8模块综合检测

1、.模块综合检测学生用书P353单独成册时间：60分钟分值：100分一、单项选择题此题共5小题，每题6分，共30分在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确12019·无锡天一中学检测以下说法符合物理学史实的是A伽利略通过斜面实验的合理外推，得出了自由落体运动的规律B开普勒发现了行星运动的规律，提出了万有引力定律C卡文迪许利用扭秤实验巧妙地测出了静电力常量k的数值D法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转现象发现了电流的磁效应解析：选A伽利略通过斜面实验的理想化外推，得出了物体运动状态和受力的关系，并得到了自由落体运动的规律，A对；开普勒发现了行星的运动规律，但提出万有引力定律的是牛顿，B错

2、；卡文迪许利用扭秤测出了万有引力常量G的数值，C错；根据小磁针在通电导线周围的偏转现象发现了电流的磁效应的是奥斯特，D错22019·江苏六市高三调研如下图的闭合电路中，R是半导体光敏电阻，R1为滑动变阻器现用一束光照射光敏电阻，那么以下说法错误的选项是A电流表读数变大B电压表读数变大C电源的总功率变大D电源内阻的功率变大解析：选B当光照射光敏电阻时，电阻值变小，那么电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大，故A正确；由UEIr知，路端电压减小，同时R1两端的电压增大，故R两端的电压减小，故B错误；因电路中的电流增大，所以电源的总功率变大，电源内阻的功率也变大，故C、D

3、正确3质量为M的光滑圆槽放在光滑程度面上，一程度恒力F作用在其上促使质量为m的小球静止在圆槽上，如下图，那么A小球对圆槽的压力为B小球对圆槽的压力为C程度恒力F变大后，假如小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力增加D程度恒力F变大后，假如小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力减小解析：选C利用整体法可求得系统的加速度为a，对小球利用牛顿第二定律可得：小球受到圆槽的支持力为 ，由牛顿第三定律可知只有C项正确4如下图，对于电场线中的A、B、C三点，以下判断正确的选项是AA点的电势最低BB点的电场强度最大C同一正电荷在A、B两点受的电场力大小相等D同一负电荷在C点具有的电势能比在A点的大解析：选D根据电

4、场线的特点，沿着电场线方向电势逐渐降低，那么A>C>B，又知同一负电荷在电势越低处电势能越大，那么同一负电荷在C点具有的电势能比在A点的大，所以A错误、D正确；因在同一电场中电场线越密，电场强度越大，那么知A点电场强度最大，所以B错误；因电场中EA>EB，那么同一正电荷在A、B两点所受电场力关系为FA>FB，所以C错误52019·江苏高级中学高三模拟在光滑程度面上，有一个粗细均匀的边长为L的单匝正方形闭合线框abcd，在程度外力的作用下，从静止开场沿垂直磁场边界方向做匀加速直线运动，穿过匀强磁场，如图甲所示，测得线框中产生的感应电流i的大小和运动时间t的变化关

5、系如图乙所示，那么A线框受到的程度外力一定是恒定的B线框边长与磁场宽度的比值为38C出磁场的时间是进入磁场时的一半D出磁场的过程中外力做的功与进入磁场的过程中外力做的功相等解析：选B根据EBLv，I，FBIL，vat以及F拉Fma可知，线框受到的程度外力是变力，出磁场时比进磁场时要大，故出磁场时外力做功比进入磁场时外力做功多，应选项A、D错误；线框做匀加速直线运动，由图象及匀加速直线运动规律，结合电流与速度的关系可以知道，线框边长与磁场宽度比为38，出磁场的时间不是进入磁场时的一半，应选项B正确，选项C错误二、多项选择题此题共4小题，每题6分，共24分在每题给出的四个选项中，有多个选项符合题目

6、要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分62019·苏锡常镇四市调研如下图，将砝码A放在程度桌面上的纸板B上，各接触面间动摩擦因数均相等，砝码到纸板左端和桌面右端的间隔 均为d在程度向右的恒力F的作用下，可将纸板从砝码下方抽出，砝码刚好到达桌面右端那么以下说法正确的选项是A砝码与纸板别离前后的加速度大小一定相等B砝码与纸板别离时，砝码一定位于间隔 桌面右端处C其他条件不变，换用更大的恒力F，砝码将不能到达桌面右端D其他条件不变，换用更大的恒力F，砝码与纸板间产生的热量将减小解析：选ABC因砝码水平方向只受到滑动摩擦力，且各接触面间动摩擦因数相等，所以砝码与纸板别

7、离前后加速度大小不变，故A正确；因砝码刚好到达桌面右端，砝码先加速再减速，且加速度大小相等，由v22ax可知，砝码分开纸板时，间隔 桌面右端为，故B正确；假设F，纸板的加速度会非常大，与砝码A别离的时间很短，由惯性可知，C正确；由Qf·s相对可知，砝码与纸板产生的热量不变，故D错误7载人飞船从发射、进入轨道、加速变轨，最后进入圆形轨道稳定运行如图是载人飞船正在加速变轨的过程，如下相关的说法中，正确的选项是A进入新轨道后的周期比低轨道的周期大B进入新轨道后的速率比低轨道的速率小C进入新轨道后，飞船的加速度变小D飞船在圆形轨道运行时，宇航员处于超重状态解析：选ABC载人飞船加速变轨后轨道

8、半径增大，但在不同的圆形轨道上都满足万有引力提供向心力由Gmrmma，得T2，v，a，由此可知，轨道半径越大，周期越大、线速度和加速度越小，故飞船进入新轨道后的周期变大，速率和加速度变小，故A、B、C均正确飞船在圆形轨道运行时，地球对宇航员的引力完全提供向心力，宇航员处于失重状态，故D错误8如图甲所示，小滑块P可视为质点以不同的初速度v0从长度为4 m的固定斜面Q的顶端沿斜面下滑时，得到小滑块下滑的最大间隔 x与初速度的平方v的关系图象即xv图象如图乙所示，以下判断正确的选项是A小滑块下滑的加速度大小为4 m/s2B小滑块下滑的加速度大小为2 m/s2C假设v050 m/s，那么滑块滑到斜面底

9、端的时间长为1 sD假设v050 m/s，那么滑块滑到斜面底端的时间长为4 s解析：选BC根据匀变速直线运动的速度位移公式得v2v2ax，其中v0，整理得x，因为xv图象的斜率k m1·s2，可得a2 m/s2，所以滑块下滑的加速度大小为2 m/s2，选项A错误，B正确；当v04 m/s时，由速度位移公式得x4 m，即当滑块以4 m/s 的初速度滑下时，小滑块已滑到Q的底端，那么当v05 m/s时，由位移公式得Lv0tat2，代入数据解得t1 s或t4 s舍去，选项C正确，D错误9如下图，边长为L的等边三角形ABC为两个有界匀强磁场的理想边界，三角形内的磁场方向垂直纸面向外，磁感应强

10、度大小为B，三角形外的磁场足够大方向垂直纸面向里，磁感应强度大小也为B把粒子源放在顶点A处，它将沿A的角平分线发射质量为m、电荷量为q、初速度为v0的带电粒子粒子重力不计那么以下关于从A射出的粒子说法正确的选项是A当粒子带负电，v0时，第一次到达C点所用时间为B当粒子带负电，v0时，第一次到达C点所用时间为C当粒子带正电，v0时，第一次到达C点所用时间为D当粒子带正电，v0时，第一次到达C点所用时间为解析：选BC粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供圆周运动的向心力1当v0时，那么由牛顿第二定律可得qvBm，T，根据几何关系作出运动轨迹，rL，如图甲由轨迹知，当电荷带正电，粒子经过一个周期到

11、达C点，即t，C正确；当粒子带负电，粒子经过T第一次到达C点，即t，故A错误2当v0，rL，如图乙，由运动轨迹可知，当电荷带正电，粒子经过T到达C点，即t，故D错误；当粒子带负电，粒子经过第一次到达C点，即t，故B正确三、非选择题此题共4小题，共46分按题目要求作答，计算题要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位108分2019·苏锡常镇四市调研如图甲所示是小明探究橡皮筋弹力做的功W与小车动能的变化量Ek间的关系的装置图，长木板放在程度桌面上，橡皮筋的两端分别与小车和挡板相连实验中，通过增减橡皮筋的根数来改变弹力所做的功1以下实验操作正确的选项是_A实验时，应先释放小车，

12、然后接通电源B增加橡皮筋根数时，应选取一样的橡皮筋C每次应将小车拉到一样的位置由静止释放D实验前应先平衡小车在木板上所受的摩擦力2如图乙所示是某次实验中的一条纸带，相邻计数点间时间T002 s为得到本次实验小车动能的变化量，求得的小车速度v_ m/s3由实验数据画出的WEk图象如图丙所示，小明认为由图象能得出“橡皮筋弹力做的功等于小车动能的变化量的实验结论，你同意吗？_填“同意或“不同意，你的理由是_解析：1实验时，先接通电源后释放小车，故A错误；增加橡皮筋根数时，应选取一样的橡皮筋，这样橡皮筋做功就有倍数关系，故B正确；每次都要从同一位置由静止释放，这样开场时橡皮筋的形变量一样，过程中每根橡

13、皮筋做的功才一样，故C正确；实验中橡皮筋对小车所做的功认为是合外力做的功，因此实验前需要平衡摩擦力，故D正确2计算时应取小车匀速的最大速度，由题图乙可知v cm/s90 cm/s09 m/s3因用不同条数的橡皮筋且拉到一样的长度，这样橡皮筋对小车做的功就有倍数关系，测不出橡皮筋做功的详细数值，所以不同意答案：1BCD2093不同意实验中不能测出橡皮筋弹力所做功的详细数值118分实验室购置了一捆标称长度为100 m的铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度该同学首先测得导线横截面积为10 mm2，查得铜的电阻率为17×108 ·m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻Rx，从而确

14、定导线的实际长度可供使用的器材有：电流表：量程06 A，内阻约02 ；电压表：量程3 V，内阻约9 k；滑动变阻器R1：最大阻值5 ；滑动变阻器R2：最大阻值20 ；定值电阻：R03 ；电源：电动势6 V，内阻可不计；开关、导线假设干答复以下问题：1实验中滑动变阻器应选_填“R1或“R2，闭合开关S前应将滑片移至_端填“a或“b2在实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接3调节滑动变阻器，当电流表的读数为050 A时，电压表示数如图乙所示，读数为_V4导线实际长度为_m保存2位有效数字解析：根据串、并联电路的特点，电阻定律以及欧姆定律解决问题1根据R，得铜导线的阻值约为

15、Rx17 ，即RxR047 实验中的滑动变阻器假设选R1，那么当滑动变阻器滑片移至a端时，电压表的示数约为3 V，假设滑动变阻器滑片向右挪动，电压表示数变大，超过电压表量程，故实验中的滑动变阻器应选R2闭合开关S前应使电路中的电阻最大，故滑动变阻器滑片应移至a端2连线如下图3电压表的示数为230 V4根据欧姆定律，铜导线与R0的串联电阻R 46 ，所以铜导线的电阻RxRR016 根据Rx得导线长度l m94 m答案：1R2a2见解析图3230229231均正确4949395均正确1215分2019·南京、盐城、连云港三市高三模拟如下图，A、B两物体之间用轻弹簧相连，B、C两物体用不可

16、伸长的轻绳相连，并跨过轻质光滑定滑轮，C物体放置在固定的光滑斜面上开场时用手固定C使绳处于拉直状态但无张力，ab绳竖直，cd绳与斜面平行B的质量为m，C的质量为4m，弹簧的劲度系数为k，固定斜面倾角30°由静止释放C，C在沿斜面下滑过程中A始终未分开地面弹簧的弹性势能的表达式为Epkx2，x为弹簧的形变量重力加速度为g求：1刚释放C时，C的加速度大小；2C从开场释放到速度最大的过程中，B上升的高度；3假设A不分开地面，其质量应满足什么条件解析：1刚释放C时，由牛顿第二定律得4mgsin 30°5maag2初始对B物体有kx1mgC速度最大时，有F14mgsin 30°此时，对B物体有F1mgkx2B物体上升的高度hx1x2解得h3假设A不分开地面，那么对A物体kx3mAgkx1mg4mgx1x3sin 30°mgx1x3kxkx解得mA3m答案：见解析1315分如图甲所示，宽度为d的竖直狭长区域内边界为L1、L2，存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向的周期性变化的电场如图乙所示，电场强度的大小为E0，E>0表示电场方向竖直向上t0时，一带正电、质量为m的微粒从左边界上的N1点以程度速度v射入该区域，沿直线运动到Q点后，做一次完好的圆周运动，再沿直线运动到右边界上的N2点Q为线段N1N2的中点，重力加速度为g上述d、