2018高考模拟理综物理选编摩擦力-解析版

1、.乐陵一中摩擦力一、单项选择题本大题共5小题，共30分1. 如下图是我国一种传统的民族体育工程“押加，实际上相当于两个人拔河，假如绳质量不计，且保持程度，甲、乙两人在“押加比赛中甲获胜，那么以下说法中正确的选项是A. 甲对乙的拉力始终大于乙对甲的拉力B. 甲把乙加速拉过去时，甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力C. 只有当甲把乙匀速拉过去时，甲对乙的拉力大小才等于乙对甲的拉力大小D. 甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小，只是地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力2019物理备课组整理D物理备课组一组指导解：ABC、甲拉乙的力与乙拉甲的力是一对作用力与反作用力，大小始终相等，与运动状态无关，故ABC

2、错误；D、即不管哪个获胜，甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小，只是当地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力，甲才能获胜，故D正确；应选：D “押加比赛中两队对绳子的拉力等大反向，之所以甲获胜，原因是地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力由此题的知识我们可以知道，在拔河比赛中要挑选一些体重大的同学，以增加与地面之间的最大静摩擦力2. 如下图，质量为1kg的物体与地面间的动摩擦因数=0.2，从t=0开场以初速度v0沿程度地面向右滑行，同时受到一个程度向左的恒力F=1N的作用，取g=10m/s2，向右为正方向，该物体受到的摩擦力f随时间变化的图象是最大静摩擦力等于滑动摩擦力A. B. C. D.

3、2019物理备课组整理A物理备课组一组指导解：从t=0开场以初速度v0沿程度地面向右做匀减速运动，受到的滑动摩擦力大小为f=mg=0.2110N=2N，方向向左，为负值当物体的速度减到零时，物体所受的最大静摩擦力为fm=mg=2N1N，那么Ffm，所以物体不能被拉动而处于静止状态，受到静摩擦力作用，其大小为f=F=1N，方向向右，为正值，根据数学知识得知，A图象正确应选：A先分析物体的运动情况：物体先向右做匀减速运动，当速度减到零时，根据恒力F与最大静摩擦力的关系，分析物体的状态，再研究摩擦力对于摩擦力，要根据物体的受力情况分析物体的状态，判断物体受到的是静摩擦力还是滑动摩擦力，滑动摩擦力可以

4、根据公式求解，而静摩擦力由平衡条件求解3. 如图，A、B两物体叠放在一起，静放在程度地面上，在程度拉力F的作用下，两者相对静止一起向右做匀加速直线运动，那么以下说法正确的选项是A. A对B的摩擦力对B做负功B. B对A的摩擦力对A不做功C. B对A的摩擦力对A做负功D. B对A的支持力对A做正功2019物理备课组整理A物理备课组一组指导【分析】根据牛顿第二定律得出AB间摩擦力的方向，通过摩擦力方向和速度方向关系判断做正功还是负功；再根据支持力与速度方向关系判断支持力是否做功。解决此题的关键会根据力的方向与速度方向的关系，判断做正功还是负功。当力的方向与运动方向一样，做正功，当力的方向与运动方向

5、相反，做负功，当力的方向与运动方向垂直，不做功。【解答】ABC、先对整体分析可知，整体的加速度方向向右，对A物体运用牛顿第二定律，知A所受摩擦力方向程度向右，所以B对A的摩擦力对A做正功，A对B的摩擦力与运动方向相反，故A对；B的摩擦力对B做负功，故A正确，BC错误；D、B对A支持力的方向与运动方向垂直，所以支持力不做功，故D错误；应选A。4. 如下图，物体C放在程度面上，物体B放在C上，小球A和B之间通过跨过定滑轮的细线相连假设B上的线竖直、两滑轮间的线程度，且不计滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦、滑轮与线间的摩擦把A拉到某位置低于滑轮由静止释放使A在竖直平面内摆动，在A摆动的过程中B、C始终不动

6、以下说法中正确的选项是A. C对地面的压力有时可以等于B、C重力之和B. B所受摩擦力有时有可能为零C. C一直受到程度面施加的向右的摩擦力D. B所受摩擦力始终不可能为零，摩擦力方向时而沿斜面向上时而沿斜面向下2019物理备课组整理B物理备课组一组指导解：A、因A受力平衡，故绳子对B有向上的拉力，C对地面的压力一定小于BC的重力之和；故A错误；B、小球A在最低点时，绳子的拉力和重力提供向心力，当绳子的拉力正好等于B的重力时，BC之间没有弹力，此时BC间摩擦力等于零，对C进展受力分析可知，C所示重力和地面的支持力平衡，不受摩擦力，故AC错误，B正确；D错误；应选：BA在竖直平面内摆动，做圆周运

7、动，重力和绳子的拉力的合力提供向心力，而BC处于静止状态，受力平衡，选择适当的物体或系统进展受力分析即可求解此题解题的关键是受力分析，要求同学们能正确选择研究对象进展受力分析，知道A在竖直平面内摆动，做圆周运动，重力和绳子的拉力的合力提供向心力，绳子的拉力不可能等于零，难度适中5. 如下图，质量为M的斜劈形物体放在程度地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速度沿劈的粗糙斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，而物体M始终保持静止，那么在物块m上、下滑动的整个过程中A. 地面对物体M的摩擦力大小一样B. 地面对物体M的支持力总小于M+mgC. 地面对物体M的摩擦力先向右后向左D. 地面对物体M的摩擦力先

8、向左后向右2019物理备课组整理B物理备课组一组指导解：ACD、物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，对整体受力分析，受到总重力、支持力和向左的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有 在x轴上受力分析：f=macos在y轴上受力分析：M+mg-N=M+masin物体上滑时，受力如图，根据牛顿第二定律，有 mgcos+mgsin=ma1物体下滑时，受力如图，根据牛顿第二定律，有 mgcos-mgsin=ma2由上分析可知，地面对斜面体的静摩擦力方向一直未变，向左，但大小不同，故ACD错误；B、由式，地面对物体M的支持力总小于M+mg，故B正确；应选：B对物体m受力分析，根据牛顿第二定律判断加

9、速度变化情况；对M与m整体受力分析，根据牛顿第二定律列式分析地面支持力和摩擦力变化情况此题关键是对整体受力分析后根据牛顿第二定律列式求解出支持力和静摩擦力的表达式后进展分析讨论；整体法不仅适用与相对静止的物体系统，同样也适用与有相对运动的物体之间二、多项选择题本大题共4小题，共24分全部选对得6分，选对当不全的得3分，有选错的得0分。6. 如下图，物体m原以加速度a沿斜面匀加速下滑，斜面体不动，如今物体上方施一竖直向下的恒力F，那么以下说法正确的选项是A. 物体m受到的摩擦力变大B. 物体m下滑的加速度变大C. 物体m下滑时斜面和地面的摩擦力变大D. 物体m下滑时斜面和地面的摩擦力为零2019

10、物理备课组整理ABC物理备课组一组指导解：AB、物体原来以加速度a匀加速下滑，那么根据牛顿第二定律有：mgsin-mgcos=ma，摩擦力f=mgcos解得，a=gsin-cos施加竖直向下恒力F后，那么有：摩擦力f=mgcos+Fcos=mg+Fcosmg+Fsin-mg+Fcos=maa=g+Fmsin-cos可见，物体m受到的摩擦力增大，下滑的加速度增大，故A正确，B正确；CD、对m和M整体，在程度方向，根据牛顿第二定律，有：f=max，由于小物体的加速度变大，故其加速度的程度分量也变大，故物体m下滑时斜面和地面的摩擦力变大，故C正确，D错误；应选：ABC先隔离小物体，根据牛顿第二定律和

11、滑动摩擦力公式，分别研究加恒力F前后物体所受的摩擦力大小和加速度大小，再进展比较再对斜面体和小物体整体根据牛顿第二定律列式分析此题是牛顿第二定律和摩擦力公式的应用，属于受力情况分析运动情况的类型，分析受力是根底，同时要结合整体法和隔离法分析7. 如以下图甲所示，A、B两物体叠放在光滑程度面上，对物体B施加一程度变力F，F-t关系如图乙所示，可物体在变力作用下由静止开场运动且始终保持相对静止，那么以下说法正确的选项是A. t0时刻，两物体之间的摩擦力最小B. t0时刻，物体的速度最小C. 0-t0时间内，两物体之间的摩擦力逐渐增大D. 0-2t0时间内，物体A所受的摩擦力方向始终与变力F的方向一

12、样2019物理备课组整理AD物理备课组一组指导解：AC、对AB整体分析可知，整体程度方向只受变化的推力作用；由图象可知，合外力先向右减小，然后再向左增大；那么由牛顿第二定律可知，整体的加速度先减小再增大；再对A分析可知A程度方向只受摩擦力；那么由牛顿第二定律可知，摩擦力应先减小后增大；t0时刻摩擦力最小；故A正确，C错误；B、因0-t0时间内物体一直做加速运动，故速度一直增加，t0时刻，物体的速度最大；故B错误；D、因两物体一直相对静止，故在运动中加速度一样，而A由摩擦力提供加速度，整体由F提供，故A受到的摩擦力一直与F同向，故D正确；应选AD先对整体受力分析可知整体的运动状态的变化；再对A分

13、析可知AB间摩擦力的变化；由运动学公式可知速度的变化此题为连接体问题，此类问题的处理方法一般要先整体再隔离，分别对整体和部分受力分析是解决问题的关键8. 如下图，物体A和B相对静止，以共同的速度沿斜面匀速下滑，那么A. AB间无摩擦力的作用B. B受到滑动摩擦力的大小为mA+mBgsinC. B受到静摩擦力的大小为mAgsinD. A物体受到的合力沿斜面向下2019物理备课组整理BC物理备课组一组指导解：B、对AB整体受力分析，如图由共点力平衡条件可得：f=mA+mBgsin N=mA+mBgcos 滑动摩擦力为：f=N 由以上三式可以解得：=tan 整体受到的摩擦力就是B受到的滑动摩擦力，故

14、B正确；A、C、再对A物体受力分析，如图，由共点力平衡条件可得：fA=mAgsin NA=mAgcos 故A选项错误，C选项正确；D、匀速下滑，A物体受合力为零，故D错误；应选：BC此题应该可以先对AB整体分析求出整体与斜面间的作用力，再对A分析可求出AB之间的作用力对连接体问题，经常用到整体法和隔离法，假如没有摩擦，AB两物体会一起加速下滑，而题中物体一起匀速下滑，一定有摩擦9. 如下图，程度桌面上平放着一副扑克牌，总共54张，每一张牌的质量都相等，牌与牌之间的动摩擦因数以及最下面一张牌与桌面之间的动摩擦因数也都相等用手指以竖直向下的力按压第一张牌，并以一定的速度程度挪动手指，将第一张牌从牌

15、摞中程度移出牌与手指之间无滑动设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，那么A. 第1张牌受到手指的摩擦力方向与手指的运动方向相反B. 从第2张牌到第54张牌之间的牌不可能发生相对滑动C. 从第2张牌到第54张牌之间的牌可能发生相对滑动D. 第54张牌受到桌面的摩擦力方向与手指的运动方向相反2019物理备课组整理BD物理备课组一组指导解：A、第1张牌相对于手指的运动趋势方向与手指的运动方向相反，那么受到手指的静摩擦力与手指的运动方向一样故A错误BC、设每张的质量为m，动摩擦因数为对第2张分析，它对第3张牌的压力等于上面两张牌的重力，最大静摩擦力Fm2mg=2mg，而受到的第1张牌的滑动摩擦力为f=mgFm

16、，那么第2张牌与第3张牌之间不发生相对滑动同理，第3张到第54张牌也不发生相对滑动故B正确，C错误 D、对53张牌除第1张牌外研究，处于静止状态，程度方向受到第1张牌的滑动摩擦力，方向与手指的运动方向一样，那么根据平衡条件可知：第54张牌受到桌面的摩擦力方向与手指的运动方向相反故D正确应选：BD第1张牌受到手指的摩擦力是静摩擦力，方向与相对运动趋势方向相反第2张牌受到第一张牌的滑动摩擦力，小于它受到的最大静摩擦力，与第3张牌之间不发生相对滑动而第3张到第54张牌的最大静摩擦力更大，更不能发生相对滑动对53张牌除第1张牌外研究，分析摩擦力的方向此题考察对摩擦力理解和判断才能此题是实际问题，要应用

17、物理根本知识进展分析，同时要灵敏选择研究对象三、填空题本大题共1小题，共5分10. 如下图，放在程度地面上质量均为1kg的两个小物体A、B相距8m，它们与程度地面的动摩擦因数均为=0.2，现使它们分别以初速度vA=6m/s和vB=2m/s同时相向运动，直到它们相遇时，两物体抑制摩擦力的总功是_J，经历的时间是_s重力加速度g取10m/s22019物理备课组整理16；1.6物理备课组一组指导解：对物体A受力分析，均受到重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：-mg=ma，故加速度为：a1=-g=-2m/s2；同理物体B的加速度为：a2=-g=-2m/s2；B物体初速度较小，首先停顿运动，

18、故其停顿运动的时间为：t1=0vBa2=022s=1s；该段时间内物体A的位移为：xA1=vAt1+12a1t12=61-1221=5m 物体B的位移为：xB=vBt1+12a2t12=21-1=1m 故此时开场，物体B不动，物体A继续做匀减速运动，直到相遇；即在离A物体xA=8-1=7m处相遇，1s末A的速度为：vA1=vA+a1t1=6-2=4m/s 物体A继续做匀减速运动过程，有：xA2=vA1t2+12a2t22=2m；解得：t2=2+2舍去；或t2=2-20.6s 故从出发到相遇的总时间为：t=t1+t2=1.6s；抑制摩擦力所做的功W=mgxB+mgxA=0.2108=16J；故答

19、案为：16；1.6先根据牛顿第二定律求出两个物体的加速度，然后计算出物体B停顿运动的时间，得出A、B的位置，最后再求出接下来的运动时间再由功的计算公式求出物体抑制摩擦力所做的功此题关键是边计算边分析确定两物体的运动情况，屡次根据运动学公式列式求解；同时要注意字母较多，要注意字母的含义；并能明确所对应的物理过程及所对应的物体四、实验题探究题本大题共2小题，共18.0分11. 某同学在学习了滑动摩擦力之后，想通过实验测量接触面材料为“木木间的动摩擦因数。他设计了两种实验方案：方案一：木板程度固定，通过弹簧秤程度拉动木块，如图甲所示；方案二：木块与弹簧秤相连，弹簧秤程度固定，通过细绳程度拉动木板，如

20、图乙所示。1上述两种方案中，你认为更合理、更易于操作的是_选填“方案一或“方案二2在一次实验中，弹簧秤示数如图丙所示，那么木块受到的滑动摩擦力的大小为_N。利用现有器材，还需要测量的物理量是 _2019物理备课组整理1方案二 22.10木块的重力物理备课组一组指导【分析】1方案一中我们是根据拉力与摩擦力是一对平衡力的原理，才通过测力计读出摩擦力大小的，因此，在操作时要保持物体做匀速直线运动，这也是实验操作中较难保持的地方，方案二的改进那么很好地解决了这一问题；2弹簧测力计拉动物体时，木块静止，滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数，根据=fFN确定需要测量的物理量。此题是通过实验测量接触面间的动摩

21、擦因数，主要考察了对二力平衡条件的应用及弹簧秤读数。【解答】1方案一操作需要匀速拉动木块，难以控制，且要读运动中的弹簧测力计的读数；方案二操作只要使木板运动即可，不必限定匀速运动，且弹簧测力计不动容易读数；2弹簧测力计的每一个大格代表1N，分度值0.1N，图丙中弹簧测力计的示数为2.10N，根据f=FN得，=fFN=fmg，知需要测量的物理量为木块的重力。故答案为：1方案二 22.10木块的重力。12. 请对以下实验探究与活动进展判断，说法正确的题后括号内填“正确，错误的填“错误 1如图甲所示，在“研究滑动摩擦力的大小的实验探究中，必须将长木板匀速拉出_ 2如图乙所示的实验探究中，只能得到平抛

22、运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，而不能得出程度方向的运动是匀速直线运动_ 3如图丙所示，在“研究向心力的大小与质量、角速度和半径之间的关系的实验探究中，采取的主要物理方法是理想实验法_ 4如图丁所示的实验探究中，正极板与静电计外壳是连通并接地的_ 2019物理备课组整理错误；正确；错误；错误物理备课组一组指导解：1在该实验探究中，只要将长木板拉出即可，因为滑动摩擦力与木板的运动状态无关；故1错误；2用小锤击打弹性金属片后，绿球做平抛运动，竖直方向的分运动是自由落体运动，红球同时开场做自由落体运动，运动时间一样，那么两球同时落地高度相等，由t=2hg可知平抛运动的时间相等所以在证明竖直方向

23、上的运动，但无法证明程度方向上的运动为匀速运动，故2正确；3在实验探究中，采用的主要物理方法是控制变量法；故3错误；4如下图的实验探究中，正极板与静电计上的小球连通，与外壳是不相连的，故4错误；故答案为：1错误；2正确；3错误；4错误1在该实验探究中，只要将长木板拉出即可；2用小锤击打弹性金属片后，小球做平抛运动，竖直方向的分运动是自由落体运动，而另一小球同时开场做自由落体运动，同时落地高度相等，平抛运动的时间相等，打击速度不同，平抛的程度位移不同；3明确实验原理，知道采用的主要物理方法是控制变量法；4根据电容器的分析可明确电容与静电计的连接方法本实验考察探究摩擦力的实验、运用比照法研究平抛运

24、动的规律、以及电容器的性质，要注意重点明确平抛运动的实验说明平抛运动竖直方向的分运动是自由落体运动，程度方向为自由落体，但要注意它们是否能从本实验中分析得出五、计算题本大题共4小题，共48分13. 如下图，质量为m=2kg的物体放在粗糙的程度地面上，与地面间的动摩擦因数=0.2，在大小为F=10N、方向与程度面成37斜向下的力作用下由静止开场向右做匀加速直线运动。sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2求：1物体受到的滑动摩擦力的大小Ff；25s内物体的位移的大小x。2019物理备课组整理解：1物体受力如下图，据牛顿第二定律有：竖直方向上：N-mg-Fsin=0，又f=N，解得

25、：f=5.2N；2由牛顿第二定律：Fcos37Ff=ma，解得：a=1.4m/s2， 由位移公式得：x=12at2=17.5m。物理备课组一组指导此题考察了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联络力学和运动学的桥梁。1对物体受力分析，由滑动摩擦力的公式求解即可；2根据牛顿第二定律求出在F作用下的加速度，根据位移时间公式求出匀加速运动的位移。14. 如下图，在海滨游乐场里有一种滑沙游戏，人坐在滑板上从倾角=37的斜坡上由静止开场下滑，经过斜坡底端沿程度滑道再滑行一段间隔 停下。滑板与斜面和程度滑道间的动摩擦因数均为0.3。假设某人和滑板的总质量m60 kg，滑行过程中空气阻力忽略不计

26、，g10m/s2。sin37=0.6，cos37 =0.8 1求人从斜坡滑下时加速度的大小；2假设程度滑道的最大长度为L=20 m，为保证平安，那么人在斜坡上滑下的高度应不超过多少。2019物理备课组整理解：1对人和滑板受力分析如下图，根据牛顿运动定律：mgsin37f=ma，N=mgcos37，f=N，代入数据解得：a=3.6m/s2。2根据动能定理：mghmgcos37hsin37mgL=0，解得h=10m，为保证平安，那么人在斜坡上滑下的高度应不超过h=10m。物理备课组一组指导此题主要考察了受力分析、牛顿第二定律和动能定理的应用。1把人和滑板看成整体，对其进展受力分析，运用牛顿第二定律

27、求解加速度；2从人和滑板在斜面上开场运动到人和滑板停顿运动的过程中，根据动能定理求解人在斜坡上滑下的最大高度。15. 如下图，长L=8m，质量M=3kg的薄木板静止放在光滑程度面上，质量m=1kg的小物体放在木板的右端，现对木块施加一程度向右的拉力F，取g=10m/s2，求：1假设薄木板上外表光滑，欲使薄木板以2 m/s2的加速度向右运动，需对木板施加多大的程度拉力；2假设木板上外表粗糙，小物体与薄木板间的动摩擦因数为0.3，当小物体与薄木板发生相对滑动时，求小物块加速度的大小和方向；3假设木板上外表粗糙，小物块与薄木板间的动摩擦因数为0.3，假设拉力F=15N，小物块所能获得的最大速度。2019物理备课组整理解：1薄木板上外表光滑，木板受到的合外力为拉力，由牛顿第二定律得：F =Ma=32=6N，那么拉力大小为6N；2当木块相对于木板滑动时，对木块由牛顿第二定律得：mg=ma0，解得：a0=g=0.310=3m/s2，方向程度向右；3小物块相对于木板恰好滑动时，由牛顿第二定律得：拉力：F0=M+ma0=12N，拉力F=15NF0，小物块相对于木块滑动， 对木板，由牛顿第二定律得：Fmg=Ma木，解得：a木板