* ;1.43； 1.2；较小；甲【点评】：用电压表和电阻箱测量电源的电动势和内电阻此题的R2相当于内电阻并用图象进行数据处理求出结果；本方法可与伏安法类比简称伏阻法也是实验中常用方法之一.13【考点】：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系.【专题】：牛顿运动定律综合专题.【分析】：1平板车刹车后，平板车做匀减速运动到零，小球以初速度做匀速直线运动先判断小球滚出小车时车是否已经停止运动，而后求出小车做匀减速直线运动位移x车，小球通过的位移 x球

35、，位移之差就等于平板车的长度而得出匀速运动的时间.2小球离开小车后做平抛运动，求出小球的水平位移与小球滑出后小车的水平位移之差，即是小球落地时落点离小车右 端的距离.【解析】：解：1刹车后小车做匀减速运动，小球继续做匀速运动，设经过时间t，小球离开小车，经判断知此时小车没有停止运动，贝U x球=VOtx 车=VOt 亠at22x球-x =L代入数据可解得：t=1 s2由 h=- '知 ti=0.5s小球落地时，小车已经停止运动.设从刹车到小球落地，小车和小球总位移分别为 XI、x2,2那么：xi=-1x2=v0 t+t1设小球落地时，落点离小车右端的距离为，那么：Zx=x2 L+x 1

36、 解 得：x=2.375 m答：1从刹车开始到小球离开小车所用的时间为1s2小球落地时落点离小车右端的距离是2.375m.【点评】：解决此题的关键在于理清平板车和物体的运动情况，知道刹车后小车做匀减速运动，小球继续做匀速运动，并 且注意刹车停止的时间，灵活运用运动学公式求解.14.【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化.【专题】：电磁感应一一功能问题.【分析】：1对杆b受力分析根据平衡条件和安培力大小得出v与t关系，从而判定a的运动情况2根据电荷量q=It和欧姆定律求解电荷量3对系统，运用能量守恒定律求解b的热量，由于两杆的电阻不相等，通过的感应电流相等，产生的焦耳热与电

37、阻成正比，故得到b杆产生的热量Qb【解析】：解：1电流方向从 mn,因为杆b静止，所以有：F2 B2lL=Mgtan 37。 而 F2=0.75+0.2t解 得：l=0.4t A电路中的电动势由杆 a运动产生,故有：E=I Ra+Rb，E=B1Lv联立得：v=4t所以，杆a做加速度为a=4 m/s2的匀加速运动2杆a在1 s内运动的距离我:ERarbRbE=.q=0.2 C即1 s内通过杆b的电荷量为0.2 C .3设整个电路中产生的热量为Q,由能量守恒定律得W1 - Q=_Mvi22vi=at=4 >2=8 m/sQb=" QRa+Rb联立上式解得 Qb=6 J答：1杆a做加

38、速度为a=4m/s2的匀加速运动.2is内通过杆b的电荷量为0.2C.3这段时间内杆b上产生的热量为 6J【点评】：此题是双杆问题，认真审题，分析两杆的状态，根据电磁感应的规律和平衡条件求解是关键，涉及能量的问题，要合理选择过程，利用能量守恒定律列式求解.15【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力.【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题.【分析】：1描出某一条由PQ边界出场的运动轨迹，由几何关系可知粒子射出磁场速度与PQ的夹角为30 °与x轴间夹角为60°所以一定能够进入第一象限.2粒子垂直电场进入第一象限，画出运动轨迹.由几何关系得半径和坐标，由牛顿运动

39、定律解速度；3由几何关系可知 OD长度和DS长度，再根据平抛运动的规律和几何知识得粒子经过x轴的坐标值.PQ的【解析】：解：1画出某一条由PQ边界射出磁场的粒子运动轨迹如下列图，由几何关系可知粒子射出磁场时速度与夹角为30°与x轴间夹角为60°所以一定能够进入第一象限.2假设粒子垂直电场进入第一象限，那么轨迹如下列图.由几何关系可知半径转过的圆心角为半径 r=2OQ=30°由洛伦兹力提供向心力得:qvoB=可得vo=ID离开磁场时纵坐标：y=r - rcos30°= -1LN3粒子在电场中运动轨迹如下列图，由几何关系可知OD 长度 x1=ytan30 = 1 -Lyl-l-yS有訂Qtan60DS 长度 y1 =2x1= 2 5 L设DO1长度为y2，在 DO1F中O1F长度为三y2，由平抛运动中某时刻速度方向角a与位移方向角B关系：tan a=2ta np得 y2=2 2 -L那么DF的长度X2=2y2=4XilJa2- . :L所以F点的坐标为x=xi+x2=9 1 -亠一L2；5二进入第一象限位m答：1由磁场PQ边界射出的粒子，能进入第一象限的电场;2假设某一速率的粒子