福建省福安一中2011-2012学年高一物理下学期第一次月考试题（实验班）【会员独享】

1、福建省福安一中2011-2012学年高一物理下学期第一次月考试题（实验班）一、选择题（本题共14小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）1一质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的 A质点运动频率是4Hz B在10要内质点经过的路程是20cm C第4末质点的速度是零 D在t=1s和t3s两时刻，质点位移大小相等、方向相同2一质点作简谐运动，它从最大位移处经03s第一次到达某点M处，再经02s第二次到达M点，则其振动频率为（ ）A、04Hz； B08Hz； C25Hz D125Hz3如图,一水平平台在竖直方向上做简谐运动,一物体置于平台上一起振动,当平

2、台振动到什么位置时,物体对平台的压力最小?( )A当平台振动到最低点时B当平台振动到最高点时C当平台向上振动经过平衡位置时D当平台向下振动经过平衡 位置时4如图，三相交流发电机每相电压为220V，接成星型，如果负载接成三角形，则负载每相的电压是 A 220 V B220V C 220VD因三相负载电阻大小未知，每相的电压无法判断 5.如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1=311sin100t（V），则A当单刀双掷开关与b连接时，电压表的示数为22VB当t=1/600s

3、时，c、d间的电压瞬时值为110VC单刀双掷开关与a连接，在滑动变阻器触头P向下移动的过程中，电流表的示数变大, 变压器输入功率增大D当单刀双掷开关由a扳向b时，电压表示数变小,变压器输入电流减小6在街旁的路灯，江海里的航标都要求在夜晚亮，白天熄，利用半导体的电学特性制成了自动点亮、熄灭的装置，实行了自动控制，这是利用半导体的()A压敏性B光敏性C热敏性 D三种特性都利用7(2011年重庆高二检测)如图所示，a、b、c三个环水平套在条形磁铁外面，其中a和b两环大小相同，c环最大，a环位于N极处，b和c两环位于条形磁铁中部，则穿过三个环的磁通量的大小是() Ac环最大，a与b环相同B三个环相同C

4、b环比c环大Da环一定比c环大 82007年度诺贝尔物理学奖授予了法国和德国的两位科学家，以表彰他们发现“巨磁电阻效应”，基于巨磁电阻效应开发的用于读取硬盘数据的技术，被认为是纳米技术的第一次真正应用在下列有关其他电阻应用的说法中，错误的是()A热敏电阻可应用于温度测控装置中B光敏电阻是一种光电传感器C电阻丝可应用于电热设备中D电阻在电路中主要起到通过直流、阻碍交流的作用9(2010年高考福建卷)中国已投产运行的1000 kV特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程假设甲、乙两地原来用500 kV的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P.在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000

5、 kV特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为()A. B. C2P D4P10图中的四幅图是交流电的图象，其中能正确反映我国居民日常生活所用交流电的是()11“二分频”音箱有两个不同口径的扬声器，它们的固有频率分别处于高音、低音频段，分别称为高音扬声器和低音扬声器，音箱要将扩音器送来的含不同频率的混合音频电流按高、低频段分离出来，送往相应的扬声器，以便使电流所携带的音频信息按原比例还原成高、低频的机械振动图为音箱的电路图，高、低频混合电流由a、b输入，L1和L2是线圈，C1和C2是电容器，则()A甲扬声器是高音扬声器BC2的作用是阻碍高频电流通过乙扬声器CL1的作用是

6、阻碍低频电流通过甲扬声器DL2的作用是减弱乙扬声器的低频电流12如图所示，AB支路由带铁芯的线圈和电流 表A1串联而成，设电流为I1；CD支路由电阻R和电流表A2串联而成，设电流为I2.两支路电阻阻值相同，在接通开关S和断开开关S的瞬间，会观察到()AS接通瞬间，I1<I2，断开瞬间I1I2BS接通瞬间，I1<I2，断开瞬间I1>I2CS接通瞬间，I1>I2，断开瞬间I1<I2DS接通瞬间，I1>I2，断开瞬间I1I213如图所示，用丝线悬挂一个金属环，金属环套在一个通电螺线管上，并处于螺线管正中央位置如通入螺线管中的电流突然增大，则()A圆环会受到沿半径向

7、外拉伸的力B圆环会受到沿半径向里挤压的力 C圆环会受到向右的力D圆环会受到向左的力14. 某振动系统的固有频率为fo ，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f 。若驱动力的振幅保持不变下列说法正确的是（）A当f < f0时，该振动系统的振幅随f增大而减小B当f > f0时，该振动系统的振幅随f减小而减小C该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f 二、实验题（本题共3小题，共19分）15在“研究电磁感应现象”的实验中，首先要按图甲接线，以查明电流表指针的偏转方向与电流方向之间的关系；然后按图乙将电流表与线圈B连成一个闭合回路，将

8、线圈A、电池、滑动变阻器和开关串联成另一个闭合电路，在图甲中，当闭合S时，观察到电流表指针向左偏，不通电时电流表指针停在正中央在图乙中 (1)S闭合后，将螺线管A插入螺线管B的过程中，电流表的指针_；(2)线圈A放在B中不动时，指针将_(3)线圈A放在B中不动，突然断开开关S，电流表指针将_ 16在做“用单摆测定重力加速度”的实验中，23401234567890单位：cm甲(1)某同学用毫米刻度尺测得摆线长L0 = 949.9mm；用游标卡尺测得 摆球的直径如图甲所示，则摆球直径d = mm；用秒表测得单摆完成n = 50次全振动的时间如图乙所示，则秒表的示数t= s；写出用本题给定物理量符号

9、表示当地的重力加速度的表达式g= 并算出g= m/s2 (取2=10 )(2)若该同学测得g值偏大，那么可能原因是 （不定项）A计算摆长时没有计入摆球的半径 B开始计时时，秒表过迟按下C摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加.D试验中误将39次全振动数为40次 (3)为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长L并测出相应的周期T，从而得出几组对应的L与T的数据，再以L为横坐标，T2为纵坐标将所得数据点连成直线（如图），并求得该直线的斜率为K，则重力加速度g=         (用K表示) 三、计算题（本题共4

10、小题，共39分。要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分。）17. (8分)如图118，匀强磁场的磁感应强度方向垂直于纸面向里，大小随时间的变化率k，k为负的常量用电阻率为、横截面积为S的硬导线做成一边长为l的方框将方框固定于纸面内，其右半部位于磁场区域中求：(1)导线中感应电流的大小；(2)磁场对方框作用力的大小随时间的变化率 图11818(10分)用如图所示的装置可以测量汽车在水平路面上做匀加速直线运动的加速度该装置是在矩形箱子的前、后壁上各安装一个由力敏电阻组成的压力传感器用两根相同的轻弹簧夹着一个质量为2.0 kg的滑块可无摩擦滑

11、动，两弹簧的另一端分别压在传感器a、b上，其压力大小可直接从传感器的液晶显示屏上读出现将装置沿运动方向固定在汽车上，传感器b在前，传感器a在后汽车静止时，两弹簧处于压缩状态，传感器a、b的示数均为10 N. (1)若传感器a的示数为14 N、b的示数为6.0 N，求此时汽车的加速度大小和方向(2)当汽车以怎样的加速度运动时，传感器a的示数为零 19(11分)(2011年三明市高二检测)如图所示，N50匝的矩形线圈abcd，边长ab20 cm，ad25 cm，放在磁感应强度B0.4 T的匀强磁场中，外力使线圈绕垂直于磁感线且通过线圈中线的OO轴以n3000 r/min的转速匀速转动，线圈电阻r1

12、 ，外电路电阻R9 ，t0时，线圈平面与磁感线平行，ab边正转出纸外、cd边转入纸里(1)在图中标出t0时感应电流的方向；(2)写出线圈感应电动势的瞬时表达式；(3)从图示位置转过90°过程中流过电阻R的电荷量是多大？ 20(10分)如图甲所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为的绝缘斜面上，两导轨间距为l.M、P两点间接有阻值为R的电阻一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下导轨和金属杆的电阻可忽略让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计它们之间的摩擦 (1)由b向a方向看到的

13、装置如图乙所示，请在此图中画出ab杆下滑过程中某时刻的受力示意图；(2)在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时，求此时ab杆中的电流及其加速度的大小福安一中2011-2012学年第二学期第一次月考高一物理(实验班)参考答案一、选择题1 D 2 D 3 B 4 A 5 C 6 B 7 C 8 D 9 A 10 C 11 D 12 A 13 A 14D二、实验题15. 解析：(1)由图甲知电流从左接线柱流入电流表时，其指针向左偏转S闭合后，将A插入B中，磁通量增大，由楞次定律和安培定则可判断B中电流方向向上，从右接线柱流入，故电流表指针向右偏转；(2)A放在B中不动，磁通量不变，不产生感应电流

14、；(3)断开开关，穿过B的磁通量减小，电流表指针向左偏转答案：(1)向右偏转(2)不动(3)向左偏转三、计算题联立式，将k代入得I.(2)导线框所受磁场的作用力的大小为fBIl它随时间的变化率为Il由式得.18.答解析：(1)如图所示，依题意：左侧弹簧对滑块向右的推力F114 N，右侧弹簧对滑块的向左的推力F26.0 N.滑块所受合力产生加速度a1，根据牛顿第二定律有F1F2ma1，得a14 m/s2a1与F1同方向，即向前(向右)(2)a传感器的读数恰为零，即左侧弹簧的弹力F10 N，因两弹簧相同，左弹簧伸长多少，右弹簧就缩短多少，所以右弹簧的弹力变为F220 N滑块所受合力产生加速度为a2，由牛顿第二定律得F2ma2，解得：a210 m/s2，方向向左答案：(1)4 m/s2a1与F1同方向，即向前(向右)(2)10 m/s2，方向向左案：(1)(2)19. 解析：(1)根据ab、cd切割磁感线，由右手定则可得