山东省泰安市岱岳区2020学年八年级物理下学期期末试卷五四制(含解析)

1、2020 学年八年级物理下学期期末试卷2 分，多一. 选择题（本题共15题，共 30 分以下每题各只有一个正确答案选对得选、错选均不得分）1（ 2 分）下列估测最接近实际的是（ ）A. 一元硬币白质量约为50gB.八年级物理课本平放在桌面上，对桌面的压强约为50paC.中学生的体重约为50ND.泰山顶上的大气压大于 1.01 Xl05Pa2（ 2 分）下列关于压强的说法正确的是（ ）A.飞机升力是由于机翼上表面的空气流速大，压强大形成的B.拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强随深度增加而减小C.菜刀的刀刃薄，是通过减小受力面积来增大压强D.马德堡半球实验首次测出了大气压强值3（ 2 分）下列关

2、于浮力的说法错误的是（ ）A.漂浮在液面上的物体受到了浮力的方向是竖直向上的B.相同体积的两个物体浸没在液体中，密度大的物体受到的浮力大C.浸在液体中的物体受到浮力的大小等于它排开的液体所受的重力D.浸没在液体中的物体，受到的浮力大于重力时，该物体将上浮4（ 2 分）下列有关力和运动的几种说法中，正确的是（ ）A.匀速转弯的物体受到平衡力的作用B.只受重力作用的物体不可能向上运动C.物体间力的作用是相互的D.相互平衡的两个力的三要素可能相同5（ 2 分）下列工具在正常使用过程中，属于费力杠杆的是（ ）核桃夹B.食品夹D.6. （2分）用电梯往高处搬运货箱。当货箱随着电梯一同匀速上升时，货箱的（

3、）A.动能变小，重力势能变小 B.动能变小，重力势能变大 C.动能不变，重力势能变小 D.动能不变，重力势能变大7. （2分）在自由下落过程中，物体运动速度会越来越快，一个物体由A点自由下落，相继经过B、C两点，已知A况BC.如图所示，物体在AB段重力做功W,做 功功率Pi；在BC段重力做功 W，做功功率P2,下列说法正确的是（）A. W>WB. W<WC. Pi>BD, Pi<P28. （2分）在某行星上，同一物体所受重力大小是在地球表面的2倍。设想宇航员在该行星用从地球携带的天平和弹簧测力计测量标有“500g”字样的瓶装水的质量和重力，下列说法正确的是（）A.天平示

4、数为500g,弹簧测力计示数为5NB.天平示数为500g,弹簧测力计示数为10NC.天平示数为1000g,弹簧测力计示数为5ND.天平示数为1000g,弹簧测力计示数为10N9. （2分）在探究“物体浮力的大小跟它排开液体的重力的关系”实验时，具体设计的实验操作步骤如图甲、乙、丙和丁所示。为方便操作和减小测量误差，最合理操作步骤应该是（A.甲、乙、丙、丁C.乙、甲、丁、丙B.乙、甲、丙、丁D. 丁、甲、乙、丙10. （2分）如图所示，放在同一水平桌面上的两个相同容器，分别盛有甲、乙两 种液体，现将同木块分别放入两容器中，当木块静止时两容器中液面相平两种情 况相比，下列判断正确的是（）甲乙A.木

5、块受到的浮力一样大B.木块在甲液体中受的浮力较大C.甲液体对容器底部的压强较大D.盛甲液体的容器对桌面的压强较大11. （2分）如图，小明沿水平地面水平推箱子，但箱子没有移动，下列说法正确的是（）小明对箱子没有做功重力对箱子做了功小明对箱子的推力小于地面对箱子的阻力箱子所受的重力与地面对箱子的支持力是一对平衡力A.只有正确B.只有正确C.只有正确D.只有都正确12. （2分）用如图所示的装置探究摩擦力跟压力大小的关系。改变木块上所加钩码的个数进行多次实验，记录的数据如表所示，下列说法正确的是（）实验次数12345压力F/N34567摩擦力f/N0.60.81.01.21.4弹簧测力计的指针位置

6、如图所示，它的示数是 2.4N拉动木块在水平木板上做匀速直线运动，弹簧测力计的示数就等于摩擦力的大 小分析数据可知，当接触面的粗糙程度一定时，摩擦力随压力的增大而增加 将木块沿竖直方向锯掉一半，测得摩擦力的大小变为原来的一半，可知接触面 越小，摩擦力越小菊A.只有正确B.只有正确C.只有正确D.只有都正确13. （2分）如图甲所示，静止在水平面上的物块，受水平拉力F作用，F随时问t的变化关系如图乙所示，从t = 0开始，小强每隔2s记录的物块位置和时刻如图 内所小，下列说法正确的是（）CKihOi l±（14*<1>U t I1! d，i-.“LmLew 4 2 4 &#

7、171; h IQ UM ii ）1 7i IZn MBI Hra Mm 印乙两0-4s内物块受到的摩擦力为4N8-10s内，物块受到的摩擦力为2N14-18s内，物块受到的摩擦力为8Nt= 10s时，物块的速度一定小于 7m/sA.只有正确B.只有正确C.只有正确D.都正确14. （2分）4月15日，王瑞参加了泰山国际马拉松比赛，王瑞的质量为50kg,双脚与地面的总接触面积为 0.04m2,人的密度约为1.0 X103kg/m3.他品6完42kml 用时3h,取g=10N/kg,下列说法正确的是（）王瑞所受的重力为500N王瑞做的功是2.1 X107J王瑞的平均速度是3.9m/s奔跑过程中，

8、以王瑞为参照物，路边供水点摆放的瓶装水是静止的A.只有正确B.只有正确C.只有正确 D.只有正确15. （2分）某型号科考船赴远洋执行科考任务， 该科考船航行时的排水量为5000t, 牵引力的功率包为6000kW科考船航行速度随时间变化图象如图所示，科考船投放的潜水器在由2000米，下潜到3000米深度进行科学考察。取g=10N/kg,下 列说法正确的是（）科考船航行时受到海水的浮力为 5X 107N在200s内科考船航行时牵引力所做的功为1.2 X 109J在200s时，科考船受到水的阻力为 6X 106N潜水器由2000米下潜到3000米过程中受到的浮力增大A.只有正确 B.只有正确 C.

9、只有正确 D.都正确 二、填空题（每空1分，共4分）16. （1分）已知印度洋的海水密度小于太平洋的海水密度，当我国航空母舰满载 时从太平洋到印度洋时舰身会（选填“上浮一些”，或“下沉一些”或“保持不 变”）。17. （1分）在体育课上，投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示。若不考虑空 气阻力，则实心球离开手后到达最高点时球的动能（选填“大于”或“等于”）18. （1分）如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格 长度为2cm,当弹簧测力计在A点用3N的力斜向上拉（与水平方向成 300角） 杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，钩码总重为 No19. （1分）小明同学用40N的水平推

10、力，推着重100N的书箱在水平地面上匀速前 进了 2ml松开手后，书箱仍向前滑行了 1ml整个过程中小明做功Jo三、作图题（每题2分，共4分）20. （2分）有一个木球静止在水面上，在图中画出它的受力示意图。21. (2分)如图所示，质地均匀的圆柱形细木棒放在地面上，另一端与支点。连22. (6分)某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，1、2、3、4次实验对应的实验装置如图所示。(1)实验中应沿竖直方向缓慢拉动弹簧测力计。(2)将表中第4次实验数据的两个数据填写完整。(3)通过比较两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关(填实验次数的

11、序号)。(4)通过比较两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高。(5)通过比较3、4两次实验数据可得出结论：。实验次数钩码重力G/N钩码上升高纯端拉力F/N纯端移动距机械效率4度h/m离s/m140.12.70.274%240.11.80.374%380.13.10.386%480.12.523. (10分)在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，某小组同学用如图甲所示的装置，将同一物体分别逐渐浸入到水和酒精中，为了便于操作和准确收集 数据，用升降台调节溢水杯的高度来控制物体排开液体的体积。他们观察并记录实物体弹簧物体排开液验重力测力受到体体积>14(

12、N)酒精图5S1水图3图电了弹簧测力计的示数及排开液体的体积，实验数据记录在表中。序G物计小的浮V 排数F力F浮(cm3)(N)液体种类3p 水=1.0g/cm1.50.5501.01.01000.51.5150(1)实验所用物体的重力为(2)分析比较实验序号1、2和3可知，初步得出结论:当液体的种类相同时,排开液体的体积越，浸在液体中的物体受到的浮力越大;N,由此可知当排开液体(3)图3中物体所受浮力为N,图4中物体所受浮力为 的体积相同时，物体受到的浮力与浸入液体的有关。(4)请你计算出第一次实验中物体排开水受到的重力 G排=N通过比较每次实验中物体受到的浮力和它排开液体的重力的关系，还可

13、以验证原理。(5)如图5,现有一金属钩码，弹簧测力计，烧杯，水，请设计实验测钩码的密度。写出简要步骤，并写出钩码密度表达式。(测量量用相关物理符号表示，水的密度用p水表示。)；P 钩码=。五、计算题(第24题8分，第25题8分，共16分.解答时应写出必要的文字说明公式和重要的计算步骤，只写出最后答案的不能得分)24. (8分)如图所示，长方体 A重300N,底面积为200cm2,在20N的水平拉力F的作用下，以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了 10s,滑轮组的机械效率为80%求：(1)物体与地面间的滑动摩擦力；(2)拉力F做的功；(3)拉力F的功率；(4)长方体A对地面的压强。2

14、5. (8分)如图所示，将边长为10cm的正方体木块放入装有某种液体的圆柱形容 器中，木块静止时有的体积露出液面，此时液面比放入木块前升高2cm,容器底部受到的压强变化了 160Pa (取g=10N/kg),求：(1)液体的密度；(2)木块的密度；(3)木块受到的浮力；(4)使木块完全浸没需要施加的向下的压力。国2020学年山东省泰安市岱岳区八年级（下）期末物理试卷（五四学制） 参考答案与试题解析 一.选择题（本题共15题，共30分.以下每题各只有一个正确答案选对得 2分，多 选、错选均不得分）1 【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解， 对于选项中的单位, 可根据需要进行相应的

15、换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合 生活实际的答案。【解答】解：A 一元硬币的质量约5g;故A错误;F=G= m驴 0.2kg 义 10N/kgR八年级物理课本平放在桌面上，对桌面的压力约为:= 2N;面积约：S= 0.25mX 0.2m= 0.05m2;故压强约:50Pa接近；故B正确；G中学生的质量一般在100斤即50kg左右，根据重力与质量的关系可得重力G= mg= 50kg x 10N/kg = 500N;故 C 错误；D海拔越高，大气压越小，故泰山顶上的大气压远远小于标准大气压，即远远小于1.01 x 105Pa；故D错误；故选：B。【点评】此题考查对生活中常见物理量

16、的估测，结合对生活的了解和对物理单位 的认识，找出符合实际的选项即可。2 【分析】（1） 了解机翼的形状，根据流体压强与流速的关系可做出解答。流体 流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。（2）液体内部压强随着深度的增加而增大；（3）压强的大小与压力和受力面积有关；（4）马德堡半球实验首次证明大气压的存在。【解答】解：A飞机机翼为流线型，即上方为凸型，下方是平的；等质量的空 气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，下表面平 直，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小。因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强

17、差，飞机受到向上的升力。故A 错误；R拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而增大，故 B错误；C菜刀的刀刃薄，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故 C正确；D马德堡半球实验首次证明大气压的存在，故 D错误；故选：C。【点评】 此题考查了流体压强和流速的关系、液体内部压强的特点、大气压存在的验证等知识点，是一道综合题。3 【分析】 （ 1）浸在气体和液体中的物体都受到气体和液体对它的竖直向上的浮力。（2）根据F浮=p gV排分析物体受到的浮力情况；（ 3）根据阿基米德原理分析：浸在液体中的物体受到浮力的大小等于它排开的液体所受的重力；（4）根据物体浮沉条件分析解答，物体在液

18、体中的浮沉条件：上浮：F浮G,悬浮：F浮=3下沉：F浮G【解答】解：A、浸在气体和液体中的物体都受到气体和液体对它的竖直向上的浮力，故 A 正确；R根据F浮=p gV排可知，浮力大小与液体密度和物体排开液体的体积有关，与物体密度无关，故B 错误；C根据阿基米德原理可知，浸在液体中的物体受到浮力的大小等于它排开的液体所受的重力。故C 正确；D浸没在液体中的物体，受到的浮力大于重力时，该物体将上浮。故 D正确。故选：B。【点评】 此题考查阿基米德原理、 物体浮沉条件及其应用， 涉及到的知识点较多，综合性较强，但难度不大。4 【分析】 （ 1）物体的运动状态改变一定受到非平衡力的作用；（ 2）重力的

19、方向是竖直向下的；（ 3）物体间力的作用是相互的；（ 4）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、在同一物体上。【解答】 解：A、匀速转弯的物体，速度大小不变，但方向时刻改变（即运动状态发生改变），则物体一定受到非平衡力的作用，故A 错误；R重力的方向是竖直向下的，但只受重力作用的物体可能向上运动，如向上扔出的篮球（不计空气阻力），只受重力作用，但由于惯性仍然向上运动，故B 错误；C物体间力的作用是相互的，故 C正确；D相互平衡的两个力方向一定是相反的，所以力的三要素不可能都相同，故 D 错误。故选：C。【点评】 此题考查了我们对力的作用效果、重力方向、力作用的相互性、平衡力的掌握，

20、属于力学基本规律的考查。5 【分析】结合生活经验和图片，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、起子在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；R核桃钳在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；C钳子在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；D食品夹在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。故选：D。【点评】判断杠杆类型的方法有三种：比较动力和阻力的大小，当然动力小的 是省力杠杆；比较动力臂和阻力臂的长短，动力臂长的是省力杠杆。比较动 力和阻力移动的距离，动力移动距离大的是省力杠杆。6 【分析】 （ 1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量

21、越大，速度越大，动能越大。(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。【解答】解：货箱随着电梯一同匀速上升的过程中，质量不变，速度不变，动能不变，同时货箱所处的高度增大，重力势能变大。故选：Q【点评】(1)掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。(2)能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。7 .【分析】已知A况BG根据 W Gh可知这两段物体做的功相等；因小球在自由 下落时做加速下落运动，所以根据速度公式可知经过相同路程的时间关系，再根 据功率公式得出它们的功率关系。【解答】解：因为AB= BC,且物体的重力不变，所以，根据 W Gh可知，物体在AB段和

22、BC段重力做的功相等，即 W= W;因为小球在自由下落时做加速运动，所以，根据v =条可知，小球在BC段运动的时间短，所以，根据公式P=：可知，物体在AB段重力做功的功率小于 BC段重力做功的 功率，即PYB。故选：Q【点评】本题考查了做功公式、功率公式的灵活运用，关键是知道自由下落物体 的运动是加速下落。8 .【分析】(1)质量是指物体所含物质的多少，与形状、状态、空间位置无关； (2)先根据G= mg求出瓶装水在地球受到的重力。【解答】解：因为物体的质量与其空间位置无关，所以在行星上的质量仍然为500g;物体在地球上受到的重力： G= m驴0.5kg x 10N/kg = 5N,由于行星的

23、重力是地球的2倍，所以在行星受到的重力：2X5N= 10M故选：B。【点评】 会熟练应用重力的公式进行计算，牢记质量不随物体的形状、状态以及空间位置的改变而改变。9 【分析】 实验中要测出排开水的重力和所受浮力的关系，并需先测空桶的重力，然后测水和桶的总重力；根据5浮=6- F计算出石头完全浸没时受到的浮力，与排开水的重力比较得出浮力大小与排开液体重力大小相等的结论。【解答】 解：为方便操作和减小测量误差，合理的实验顺序是：丁、测出空桶所受的重力，再把空桶置于溢水杯口的正下方；甲、用弹簧测力计测出物体所受的重力；乙、用弹簧测力计吊着物体浸没在装满水的溢水杯中，读出此时弹簧测力计的示数；丙、测出

24、桶和排开水所受的总重力。故选：D。【点评】 在验证阿基米德原理的实验中，明确每次测量的目的，知道弹簧测力计每次示数间的关系，是实验成功的关键，这样才能通过数据分析出浮力与排开液体重力的关系。10 【分析】 （ 1） 由于是同一块木块， 根据物体的浮沉条件判断浮力与重力的关系，然后即可判断浮力大小；（2）根据物体的浮沉情况判断出物体密度与液体密度的关系；然后根据p=p液gh 得出容器底受到压强的关系；（ 3）此时容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和；根据F 甲=G容器+G液+G物比较得出容器底所受的压力关系，然后即可比较压强【解答】 解：AB木块在甲中悬浮，则 F浮甲=G木；木块

25、在乙中漂浮，则 F浮乙=G木，比较可知F浮甲=F浮乙，即木块受到的浮力一样大，故 A正确，B错误；G木块在甲中悬浮，则p甲=木；木块在乙中漂浮，则p乙 p木，所以，p乙甲，由于两容器中液面相平，由p= p液gh可知，乙液体对容器底 的压强大，故C错误；D因容器相同、液面等高，则液体和物体浸入部分的总体积相等，即 V甲+V排甲=Y乙+V排乙；由图可知：V排甲V排乙；则V甲V乙，由C项可知p乙 p甲，根据nn= p V可得：m甲m乙；根据矢mg可知：G甲G乙；根据容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和可得：5甲=6容器+G甲+G木；5乙=6容器+G乙+G木；所以，F甲 F乙；由于两个

26、容器相同，底面积相同，根据 p=4可知：p甲p乙，故D错误。故选：A。【点评】本题主要考查了物体浮沉条件及液体压强公式的应用，关键能够根据浮所情况判断出液体的密度、所受浮力的关系；难点是根据5甲=6容器+G液+G物比较得出容器底所受的压力关系。11 .【分析】(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通 过的距离。二者缺一不可。(2)物体处于平衡状态时受平衡力，平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。【解答】解：小明沿水平地面水平推箱子，但箱子没有移动，有力无距离，所以小明对箱子没有做功，故正确；箱子在重力方向上没有通过距离，所以重力对箱子不做功，故错

27、误；箱子静止，处于平衡状态，因此，小明对箱子的推力等于地面对箱子的阻力，故错误；箱子所受的重力与地面对箱子的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故正确。故选：B。【点评】 （ 1）明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。（ 2）同时分析平衡状态和辨别平衡力。12 【分析】 （ 1）根据弹簧测力计的分度值，结合指针位置读出示数；（ 2）实验中匀速直线拉动木块，是为了使摩擦力与拉力是一对平衡力；（ 3）影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，根据表中数据，运用控制变量法可得出结论；（

28、4）实验中，研究一个量时要控制其它的量不变，据此判断。【解答】解：图中弹簧测力计的分度值为 0.2N,其示数为1.6N,故错误；实验时，拉动木块在水平木板上做匀速直线运动，弹簧测力计的示数就等于摩 擦力的大小。因为这时的拉力和摩擦力是一对平衡力，故正确。分析数据可知，当接触面的粗糙程度一定时，摩擦力随压力的增大而增加，故正确；实验中，将木块沿竖直方向锯掉一半，测得摩擦力的大小也变为原来的一半， 此时接触面积变小，而压力也同时变小，不符合控制变量法的要求，故错误。故选：B。【点评】 在本实验中，重点掌握二力平衡原理和控制变量法的应用，熟知影响摩擦力大小的两个因素， 会根据实验现象和数据分析实验结

29、论， 是正确解答的关键。13 【分析】 根据图丙匀速直线运动的时间段及图乙，利用二力平衡条件确定摩擦力的大小，比较拉力和摩擦力的大小，确定物体在不同时间段的运动状态【解答】 解：由图内知，12s18s物体在相同时间内通过的路程相等，则物块做匀速直线运动，物块受到的摩擦力为滑动摩擦力，物块受到平衡力的作用，由图乙知，此时的滑动摩擦力f =F= 8N;所以，1418s内，物块受到的摩擦力为8N,故正确;、由图乙知，04s内，物体受到的拉力 F=4N,小于滑动摩擦力，所以，止匕时物体应处于静止状态，物体所受静摩擦力等于拉力，等于4N,故正确；、由图内知，810s内物体处于运动状态，物体受到的摩擦力为

30、滑动摩擦力,滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度、物体间的压力大小有关，由于接触面的粗糙程度与物体间的压力都不变，则滑动摩擦力大小不变，摩擦力仍等于8N,故v= 6m/s,而在错误；、由图内知，从10s至1112s时间内，物体的平均速度这段时间内物体的拉力大于摩擦力，所以物体做加速运动，因此10s时物块的速度一定小于6m/s,也一定小于7m/s,故正确综上分析可知正确故选：Co【点评】本题是有关力和图象的综合分析题目，在分析过程中，关键能够根据图 丙确定物体的运动状态变化，根据二力平衡条件确定摩擦力的大小。14 .【分析】由况mg计算重力；功等于力与物体沿力的方向通过的距离的乘积， 由此分析他做功

31、的多少；由v=：计算平均速度；研究对象的运动情况是怎样的, 就看它与参照物的相对位置是否变化。【解答】解:王瑞的重力：G= mg= 50kgX10N/kg = 500N 正确;由于不知道王瑞在跑动过程中水平方向上的力，所以无法计算他做的功，错1 口京；王瑞的平均速度v=42M 1 0%3X36-OOs'3.9m/s,正确;奔跑过程中，以王瑞为参照物，路边供水点摆放的瓶装水相对王瑞的位置不断发生变化，所以瓶装水是运动的，错误 故选：B。【点评】本题考查了重力公式和速度公式的应用以及功和物体运动判断，考查知识点多，综合性强，但难度不大。15 .【分析】知道科考船航行时的排水量（排开水的质量

32、），利用F浮=6排= mEg求科考船航行时受到海水的浮力;牵引力的功率恒为6000kW且已知时间，利用P=：求牵引力所做的功。利用P=§= Fv求出牵引力，然后根据二力平衡条件得出科考船受到水的 阻力；根据F浮=p gV排分析潜水器由2000米下潜到3000米过程中受到的浮力变化情 况。【解答】解：科考船的排水量为5000t,则科考船航行时受到海水的浮力:FG排=mFg = 5000X 103kgX 10N/kg=5X 107N;故正确；UJ牵引力的功率包为6000kW由P=可得，在200s内牵引力所做的功:W Pt = 6000X 103W< 200s= 1.2X109J.故

33、正确;因为P=2=孽= Fv, 所以科考船受到的牵引力: 由图象可知，在200s时,匚E 6乂1。叫F= =： v 10m/s= 6X105N,科考船做匀速直线运动，受到平衡力的作用,所以此时科考船受到水的阻力为f=F=6X105N.故错误;潜水器由2000米下潜到3000米过程中，海水的密度不变，排开海水的体积不变，根据F浮=p gV排知，受到的浮力不变，故错误。综上分析可知，只有正确。故选：A。【点评】本题考查了阿基米德原理、功率公式的应用、二力平衡条件及其应用等知识点，题干内容较多，认真审题，读懂图象，并搜集有用信息是关键。二、填空题（每空1分，共4分）16 .【分析】利用浮沉条件和阿基

34、米德原理公式分析解答。【解答】解：航空母舰满载时处于漂浮状态，浮力等于重力，已知印度洋的海水密度小于太平洋的海水密度，当这艘航空母舰满载时从太平洋到印度洋时，重力不变，浮力不变，液体密度变小，由 F浮=p液gV排可知排开液体的体积变大，则舰身会下沉一些。故答案为：下沉一些。【点评】本题主要考查了浮沉条件和阿基米德原理的应用，难度不大。17 .【分析】一切运动的物体都具有动能。影响动能的因素是质量和速度。【解答】解：实心球从离开手后到达最高点的过程中，不考虑空气阻力，只有动能转化为重力 势能，则到达最高点时重力势能最大，但实心球在最高点时仍有向前的速度，所 以其动能大于零。故答案为：大于。【点评

35、】此题考查了动能的变化，把握住影响因素是正确判断的基础。18 .【分析】当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30。角）动力臂是goA根据弹簧测力计的示数得出弹簧测力计的读数；根据杠杆的平衡条件求出钩码重力。【解答】解：当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，此时 动力臂等于 "OA= yX 4 x 2cmi= 4cnn,阻力臂白大小：L2= 3 乂 2cmi= 6cmi,由图中弹簧测力计指针在3N,弹簧测力计的示数为3N,根据杠杆的平衡条件FiLi = GL得，心 F1L1 3HX 4cm .钩码的重力：G=-3=2N。L bcm故答案为：2。【点评】此

36、题主要考查了杠杆的平衡条件的应用，都是杠杆平衡条件中的常见知识。19 .【分析】做功的两个必要因素：作用在物体的上的力和物体沿力的方向通过了 一段距离；据此分析推力对物体的做功情况。【解答】解：由题知，书箱在40N的水平推力作用下前进了 2ml松开手后，由于 惯性又向前滑行了 13根据做功的两个必要条件可彳乱 水平推力所做的功：W Fs=40NX 2m= 80J。故答案为：80。【点评】本题考查了学生对功的公式、功率的公式、做功的两个必要条件的了解 与掌握，明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距 离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。三、作图题（每题2分，共

37、4分）20 .【分析】木球在水中受到重力和浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方 向竖直向上，由于木球漂浮，因此受到的力是平衡力，重力和浮力大小相等。【解答】解：木球漂浮在水面上，重力和浮力是一对平衡力，二者大小相等、方 向相反、作用在同一直线上；过木球的重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画 一条有向线段，并分别用 G和F浮表示，注意这两条线段长度应相等，如下图所【点评】画力的示意图时要考虑到物体的运动状态，当物体处于静止或匀速直线 运动时，受到的力就是平衡力。21 .【分析】重力G的作用点在重心（粗细均匀的木棒，中心在几何中心上），方 向是竖直向下，重力的力臂是从支点 O到重力作用线的垂直

38、距离。【解答】解：均匀木棒的中心为木棒的重心，从重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段， 并标上符号G即为重力的示意图；从支点。作重力作用线的垂线，垂线段的长即为重力的力臂 L,如图所示。【点评】本题考查了力的示意图、力臂的画法。画力臂关键要画出支点到力的作用线的垂线段 四、实验题(第22题6分，第23题10分，共16分22 .【分析】(1)实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使物体升高；(2)由图丁判断绳子的有效段数，根据绳子自由端移动的距离与物体升高的高度的关系：s = nh,求第4次实验中，绳端移动距离；由GhFs乂 100麻第4次实验测得机械效率;(3)根据绳子自由端移动的距离与物体升

39、高的高度的关系：s = nh,分别判断实验1、2、3、4中绳子的有效段数，从而确定实验所用的装置；研究同一滑轮组滑轮组的机械效率与绳子段数的关系，要控制物体的重力相同；(4)研究同一滑轮组的机械效率越与物体的重力的关系，要控制提升物体的高度相同，只改变物体的重力大小；(5)纵向分析比较3、4两次实验数据，找到不变的量和变化的量，得出机械效 率与变化量的关系。【解答】解：(1)实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使物体匀速升高, 此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于拉力大小；(2)由图丁知，绳子的有效段数 n = 4,在第4次实验中，绳端移动的距离 s=4h=4X0.1m=0.4m；第4次实验

40、测得的机械效率为：有用Ghl -MS 1m -4=5 100 左 80%(3)由题知，1、2、3、4次实验对应的实验装置如图所示，绳子的有效段数分别为 2、3、3、4;通过比较1、2两次实验数据可得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关；(4)通过比较2、3两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大,滑轮组的机械效率越高。（ 5）通过比较3、 4 两次实验数据可知，提升相同的物体，第 3 次要克服一个动滑轮做额外功，第 4 次要克服两个动滑轮做额外功，第 4 次的机械效率低，故可得出结论：滑轮组的机械效率与动滑轮重有关。故答案为：（ 1）向上；（ 2）

41、0.4 ； 80%；（3） 1、 2；（ 4） 2、 3；（ 5）滑轮组的机械效率与动滑轮重有关。【点评】 本题测滑轮组机械效率，考查注意事项、操作方法、机械效率的计算、绳子自由端移动的距离与物体升高的高度的关系s=nh、控制变量法的运用、数据分析及影响机械效率的因素等知识。23 【分析】 （ 1）由弹簧测力计示数可得物体的重力；（2）分析比较实验序号1、 2 和 3（或 4、 5和 6）可知，液体的密度相同，物体浸入液体中的体积不同，弹簧测力计的示数不同，根据称重法求出受到浮力的大小，即可得出结论；（ 3）物体所受浮力大小与液体的密度和排开液体的体积有关，在探究浮力的大小与液体密度的关系时，

42、应控制排开液体的体积不变，改变液体的密度再根据表格数据即可得出答案。（4）根据G排=m排g=p水gV排计算出排开水的重力，比较浮力与排开水的重力之间的关系，得出阿基米德原理；（ 5）根据钩码完全浸没时的浮力求出钩码的体积，即V 排 ，然后根据重力求出质量，由密度公式可得密度。【解答】解：（1）由图2可知，弹簧测力计的分度值是0.1N,指针指在2N处,故物体的重力是2N；（2）分析比较实验序号1、 2 和 3 可知，液体的密度相同，物体排开液体中的体积越大，弹簧测力计的示数越小，即所受的浮力变大；故可得结论：当液体的种类相同时，排开液体的体积越大浸在液体中的物体受到的浮力越大。3）由图可知，图

43、3 中物体所受浮力为 1.5N ；图4中弹簧测力计示数是0.8N,物体所受浮力为:F 浮=6- F4 = 2N- 0.8N=1.2N;由此可知当排开液体的体积相同时，物体受到的浮力与浸入液体密度有关；(4)第一次实验中物体排开水受到的重力：G=mg= p 水 gV排=1.0 义 103kg/m3x 10N/kgX50X 10 6m=0.5N;通过比较每次实验中物体受到的浮力和它排开液体的重力的关系，还可以验证阿 基米德原理；(5)测出钩码的重力G将钩码完全浸没在水中测出此时的拉力F;由F浮=6- F,则由B据F浮=p液gV排得，钩码的体积:(4) 0.5;阿基米德原理;故答案为：(1) 2; (2)大