吉林省白城市高二物理上学期期末试题(含解析)新人教

1、第I卷（共48分）一、选择题：每小题4分，共48分。在1、2、3、6、8、11小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，其余小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全白得2分，有选错的得0分。1.下列说法中，正确的是：A.公式E=F只适用于真空中点电荷电场qB.由公式U=W,说明两点间的电势差U与电场力做功W成正比，与电荷量q成反比qC.由邛=且可知，电势中与电势能Ep成正比，与放入电场中检验电荷的电荷量q成反比qD.在公式F=k当中，kS2是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小rrt答案】D【解析】读题分析工是电场强度的定义式，适用于任何电场，加以选项盘错误，电

2、势是反映电场能量性质的物理量，只与电场本身有关，马电势能及检显电荷的电荷量无关，所以选项c错误】电势差目噫场中两点间的电势之差，与检骑电荷的电荷型无关，所以选项e错误，根据库仑定律及电场强度定义可知，对于相距r的两个点电荷而言，点电荷公在不处产生的电场为且二三=上浮，所以选项D正确m的,考点：静电场、电场强度、电势、电势差2.现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈R电流计及电键如图连接.下列说法正确的是：A.线圈A插入线圈B中后，电键闭合和断开的瞬间电流计指针均不会偏转B.电键闭合后，滑动变阻器的滑片P匀速滑动，会使电流计指针静止在中央零刻度C.电键闭合后，线圈A插入或拔出都会引起电流计

3、指针偏转D.电键闭合后，只有滑动变阻器的滑片P加速滑动，电流计指针才能偏转【答案】C【解析】试题分析：由法拉第电磁感应现冢可知，当线圈的磁通量发生变化时，产生感应电流，故可知，当线圈工插入线圈看且形状闭合或断开瞬间，线圈且中的电流变化，周围磁场变化，所以线圈片中的磁通量发生变化，产生感应电流，故A错误；同样道理，当滑动变阻器的滑片P滑动时，线圈再中电流变化，线圈看中的磁通量发生变化，产生感应电流，与滑片P是否匀速无关，所以E、D错误；开关闭合的情况下，线圈工插入或拔出都会使看中磁通量发生变化，所以产生感应电流，故选项C正确；考点：电磁感应现冢3.如图所示，虚线框内存在匀强磁场，将正方形闭合导线

4、框从如图所示的位置匀速拉出磁场，若第一次拉出时间为t,克服安培力做功为W;第二次拉出时间为3t,克服安培力做功为W,则：I：xXII：XXXX：、Vf1A.W=9WB,W=3WC.WWD.W1=W23【答案】B【解析】试题分析,设第一次拉动导线框的速度为W第二次的速度为】小由题意可知两次速度之比为片匕=3:1,根据区=白小和欧姆定律可知，两次导线框中的电流之比为3：【，由安培力公式RF=g也知，两次导线框所受合安培力之比为±1,拉出磁场过程中位移相同，由做功公式郎=Ev可知,两次克服安培力做功之比跖%=3:1，故只有选项E正确】考照！电磁感应规律、欧姆定律、安培力、功4 .一电炉的电

5、阻丝和一台电动机线圈电阻相同，现将它们以串联方式联接，接通合适的电源后，电动机能正常运转，则有：A.电炉和电动机的热功率相等B.电动机消耗的电功率大于电炉消耗的电功率C.电炉两端电压小于电动机两端电压D.电炉和电动机两端电压相等r答案】ABC【解析】试题分析：由串联电路特点可知，两用电器电流相同，根据热功率公式尸=尸厂可知，两者热功率相等,所以选项A错误；电动机除产生内能外，更多的电能被转化为机械能，故所消耗的电能要大于电1F哨耗的电能,所以选项B正确；对于非纯电阻电路有“，故可知电动机两端电压大于电炉的，所以选项C正确、D霜误；考点,电功率、焦耳定律5 .如图所示，一质量为m电量为q的小球在

6、电场弓虽度E的匀强电场中，以初速度沿直线ON做匀变速运动，直线ON与水平面的夹角为30°.若小球在初始位置的电势能为零，重力加速度为g,且 mg=Eq,贝U：A.电场方向竖直向上B.小球运动的加速度大小为g2C.小球最大高度为包2g最 大 值 为D小球电势能的2mw4【答案】BD【解析】试题分析：以小球为研究对象进行受力分析如图所示:因小球所受电场力与重力大小相等，而合力方向只能与运动方向共线，所以可知电场力的方向只骨陵口图所示，与水平加成30。夹角，所以选项4错谡故可知小球所受合力大小F=所以小球的加速度为空方向与运动方向相反，故选项E正确；小球的最大位移了二至，故可知其上升的最大

7、高度为2g人=并向30°=里，所以选项C精误电场力做的功为呼=&或8sl200=-弥应=-衣.我可4g4g4知小球的电势能噌大了竺;，因初始位置电势能为零，所以可知到达最高点时电势能最大，为竺故A4选项D正确工考点：电场力做功、电势能、运动学公式6.如图所示，两等量异种电荷分别位于AB两点，其中A处电荷为正电荷，过O点做AB连线的垂线，已知AOBQMN是垂线上的两点，则下列说法中正确的是:A. M点场强大于N点场强B. M点电势低于N点电势C. 一个负的试探电荷在M点电势能大于在N点电势能D. 一个正的试探电荷在M点电势能大于在N点电势能E答案】口1解析】试题分析；如下图根据

8、等量异种电荷的电场线和等势面特点可知;打点的电场线比丁点电场线稀疏，所以可知门点的电场强度小.所以选项A错误；点的电势高于悬，所以选项3情谩，根据%=强可知，负的试探电荷在高电势点.7的电势能小，所以C错误；周理可知，正电荷在高电势点"的电势能大，所以选项。正牖；考点：静电场、电势、电势能7.如图所示，带正电的粒子以一定的初速度V0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内,恰好沿下板的边缘飞出，已知板长为L,板间的距离为d,板间电压为U,带电粒子的电荷量为q,粒子通过平行金属板的时间为t（不计粒子的重力）则:A.在前t时间内，电场力对粒子做的功为Uq24.一t3B.在后t-时间内，电场

9、力对粒子做的功为3Uq28C.粒子在电场中沿电场方向运动的最初d和最后d的过程中，电场力做功之比为1:244D.粒子在电场中沿电场方向运动的最初d和最后9的过程中，电场力做功之比为1:144E答案】ED【解析】试题分析；由题意，根据运动的合成与分解可知x=£=%八粒子在电场运动过程中,22电场力做的功为的，由此可得，在前刍的时间内，粒子的竖直位移为=3y，因电场力恒定，故有2284W所以电场力做的功为嵋=1乂1的=1%，故选项A错误:在后士时间内，苞子的竖直42B233313位移为三外所以电场力做的功为电nexqsneu7,故选项E正确，同理可知，在最初和最34428后的日过程中，电

10、场力做功相等，所以选项C错误、D正确：考点：带电粒子在匀强电场中的运动8 .如图所示为有两个量程的电压表，当使用a、b两端点时，量程为1V;当使用a、c两端点时，量程为10V。已知电流表的内阻Rg为50Q,满偏电流Ig为1mA。则R和R的电阻值:A. R=950Q,R=9kQB. R=9kQ,R=950QC. R=9kQ,R=1kQD. R=1kQR=9 k Q【答案】A【解析】试题分析：根据陵姆定律和串联电路的特点可知U、=I*飞+&),代入数据可解得用=色凡=怨0门同理有%=4区+&+%)代入数据可解得为=*-&舄=900。0，所以只有选项A正确:考点J串藤电路特点

11、、欧姆定律9 .两个电荷量分别为q和一q的带电粒子分别以速度va和Vb沿射入匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为30。和60。，磁场宽度为d,两粒子同时由A点出发，同时到达B点，如图所示，则：XXXA.a粒子带负电，b粒子带正电B.两粒子的轨道半径之比R：Rb=43：1C.两粒子的质量之比ma:mb=1：2D.两粒子的速度之比Va：Vb=1：2答案1AC【解析】试题分析：根据左手宏则可判定我带负电，同理可知3带正电，所以选项A正确:XXX虫图可知，两个粒子在磁场中的半径之比为1.石，所以选项B错误；圆弧所对应的圆心角分别为止眄3g故所用时间分别为工看、工7；，根据7=字可知:活口二

12、1用旷所以可解得活.叫:2.故选36/36质C正蠲:根据尸竺可知，八'»二儿"产1:晅,所以选项D错误:Bq善点,带电粒子在磁场中的运勖10.如图所示，有两根长为L、质量为m的细导体棒a、b,a被水平放置在倾角为45°的光滑斜面上，b被水平固定在与a在同一水平面的另一位置，且a、b平行，它们之间的距离为x,当两细棒中均通以电流强度为I的同向电流时，a恰能在斜面上保持静止，则下列关于b的电流在a处产生的磁场的磁感应强度的说法正确的是：A.方向向上B.大小为-22詈C.要使a仍能保持静止，而减小b在a处的磁感应强度，可使b上移D.若使b下移，a将不能保持静止【

13、：；】、.，DBE解析】试题分析，由安培定则可知通电导体棒3周围的蕨感应线方向为顺时针方向，所以在看点的磁场方向竖直向上,所以选项A正确；以导线1为研究对象进行受力分如图所示，故有脸g二B也，解得1点处的磁感应强度大小为8二穿，所IL以选项B错误，欲滥小b在4处的磁感应强度.可增大两导线间的距离得3上移或F移都可以，些的两导体林间的安培力减小，当上移时，由力的平衡条件可知，当值受到的安培力方向逆时针转动，安培力应先变小再变大才能螭。受力平衡，所以选项C正确；若$下移，只有安培力变大，导体棒。才能保持平衡，故可知，些时导体棒仃此时受力不平衡，故选项D正确；考点;：通电导线周围的磁场11.如图所示

14、，将一根粗细均匀的电阻丝弯成一个闭合的圆环，接入电路中，电路与圆环的O点固定，P为与圆环良好接触的滑动头。闭合开关S,在滑动头P缓慢地由m点经n点移到q点的过程中，电容器C所带的电荷量将:A.由小变大由大变小C.先变小后变大先变大后变小【答案】C【解析】试题分析:把圆环电阻丝看做是并联式接法的变阻器，当滑片从超点经单点移动到户的过程中，圆环部分注人电路的电阻先变大后变小，根据“串反并周规律可知，与僵1环有串联关系的电容器两极板间的电势差先变小后变大，由。二可知，电容器所带电荷量先激小后噌大，所以只有选项C是正确的；考点：串并联电路特点、电容器A.如图所示，一个带正电荷的物块m由静止开始从斜面上

15、A点下滑，滑到水平面BC上的D点停下来。已知物块与斜面及水平面间的动摩擦因数相同，且不计物块经过B处时的机械能损失。现在ABC所在空间加竖直向下的匀强电场，第二次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块在水平面上的D'点停下来。后又撤去电场，在ABO在空间加水平向里的匀强磁场，再次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块沿斜面滑下并在水平面上的D点停下来.则以下说法中正确的是：C. D点一定在D点右侧D点重合AxmX X XX B乂 xMB XD，xCXD . D'点一定与D点重合【答案】BC1解析】试题分析；设其占斜面马水平面的夹龟为a原物块为研究对象进行受力分析由动能定理有.联

16、助sin曰=3gcos日-以5+印/知，化茴解得：jgfin日=/cos9-r总+省地，当加上竖直向下的勺强电场后满足(次且十后7)，3安心9-风mg+Eq)to*8x”+/(mg+砌工团联立可得知片刻=二山，所以。,马0点一定重合，故选项A错误、B正确加上句强磁场，物块受到垂于运动方向的洛伦兹力的作用，洛伦效力不做功，与第一种情况相比，摩擦力变小，但克服摩擦力做的功不变，重力做功不变，由动能可知，物块滑行的位移比第一种情况大，即。，一定在D点右恻，所以选项C正确、D错误；考点：动能定理、静电场、洛伦兹力第n卷（共52分）、实验题：（本题共两个小题，共16分）13.（1）（4分）下左图是用游标

17、卡尺测量某金属圆筒外径的示意图，由图中可以读出该圆筒外径的测量值为cm。下右图是用螺旋测微器测量某金属棒直径的示意图，读出该金属棒直径的测量值为 mmE答案】2.360；2.&3O；【解析】试题分析根据游标尺的刻度为20格，总长度比主尺运1mm，故精度为0.05mm,读故=主尺读敬（坦位印17）十游标尺和主尺对齐的格数（）田50101,所以读数为2.380cm；螺旋涕微器又叫千分尺，精确度为0.01mm,故读数应以mm为单位时，小数点后面应有三位，即读到耄米的千分位上，如图中所示读数为2.5rtim+0,130mm=Z630inm；考点：游标卡尺和螺旋测微器读数（2）一种供实验使用的小

18、型电池，电动势约为9V,内阻约为40,电池允许最大输出电流为50mA为了准确测定这个电池的电动势和内阻，用图甲a所示的实验电路进行测量（图中电压表内阻很大，可不考虑它对测量的影响），R为电阻箱，阻值范围为09999Q,R是保护电阻。按实验要求，把图甲b中的实验器材按实验电路图进行正确连线待测电池（图甲b）实验室里备用的定值电阻有以下几种规格:A.10,5WB.150a,0.5WC.800a,2.5WD.1.2kQ,1W实验时，R0应选用较好。在实验中当电阻箱调到图乙所示位置后，闭合开关S,电压表示数9.0V,变阻箱此时电阻为电路中流过电阻箱的电流为mA断开开关，调整电阻箱阻值，再闭合开关，读取

19、电压表示数，多次测量后，做出如丙图所示线，则该电池电动势E=V,内阻r=Q。嵋嚏XIWC X100序两（图乙）E答案】(!)见解析；(2)B；(3)750口，10m%(4)"V,50tht解析】试题分析i(I)搜照电路图迸行连接.注意电阻箱的接线柱和电压表的正位接线柱，电就要从电压表的正接线柱流入如下图所示：曲迪独(图甲9C2)电源的最大输出电流为旬mA=QU5A,所以为保护电路，电路中的最小电I狙为尺=三=1加Q,故保L护电I阻阻值至少为舄二夫-r二140Q,所以定值电阻应选择昂(3)由图乙所示电阻箱可知，电阻箱阻值为R=0x1000+7X1OO0+5X10+0x10=750G：j

20、jg能过电阻箱的电流为/=A=10mA；£+我0750H-150(4)由闭合电路欧姆定律可知E=U+Irf则27=总-，所以可知图战的截距即电源电动势90-75S=9,5V图线的斜率为电源内阻f=3Q=50Q0.04-0.01考点:：测量电源的电动势和内阻三、计算题(共36分)14. (10分)如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.4m,金属导轨所在的平面与水平面夹角0=370,在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.5T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场。金属导轨的一端接有电动势EN.5V、内阻r=0.5Q的直流电源，另一端接有电R=5.0 Q ,金阻R=5.0Qo现把一个质量

21、为n=0.04kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒静止。导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，与金属导轨接触的两点间的导体棒的电阻属导轨电阻不计，g取10m/s2。已知sin370=0.6,cos37°=0.8,求：(1)导体棒受到的安培力大小;(2)导体棒受到的摩擦力。【答案】1)0.15N；0.09N；方向沿斜面向上；【解析】P试题分析：由题意可知，夕迪路电阻为*R=2.5Q2所以可知电路中的电流为:1=上=15AR+r根据并联电路的特点可知，通过ah棒的电流为；%，=0.75A2故可知，导体棒所受安培力为！F=0.5x0.75x0.4N=015N(2)对成棒进行受力分析可得知其重

22、力沿斜面向下的分力：sin024N>015N故可知导体棒所受的摩擦力沿斜面向上，由共点力平衡可知：/=sin-F=009bT考息：闭合电路欧姆定律、安培力、共点力平衡15. (12分)如图甲所示，场强大小为E、方向竖直向上的匀强电场内存在着一半径为R的圆形区域，O点为该圆形区域的圆心，A点是圆形区域的最低点，B点是圆形区域最右侧的点。在A点有放射源释放出初速度大小不同、方向均垂直于场强向右的正电荷，电荷的质量均为E电量均为q,不计重力。试求：*（1）运动轨迹经过B点的电荷在A点时的速度多大？（2）若在圆形区域的边缘有一圆弧形接收屏CBDB点仍是圆形区域最右侧的点，GD分别为接收屏上最边缘

23、的两点，如图乙所示，/CO=/BOD37o求该屏上接收到的电荷的末动能大小的范围。（提示：sin37°=0.6,cos37°=0.8。）4n17(2)EqREqR510试题分析：口）电荷在电场中只受电场力作用，由牛顿第二定律可知,=电荷在电场中做夷平抛运动，设其在色点的速度为七，则:水平方向有：A=vAt竖直方向有：R一2联立可解得；vA（2）设圆周上任意点P与良W成日角，如下图所示，电荷以初速度为由N运动到P时间为国则,水平方向有；氏sin日=/飞竖直方向有：=电荷在工点的动能：£通-g班尤对电荷由以运动到P点使用功能定理有：Eq（R-7?cos，）=%,-%,联立可解得'R妙=:礴砥-3cM出由此可知.白角噌大，动能噌大，故可知口点接收到的电荷的末动能最小，C点接收的电荷的末动能最大学A,-4最小动能为:%二萨他