北京市二十一中2021-2022学年高三上学期10月月考物理试题（word版含答案）

1、北京市二十一中2021-2022学年高三上学期10月月考物 理一、单选题（本大题共14小题，共42.0分）1（3分）摩天轮是游乐场里的大型娱乐项目，它的直径可以达到几百米。乘客乘坐时，转轮始终不停地匀速转动（）A在最高点，乘客处于超重状态B任一时刻乘客受到的合力都不等于零C乘客在乘坐过程中对座椅的压力始终不变D在最低点，乘客受到的支持力大于座椅受到的压力2（3分）一货箱随竖直升降机运动的速度时间图象如图所示，取竖直向上为正方向，下列说法正确的是（）A在t2时货箱运动到最高位置B在t2t3时间内，货箱所受的合力竖直向上且不断减小C在t4t5时间内，货箱处于失重状态D在t6t7时间内，货箱做匀加速

2、运动3（3分）若货物随升降机沿竖直方向运动的vt图象如图5所示，取竖直向上为正方向，则货物受到升降机的支持力F与时间t关系的图象可能是（）ABCD4（3分）伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展。利用如图所示的装置做如下实验：将斜面1与斜面2平滑连接，让小球由斜面1上的O处由静止开始滚下，仍使小球从O处由静止滚下。如果没有摩擦，则（）A小球在斜面2上能上升的最大高度逐渐降低B小球在斜面2上每次都能上升到与O处等高的位置C当斜面2最终变为水平面时，小球将处于静止状态D当斜面2最终变为水平面时，小球的运动状态将不断改变5（3分）如图，一物块在水平拉力F的

3、作用下沿水平桌面做匀速直线运动。若保持F的大小不变，而方向与水平面成60°角（）A2BCD6（3分）质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示，用T表示绳OA段拉力的大小（）AF逐渐变大，T逐渐变大BF逐渐变大，T逐渐变小CF逐渐变小，T逐渐变大DF逐渐变小，T逐渐变小7（3分）如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动，在弹簧恢复原长前，下列表示F和x之间关系的图象可能正确的是（）ABCD8（3分）某同学使用轻弹簧、直尺、钢球等制作了一个“竖直加速度测量仪”。如图所示，弹簧上

4、端固定，在弹簧旁沿弹簧长度方向固定一直尺。不挂钢球时；下端悬挂钢球，静止时指针位于直尺40cm刻度处。将直尺不同刻度对应的加速度标在直尺上，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）A30cm刻度对应的加速度为0.5gB40cm刻度对应的加速度为gC50cm刻度对应的加速度为2gD各刻度对应加速度的值是不均匀的9（3分）“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动。某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图所示。将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，此人在蹦极过程中最大加速度约为（）AgB1.8gC2gD3g10（3分）如图所示，斜面体放在水平

5、地面上，物块在一外力F的作用下沿斜面向下运动，则（）A若物块做加速运动，地面对斜面体的摩擦力方向一定水平向左B若物块做加速运动，地面对斜面体的摩擦力方向一定水平向右C若物块做减速运动，地面对斜面体的摩擦力方向水平向左D若物块做减速运动，地面对斜面体的摩擦力方向水平向右11（3分）如图所示，倾角为的光滑斜面固定于水平面上，滑块A、B叠放在一起，A物体的质量为2m，B物体的质量为m。当滑块A、B一起沿斜面向下运动时，下列说法正确的是（）AB物体受到的支持力Nmg，方向竖直向上BB物体受到的支持力Nmgmgsin，方向竖直向上CB物体受到的摩擦力fmgsin，方向沿斜面向下DB物体受到的摩擦力fmg

6、sincos，方向水平向左12（3分）如图所示，倾角为的足够长传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行t0时，将质量m1kg的小物块（可视为质点）轻放在传送带上，取重力加速度g10m/s2则（）A12s内，物块的加速度为1m/s2B小物块受到的摩擦力的方向始终沿传送带向下C传送带的倾角30°D小物块与传送带之间的动摩擦因数0.513（3分）如图所示，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，碗的内表面及碗口是光滑的。一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球，当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线与水平线的夹角为60°两小球的质量比为（）ABCD14（3

7、分）如图所示，（a）图为研究木块运动情况的装置，计算机与位移传感器连接，计算机描绘木块对O点的位置随时间变化的xt图像是（b）图中的曲线。（b）1、x2、x3位置时的时间间隔相同。以下说法正确的是（）A若x1：x2：x31：3：5，则表明木块做匀加速直线运动B若x1x2x1x3x2，则表明木块一定做匀加速直线运动C若只增大木板的倾角，则计算机描绘的xt可能是（b）图中的曲线D若只增大木块的质量，则计算机描绘的xt可能是（b）图中的曲线二、实验题（本大题共2小题，共18.0分）15（8分）在探究弹簧弹力大小与伸长量关系的实验中，第一组同学设计了如图1所示的实验装置。在弹簧两端各系一轻细的绳套，利

8、用一个绳套将弹簧悬挂在铁架台上，再将钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出钩码静止时相应的弹簧总长度L，并将数据填在下面的表格中。测量次序123456弹簧弹力F/N00.51.01.52.02.5弹簧的总长度L/cm13.0015.0517.1019.0021.0023.00弹簧伸长的长度x/cm02.054.106.008.0010.00在图2所示的坐标纸上已经描出了其中5次测量的弹簧弹力大小F与弹簧伸长的长度x对应的数据点，请把第4次测量的数据对应点描绘出来，并作出Fx图线。根据所得的Fx图线可知，下列说法正确的是 。（选填选项前的字母）A弹簧弹力大小与弹簧的总长度成正比B弹簧弹力大小与弹簧伸

9、长的长度成正比C该弹簧的劲度系数为25N/mD该弹簧的劲度系数为0.25N/m第二小组同学将同一弹簧水平放置测出其自然长度，然后竖直悬挂完成试验。他们得到的Fx图线用虚线表示（实线为第一组同学实验所得）。下列图线最符合实际的是 某同学想粗略测量一个原厂约20cm的弹簧的劲度系数，但他手头只有一个量程是20cm的刻度尺，于是他在弹簧的中央固定一个用于读数的指针，静止时指针对应的刻度未l1；弹簧下端挂一质量为m的钩码，静止时指针对应的刻度为l2已知当地的重力加速度g，则该弹簧的劲度系数可表示为 。16（10分）用图1所示的实验装置研究加速度与物体受力、物体质量之间的关系。（1）研究加速度与物体质量

10、之间的关系的主要实验步骤如下：a用天平测出小车的质量m0；b安装好实验器材，调整木板倾角平衡摩擦力和其他阻力；c在小桶内装砂，用细绳悬挂小桶并绕过滑轮系在小车上，调整细绳方向与木板平行；d接通电源，放开小车，打点计时器在纸带上打下一系列点，取下纸带并在纸带上标上编号；e保持砂和桶的总质量不变，多次在小车上加放砝码以改变小车的总质量m，并做好记录；f求出每条纸带对应的加速度并填入表中；在坐标纸上建立坐标系，描点作图综合上述实验步骤，请你完成以下任务：实验中，需要平衡摩擦力和其它阻力，在此过程中 ；A小车后面不能拖纸带B系在小车的细绳上不能悬挂小桶C打点计时器必须接通电源图2所示为实验中得到的一条

11、纸带，纸带上相邻两计数点之间的时间间隔为T0.10s，由图中数据可计算出小车的加速度a m/s2（结果保留2位有效数字）；若实验中砂和桶的总质量为m，则从理论分析可得砂和桶的总重力mg与细绳对小车的拉力F的大小关系为mg F（选填“略大于”、“等于”或“略小于”）。（2）某同学在研究加速度与物体受力之间的关系时改进了实验方案，他用无线力传感器来测量小车受到的拉力。如图3所示，他将无线力传感器和小车固定在一起，调整细绳方向与木板平行。请判断在改进后的实验中以下步骤是否还有必要（选填“有必要”或“没必要”）。步骤是否有必要调整木板倾角平衡摩擦力和其他阻力 控制砂和桶的总质量应远小于小车和车内砝码的

12、总质量 三、计算题（本大题共4小题，共40.0分）17（10分）我国自行研制、具有完全自主知识产权的新一代大型喷气式客机C919首飞成功后，拉开了全面试验试飞的新征程，飞机在水平跑道上的滑跑可视作初速度为零的匀加速直线运动3m时才能达到起飞所要求的速度v80m/s。已知飞机质量m7.0x104kg，滑跑时受到的阻力为自身重力的0.1倍，重力加速度g取10m/s2，求飞机滑跑过程中：（1）飞机的加速度a的大小；（2）飞机起飞过程所需时间t；（3）飞机受到平均牵引力的大小。18（10分）如图1所示，有一质量m200kg的物件在电机的牵引下从地面竖直向上经加速、匀速、匀减速至指定位置。当加速运动到总

13、位移的时开始计时，t34s末速度减为0时恰好到达指定位置。若不计绳索的质量和空气阻力，求物件（1）做匀减速运动的加速度大小和方向；（2）匀速运动的速度大小；（3）总位移的大小。19（10分）如图所示，足够长的斜面倾角37°，一物体以v012m/s的初速度从斜面上的A点开始沿斜面向上运动，加速度大小a8.0m/s2g取10m/s2，sin37°0.6，cos37°0.8，求：（1）物体沿斜面向上滑行的最大距离；（2）物体与斜面间的动摩擦因数；（3）物体返回A点时的速度大小20（10分）如图所示，质量M8kg的长木板停放在光滑水平面上，在长木板的左端放置一质量m2kg

14、的小物块，现对小物块施加一个大小F8N的水平向右恒力，小物块将由静止开始向右运动，从小物块开始运动到从长木板上滑落的过程中，重力加速度g取10m/s2。求：（1）小物块和长木板的加速度各为多大；（2）长木板的长度；（3）若只改变F的方向使小物块在长木板上有最大加速度，则此时F与水平方向的夹角的正切值是多少。北京市二十一中2021-2022学年高三上学期10月月考物理试题参考答案一、单选题（本大题共14小题，共42.0分）1【分析】转轮始终不停地匀速转动，乘客做匀速圆周运动，加速度不为零；乘客所受的合外力提供向心力，方向指向圆心，时刻在变化，是变力；乘客对座椅的压力和座椅受到的压力为作用力和反作

15、用力。【解答】解：A、乘客乘坐时，向心加速度向下，故A错误；B、乘客做匀速圆周运动，乘客受到的合力都不等于零；C、乘客对座位的压力大小是变化的，最高点是最小的；D、乘客受到的支持力和座椅受到的压力为作用力和反作用力，作用力和反作用力都等大反向；故选：B。【点评】本题是实际生活中的圆周运动问题，要抓住加速度、合外力都是矢量，当它们的方向改变时，矢量也是变化的。2【分析】根据vt图判断货箱的运动情况，利用斜率求出加速度，结合牛顿第二定律判断货箱的超失重状态。【解答】解：A、在0t3时，货箱一直在往上运动2时刻货箱运动到最高位置，故A错误；B、在t2t3时间内，vt图的斜率为负，即竖直向下，合力大小

16、不变；C、在t7t5时间内，货箱的加速度为负方向，由此可知货箱处于失重状态；D、在t6t4时间内，货箱的速度在不断减小，故D错误；故选：C。【点评】利用vt图像求出加速度，结合牛顿第二定律的知识判断物体的超失重状态：加速度向上为超重，加速度向下为失重。3【分析】根据速度时间图线得出每段过程中的加速度变化，从而结合牛顿第二定律得出支持力随时间的变化关系。【解答】解：根据速度时间图线可知，货物先向下做匀加速直线运动，mgFma，解得：Fmgmamg，t1t2时间内做匀速直线运动，Fmg，t7t3时间内向下做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得，解得：Fmg+mamg，t3t5时间内向上做匀加速直线运

17、动，根据牛顿第二定律得，解得：Fmg+mamg，根据图象可知t3t4时间内和t2t3时间内的加速度相同，所以这两段时间的F相同，t4t8时间内做匀速直线运动，Fmg，t5t6时间内向上做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得，解得：Fmgmamg故B正确。故选：B。【点评】解决该题需要根据速度时间图象正确分析货物整段过程的运动情况，能根据牛顿第二定律分析各段的外力F和重力的关系。4【分析】摩擦力不计，小球的机械能守恒，它到另一个斜面上时，每次它都能上升到与O点等高的位置处；当斜面2最终变为水平面时，小球将做匀速直线运动。【解答】解：AB、理想斜面不考虑摩擦，由于机械能守恒，每次它都能上升到与O点等

18、高的位置处，A错误。CD、当斜面2最终变为水平面时，故CD错误。故选：B。【点评】本题考查了伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法。伽利略科学思想方法的核心：把实验和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起来。5【分析】拉力水平时，二力平衡；拉力倾斜时，物体匀速运动，依然是平衡状态，根据共点力的平衡条件解题。【解答】解：当拉力水平时，物体匀速运动，即：Fmg；当拉力倾斜时，物体受力分析如图fFNFNmgFsin可知摩擦力为：f（mgFsin）fF代入数据为：mg（mgF）联立可得：故选：C。【点评】本题考查了共点力的平衡，解决本题的关键是把拉力进行分解，然后列平衡方程。6【分析】本题关键是抓住悬挂

19、物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况。【解答】解：以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态绳OB的张力TBmg根据平衡条件可知：TcosTB0TsinF0由此两式可得：FTBtanmgtanT，在结点为O被缓慢拉动过程中，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确。故选：A。【点评】掌握共点力平衡条件是正确解决本题的关键，本题中注意对缓慢拉动所隐含的在拉动过程中物体始终处于平衡状态条件的挖掘。7【分析】以物块P为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律得出F与物块P的位移x的关

20、系式，再选择图象。【解答】解：设物块P的质量为m，加速度为a0，弹簧的劲度系数为k，由力的平衡条件得，mgk x0，以向上为正方向，木块的位移为x时弹簧对P的弹力：F4k（x0x），对物块P，由牛顿第二定律得1mgma，由以上式子联立可得，Fk x+ma。可见F与x是线性关系，且F随着x的增大而增大，当x7时，kx+mama0，BCD错误。故选：A。【点评】解答本题的关键是要根据牛顿第二定律和胡克定律得到F与x的解析式，再选择图象，这是常用的思路，要注意物块P的位移与弹簧形变量并不相等。8【分析】重物在40cm刻度，处于平衡状态，根据共点力平衡求得弹簧的弹力和重力的关系，当重物在不同刻度时，根

21、据受力分析，利用牛顿第二定律即可求得加速度。【解答】解：设弹簧的劲度系数为k，钢球质量为m，静止时指针位于直尺40cm刻度处20.3kA、30cm刻度时根据牛顿第二定律有：k（3020）×102mgma，解得a0.7g；B、40cm刻度时钢球处于平衡状态，故B错误；C、50cm刻度时根据牛顿第二定律有：k（5020）×102mgma，解得a0.2g；D、根据牛顿第二定律有k（l20）×102mgma，可得a，故D错误；故选：A。【点评】本题主要考查了牛顿第二定律，关键是抓住重物在不同刻度时受到的弹簧的弹力大小即可，熟练应用胡克定律。9【分析】人在蹦极过程中，最终拉

22、力等于重力，利用牛顿第二定律列方程求解加速度即可。【解答】解；当时间很长时，即由图象得加速度最大时，F5由牛顿第二定律，FGma联立以上解得：a2g，ABD错误。故选：C。【点评】关键是看懂图象，最终平衡时，拉力等于重力，且拉力方向与重力方向相反，由牛顿第二定律求得加速度。10【分析】若物块做加速运动时，的大小与tan的关系无法确定，无法确定地面对斜面体的摩擦力方向；物块沿斜面向下减速运动时，则tan，由此分析地面对斜面的摩擦力方向。【解答】解：当物块与斜面间的动摩擦因数tan时，则物块对斜面体的压力，斜面体不受地面的摩擦力；tan时，物块对斜面体的摩擦力的水平分量大于压力的水平分量；tan时

23、，地面对斜面体有向左的摩擦力。AB、当物块沿斜面向下加速运动时，故地面对斜面体的摩擦力方向无法确定、B均错；CD、但当物块沿斜面向下减速运动时，地面对斜面体的摩擦力一定向右、C错误。故选：D。【点评】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答；注意受力情况和运动过程的分析。11【分析】对整体分析，得出整体的加速度方向，结合牛顿第二定律，求得加速度大小，再对B受力分析，依据矢量的合成法则，结合三角知识，即可B的支持力与摩擦力大小与方向。【解答】解：整体向下匀加速直线运动，加速度方向沿

24、斜面向下。则B一定受到水平向左的摩擦力以及重力和支持力，如下图所示：对整体分析，根据牛顿第二定律知gsin，那么B的加速度大小也为：aBgsin，将其沿着竖直方向与水平方向分解，如上图所示；则有：mgNmayfmax解得：Nmgmgsin6，其方向竖直向上，fmgsincos，其方向水平向左，ABC错误。故选：D。【点评】解决本题的关键知道B与整体具有相同的加速度，根据加速度确定物体的合力方向。注意整体法和隔离法的运用，及掌握矢量的合成法则的应用。12【分析】由图象可以得出物体先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后，由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，根据牛顿

25、第二定律，结合加速度的大小求出动摩擦因数的大小【解答】解：A、速度时间图线的斜率表示加速度，物块的加速度。B、开始时，受到的摩擦力方向沿传送带向下，所受的滑动摩擦力沿传送带向上。C、D、开始匀加速运动的加速度，a1gsin+gcos，速度相等后2gsingcos，联立两式解得37°故C错误。故选：D。【点评】解决本题的关键理清物体在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解13【分析】先对m2球受力分析，受重力和拉力，二力平衡，求出拉力；再对m1球受力分析，根据共点力平衡条件列式求解。【解答】解：m2球保持静止状态，对其受力分析，二力平衡，故Fm2g 再对m7球受力分

26、析，如图根据共点力平衡条件x方向：Fcos60°Ncos60°0 y方向：Fsin60°+Nsin60°m1g5 由代入数据解得故选：A。【点评】本题是简单的连接体问题，先分析受力最简单的物体，再分析受力较复杂的另一个物体，同时要运用正交分解法处理较为方便。14【分析】根据匀变速直线运动的推论分析木块是否做匀加速直线运动；根据加速度的变化，结合xat2判断图象的变化。【解答】解：A、若x1：x2：x21：3：4，则x3x2x7x1，木块先后经过x1、x4、x3位置时的时间间隔相同，所以在这段时间内木块做匀速直线运动；B、若x1x6x1x3x4，则表明木块

27、一定做匀速直线运动，故B错误；CD、只增大木板倾斜的角度，x7可知，则木块相对传感器的位移随时间变化规律可能是图中的，D错误。故选：C。【点评】解决本题的关键知道匀变速直线运动的推论，掌握牛顿第二定律的应用。二、实验题（本大题共2小题，共18.0分）15【分析】根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象。根据图象分析得出实验结论。弹簧受重力作用，在自重作用下要伸长，根据实验步骤从弹簧自重对实验的影响分析答题。根据题意应用胡克定律与平衡条件解题。【解答】解：根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示：A、由图示Fx图象可知：弹簧的弹力F与伸长量x的图象是过原点

28、的一条倾斜直线，故A错误；CD、由胡克定律：Fkx可知由图示Fx图象可知，弹簧的劲度系数为：k，故C正确；故选：BC。弹簧竖直悬挂时，弹簧在自身重力作用下要伸长，两种情况下弹簧的劲度系数相同，两图象平行，由图示图线可知，ABD错误；故选：C；由题意可知，弹簧的伸长量：x2（l2l8）由胡克定律与平衡条件得：mgkx解得：k；故答案为：图象如图所示；BC；。【点评】本题考查了实验数据处理问题，知道实验原理是解题的前提与关键，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，要掌握应用图象法处理实验数据的方法；根据题意应用胡克定律与平衡条件可以解题。16【分析】（1）平衡摩擦力时，要先去掉细绳上的小

29、桶，在打点计时器的一端垫上木块，调整木板的倾斜度，在接通电源的情况下，让小车拖着纸带做直线运动，直到打出的点间距均匀；利用逐差法计算加速度；以砂和桶为研究对象，根据牛顿第二定律可知，mgF0。（2）改进之后的实验增加了拉力传感器，不需要满足砂和桶的总质量应远小于小车和车内砝码的总质量，但必须平衡摩擦力。【解答】解：（1）在平衡摩擦力时，系在小车的细绳上不能悬挂小桶，在使用电磁打点计时器时，所以小车后面要拖纸带，故BC正确。利用逐差法计算加速度，a25.1m/s2。对砂和桶，根据牛顿第二定律：mgFma，故mgF4。（2）改进之后的实验增加了拉力传感器，可以直接测量细绳的拉力，也就不需要满足砂和

30、桶的总质量应远小于小车和车内砝码的总质量，必须平衡摩擦力，但控制砂和桶的总质量应远小于小车和车内砝码的总质量是没有必要的。故答案为：（1）BC，1.1；（2）有必要。【点评】本题考查了探究加速度与物体质量、物体受力的关系的实验。解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和Mm的操作和要求的含义。三、计算题（本大题共4小题，共40.0分）17【分析】（1）飞机起飞滑行过程简化为初速度为零的匀加速直线运动，已知初速度、位移和末速度，根据匀变速直线运动的速度位移公式求出飞机的加速度a；（2）根据速度时间关系求解运动时间；（3）根据牛顿第二定律求飞

31、机受到平均牵引力的大小。【解答】解：（1）飞机滑跑过程中做初速度为零的匀加速直线运动，有：v22ax解得 a7m/s2；（2）根据速度时间关系可得：vat解得：t40s；（3）设飞机滑跑受到的阻力为f，则 f0.2mg，由牛顿第二定律有：Ffma解得牵引力大小为：F2.1×106N。答：（1）飞机的加速度a的大小为2m/s2；（2）飞机起飞过程所需时间为40s；（3）飞机受到平均牵引力的大小为7.1×105N。【点评】解决本题的关键要掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，要知道加速度是联系力和运动的桥梁。18【分析】（1）明确题意根据运动过程分析可知，26s后物体

32、开始减速，根据牛顿第二定律可求得加速度的大小和方向；（2）将匀减速过程逆向分析，根据速度公式即可求出匀速运动的速度；（3）由题意可知，物件在0时刻开始匀速，根据匀速运动的公式可求得匀速向上的位移，再根据匀变速直线运动公式求得匀减速上升的位移，两者相加即可得出总位移。【解答】解：（1）由图2可知，物件26s时开始减速，重力Gmg由牛顿第二定律可得：mgFTma解得：a0.125m/s8；因牵引力小于重力，故加速度竖直向下；（2）对减速过程分析可知，减速时间t28s，逆向分析可将匀减速过程视为初速度为零的匀加速直线运动vat50.125×8m/s7m/s（3）匀速向上的位移h1vt12×26m26m匀减速上升的位移h2m4m则总位移hm40m答：（1）做匀减速运动的加速度大小为2.125m/s2；方向竖直向下；（2）匀速运动的速度大小为1m/s；（3）总位移的大小为40m。【点评】本题考查牛顿第二定律和运动学公式的应用，解题的关