受力分析与牛顿运动定律(假期作业)

1、1关于重力的大小和方向，下列说法中正确的是（ ）A 在地球上方的物体都要受到重力作用，所受的重力与它的运动状态无关,也不管是否存在其他力的作用B 在地球各处的重力方向都是相同的C向上运动的物体所受重力可能小于向下运动的同一物体所受重力D对某一物体而言，其重力的大小总是一个恒量，不因物体从赤道移到南极而变化2关于摩擦力，以下说法中正确的是（ ）A摩擦力总是阻碍物体的运动B滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反C静摩擦力的大小与正压力有关D静摩擦力的大小与接触物表面有关3关于物体的惯性,下列说法正确的是( )A.质量相同的两个物体,在阻力相同的情况下,速度大的不易停下来,所以速度大的物体惯性大B

2、.质量相同的物体,惯性相同C.推动地面上静止的物体比保持这个物体匀速运动时所需的力大,所以静止的物体惯性大D.在月球上举重比在地球上容易,所以同一物体在月球上比在地球上惯性小4如图所示，A和B两物块的接触面是水平的，A与B保持相对静止，并一起沿固定的光滑斜面向上运动，在向上运动的过程中，B 受力个数为（ ） A3个B4个C5个D6个5两个重叠在一起的滑块，置于固定的、倾角为的斜面上，如图3所示，滑块A、B的质量分别为、，A与与斜面间的动摩擦因数为，B与A之间的动摩擦因数为，已知两滑块一起从静止开始以相同的加速度从斜面滑下，滑块B受到的摩擦力为（ ）A、等于零B、大小等于C、大小等于D、方向沿斜

3、面向上6如图所示，质量为m的小圆板与轻弹簧相连，把轻弹簧的另一端固定在内壁光滑的圆筒底部，构成弹簧弹射器。第一次用弹射器水平弹射物体，第二次用弹射器竖直弹射物体，关于两次弹射时情况的分析，正确的是（ ）A两次弹射瞬间，圆板受到的合力均为零B两次弹射瞬间，弹簧均处于原长C水平弹射是弹簧处于原长，竖直时弹簧处于拉伸状态D水平弹射是弹簧处于原长，竖直时弹簧处于压缩状态7如图所示，人通过跨在光滑滑轮上的细绳拉一物体静止。当人向后跨了一步后，人与重物再次保持静止状态，关于跨步以后各力的大小变化正确的说法是 ( )A.地面对人的摩擦力减小 B.地面对人的摩擦力增大C.人对地面的压力增大 D.人对地面的压力

4、减小8如图所示，光滑圆柱形物件A放在同半径的凹槽B中，B放在光滑水平面上，在由零逐渐增大的水平外力F作用下，系统向右运动，运动过程A、B保持相对静止。下列关于B对A的弹力的大小和方向的描述，正确的是（ ）A弹力大小不断增大，方向不变 弹力大小不断增大，与水平外力F的夹角逐渐变小弹力大小不变，方向不变 弹力大小不断增大，与水平外力F的夹角逐渐变大9如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上端叠放着两个物块A、B，它们的质量均为2.0kg，并处于静止状态。某时刻突然将一个大小为10N的竖直向上的拉力加在A上，则此时刻A对B的压力大小为（g取10m/s2）（ ）A、25N B、20N C、15N D、

5、10N10如图所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直固定在水平面上，上端固定一质量为m0的托盘，托盘上有一个质量为的木块。用竖直向下的力将原长为的弹簧压缩后突然撤去外力，则即将脱离m0时的弹簧长度为（ ）§K A Bg Cg Dg11如图所示，在水平传送带上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块1、2、3，中间分别用一原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数为，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是（ ）A2L+（m2+m3）g/kB2L+（m2+2m3）g/kC2L+（m1+m2+m3）g/k

6、D2L+m3g/k12如图所示，质量为m的物体用细绳拴住放在水平粗糙传送带上，物体距传送带左端距离为L，稳定时绳与水平方向的夹角为，当传送带分别以v1、v2的速度作逆时针转动时(v1<v2)，稳定时细绳的拉力分别为Fl、F2；若剪断细绳后，物体到达左端的时间分别为tl、t2，则下列关于稳定时细绳的拉力和到达左端的时间的大小一定正确的是 AFl<F2 BF1=F2 Ctl>t2 Dtl<t213如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上受到向右的拉力F的作用向右滑行,长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为1，木板与地面间的动摩擦因数为2。下列说法正确的是A木

7、板受到地面的摩擦力的大小一定是2（m+M）gB木板受到地面的摩擦力的大小一定是1mgC当F2（m+M）g时，木板便会开始运动D无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动14如图所示，在水平桌面上叠放着木块P和Q，水平力F推动两个木块做匀速运动下列说法中正确的是（ ）AP受3个力，Q受3个力BP受3个力，Q受4个力CP受2个力，Q受5个力DP受4个力，Q受6个力15某研究性学习小组为颈椎病人设计了一个牵引装置：如图，一根绳绕过两个定滑轮和一个动滑轮后两端挂着相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎(图中是用手指代替颈椎做实验)，整个装置在同一竖直平面内。如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是

8、 () A只增加绳的长度 B只增加重物的重量C只将手指向下移动 D只将手指向上移动16如图所示，将一根不可伸长、柔软的轻绳两端分别系于A、B两点上，一物体用动滑轮悬挂在绳子上，达到平衡时，两段绳子间的夹角为1，绳子中张力为T1，将绳子一端由B点移至C点，待整个系统重新达到平衡时，两段绳子间的夹角为2，绳子中张力为T2；再将绳子一端由C点移至D点，待整个系统再次达到平衡时，两段绳子间的夹角为3，绳子中张力为T3，不计摩擦，则A、1=2=3 B、123 C、T1T2T3 D、T1=T2T317在固定于地面的斜面上垂直安放了一个挡板,截面为圆的柱状物体甲放在斜面上,半径与甲相等的光滑圆球乙被夹在甲与

9、挡板之间,乙没有与斜面接触而处于静止状态,如图所示.现在从球心处对甲施加一平行于斜面向下的力F使甲沿斜面方向缓慢地移动，直至甲与挡板接触为止. 设乙对挡板的压力为F1,甲对斜面的压力为F2，在此过程中( ) A.F1缓慢增大,F2缓慢增大 B.F1缓慢增大,F2缓慢减小C.F1缓慢减小,F2缓慢增大 D.F1缓慢减小, F2保持不变 18如图所示，细而轻的绳两端，分别系有质量为mA、mB的球，mA静止在光滑半球形表面P点，已知过P点的半径与水平面夹角为60°，则mA和mB的关系是（ ） A B C D19如图所示，位于水平桌面上的物体P,由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连，从滑轮到P 和

10、到Q的两段绳都是水平的。已知Q与P之间以及P与桌面之间的动摩擦因素都是，两物块的质量都是m，滑轮的质量，滑轮上的摩擦都不计。若用一水平向右的力F拉P使它做匀速运动，则F的大小为()A. 4mg B. 3mg C. 2mg D. mg20如图所示，在质量为mB=30kg的车厢B内紧靠右壁，放一质量mA=20kg的小物体A（可视为质点），对车厢B施加一水平向右的恒力F，且F=120N，使之从静止开始运动。测得车厢B在最初t=2.0s内移动s=5.0m,且这段时间内小物块未与车厢壁发生过碰撞。车厢与地面间的摩擦忽略不计（ ）A.车厢B在2.0s内的加速度为2.5m/s2 B.A在2.0s末的速度大小

11、是4.5m/sC.2.0s内A在B上滑动的距离是0.5m D.A的加速度大小为2.5m/s221如图所示，A、B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是 ()A两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsinBB球的受力情况未变，瞬时加速度为零CA球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为2gsinD弹簧有收缩的趋势，B球的瞬时加速度向上，A球的瞬时加速度向下，瞬时加速度 都不为零22如图，在倾角为的固定光滑斜面上，有一用绳子拴着的长木板，木板上站着一只猫。已知猫的质量是木板的质量的2倍。当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上

12、跑，以保持其相对斜面的位置不变。则此时木板沿斜面下滑的加速度为（ ）A3gsin Bgsin C3gsin/2 D2gsin23如图所示，上方固定有长方体盒子的斜劈A放在固定的斜面体C的斜面上，在盒子内放有光滑球B，B的直径略小于盒子内侧前后壁间的距离。现使斜劈A在斜面体C上静止不动，此时盒子内侧的M、N点对球B均无压力。以下说法中正确的是A若C的斜面光滑，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，则M点对球B有压力B若C的斜面光滑，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，则N点对球B有压力C若C的斜面粗糙，且斜劈A沿斜面匀速下滑，则M点对球B有压力D若C的斜面粗糙，且斜劈A沿斜面匀速下滑，则N点对球B

13、有压力24如图8所示，在光滑的水平面上有一质量为M、倾角为的光滑斜面体，斜面上有一质量为m的物块沿斜面下滑。关于物块下滑过程中对斜面压力大小的解答，有如下四个表达式。要判断这四个表达式是否合理，你可以不必进行复杂的计算，而是根据所学的物理知识和物理方法进行分析，从而判断解的合理性或正确性。根据你的判断，下述表达式中可能正确的是ABCD25如图所示，质量为ml的物块放在车厢的水平底板上，用竖直细线通过光滑的定滑轮与质量为m2的小球相连车厢正沿水平直轨道向右行驶，此时与小球相连的细绳与竖直方向成 角，小球、物块与车厢均保持相对静止，由此可知 A车厢的加速度大小为gsin B绳对物块的拉力大小为 C

14、底板对物块的支持力大小为(m2一m1)g D底板对物块的摩擦力大小为m1gtan26物体A、B、C静止在同一水平地面上，它们的质量分别为ma、mb、mc，与水平地面的动摩擦因数分别为a、b、c，用平行于水平面的拉力F分别拉动物体A、B、C，所得的加速度a与拉力F之间的关系如图对应的直线甲、乙、丙所示，其中甲、乙两直线平行。则下列关系正确的是（ ）、a>b ，a>c 、a<b ， a<c 、ma=mb，mc <ma、ma=mb，ma<mcA B C D27当一个物体静止在水平桌面上时，则（）A物体对桌面的压力就是该物体的重力 B物体对桌面的压力使该物体发生形变

15、C桌面形变产生对物体的支持力 D支持力与压力是一对平衡力28甲、乙两位同学组成研究性学习小组来研究物体的超重和失重现象。他们在运动着的一升降机内做实验，站在磅秤上的甲同学发现了自已的体重增加了20%，于是乙同学对该过程中升降机的运动情况作出了如下判断，其中可能的是A升降机以0.8g的加速度加速下降 B升降机以0.2g的加速度加速上升C升降机以0.2g的加速度减速下降 D升降机以0.8g的加速度减速上升29木箱内有一竖直放置的弹簧，弹簧上方有一物块，木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上若在某一段时间内，物块对箱顶刚好无压力，则在此段时间内，木箱的运动状态可能为A加速下降 B加速上升 C减速

16、上升 D减速下降30农民工是活跃在城镇和乡村中最积极、最能干、最可敬的新生力量。在建筑工地上，他们设计了一种简易的滑轨，将一些建筑材料由高处送到低处，如图所示，两根圆柱形木杆AB和CD相互平行，斜靠在竖直墙壁上，把一摞瓦放在两木杆构成的滑轨上，瓦将沿滑轨滑到低处。在实际操作中发现瓦滑到底端时速度较大，有可能摔碎，为了防止瓦被损坏，下列措施中可行的是A减少每次运送瓦的块数B增多每次运送瓦的块数C用比原来较长的两根圆柱形木杆替代原来的木杆D用比原来较短的两根圆柱形木杆替代原来的木杆31如图在“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”实验中，图中上下两层水平轨道光滑。实验时把两小车前端细线所挂砝码盘和

17、砝码的重力作为小车所受的拉力，通过控制装置使小车同时开始运动，然后同时停止。（1）安装实验装置时，应调整滑轮的高度，使细线 ；实验时，为了减小系统误差，应使砝码盘和砝码的总质量 小车的质量。（选填“远大于”、“远小于”或“等于”）（2）本实验通过比较小车的位移来比较小车的加速度的大小，能这样比较理由是 （填入正确选项的序号）两小车运动时间相同，加速度与位移成反比两小车运动时间相同，加速度与位移成正比两小车运动位移相同，加速度与时间成正比两小车运动位移相同，加速度与时间成反比32某同学做共点的两个力的合成实验作出如图所示的图，其中A为固定橡皮条的固定点，O为橡皮条与细绳的结合点，图中_是F1、F

18、2合力的理论值， 是合力的实验值，通过本实验可以得出结论：在误差允许的范围内， 是正确的。33(2011年江苏苏州模拟) 如图所示，在倾角为的光滑斜面上，劲度系数分别为k1、k2的两个轻弹簧沿斜面悬挂着，两弹簧之间有一质量为m1的重物，最下端挂一质量为m2的重物，现用力F沿斜面向上缓慢推动m2，当两弹簧的总长等于两弹簧原长之和时，试求：(1)m1、m2各上移的距离(2)推力F的大小34（11分）如图所示，矩形斜面水平边的长度为0.6m，倾斜边的长度为0.8m，斜面倾角为37°，一与斜面动摩擦因数为=0.6的小物体重25N，在与斜面平行的力F的作用下，沿对角线AC匀速下滑，求推力F的大

19、小（Sin37°=0.6,Cos37°=0.8）。35（9分）传送带与水平面夹角为37°，皮带以12 m/s的速率沿顺时针方向转动，如图所示。今在传送带上端A处无初速度地放上一个质量为m的小物块，它与传送带间的动摩擦因数为075，若传送带A到B的长度为24 m，g取10 m/s2，则小物块从A运动到B的时间为多少？36如图所示，一弹丸从离地高度H=195m的A点以v0=80m/s的初速度水平射出，恰以平行于斜面的速度射入静止在固定斜面顶端C处的一木块中，并立即与木块具有相同的速度（此速度大小为弹丸进入木块前一瞬间速度的）共同运动，在斜面下端有一垂直于斜面的挡板，木

20、块与它相碰没有机械能损失，碰后恰能返回C点。已知斜面顶端C处离地高h=015m，求（1）A点和C点间的水平距离？（2）木块与斜面间的动摩擦因数？ （3）木块从被弹丸击中到再次回到C点的时间t ？(保留两位有效数字，)评卷人得分六、实验题37为了探究加速度与力、质量的关系，使用如下图所示的气垫导轨装置进行实验其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间t1、t2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为d，光电门间距为x（满足x d），牵引砝码的质量为m.。回答下列问题：(1) 若实验测得t足够小，且t1

21、= 150ms、t2 = 100ms，d = 30cm，X = 500cm，则滑行器运动的加速度 a = m/s2。 若取M 400g，在保证Mm的条件下，如果认为绳子牵引滑块的力等于牵引砝码的总重力，则牵引砝码的质量m = kg。（取g = 10m/s2）(2) 在(1)中，实际牵引砝码的质量与上述的计算值相比 。（填偏大、偏小或相等）38(1)在“研究求合力的方法”实验中，需要将橡皮筋的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的一端都有绳套。实验中需用两个弹簧测力计分别勾住绳套，并互成角度地拉像皮筋，用两个弹簧测力计把橡皮筋的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中错误的是 

22、    。A同一次实验过程中，O点位置允许变动B实验中，弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计刻度C实验中，先将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点D实验中，橡皮筋应与两绳夹角的平分线在同一直线上 (2)在实验中，使b弹簧秤按图所示位置开始顺时针缓慢转动，在这过程中保持O点位置不变和a弹簧秤的拉伸方向不变。则在整个过程中，关于a、b弹簧秤的读数变化正确的是 Aa增大、b减小 Ba减小、b增大Ca减小、b先增大后减小 Da减小、b先减小后增大39在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某

23、同学使用了如图所示的装置，计时器打点频率为50Hz。小车纸带打点计时器沙桶（1）该同学得到一条纸带，在纸带上取连续的六个点，如图所示，自A点起，相邻两点间的距离分别为10.0mm、12.0mm、14.0mm、16.0 mm、18.0 mm，则打E点时小车的速度为 m/s，打A、F两点的过程中小车的平均速度为 m/s，小车的加速度为 m/s2。A B C D E F（2）该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持 不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持 不变。（3）该同学通过数据的处理作出了a-F图象如图所示。FaO图中的直线不过原点的原因是 。图线发生弯曲的原因是 。评卷

24、人得分七、综合题40物体A的质量m=l kg，静止在光滑水平面上的平板车B的质量为M=05kg，平板车长为L=1m。某时刻A以vo=4ms向右的初速度滑上平板车B的上表面，在A滑上平板车B的同时，给平板车B施加一个水平向右的拉力。忽略物体A的大小，已知A与平板车B之间的动摩擦因数，取重力加速度g=10m/s2试求： （1）若F=5N，物体A在平板车上运动时相对平板车向前滑行的最大距离； （2）如果要使A不至于从平板车B上滑落，拉力F大小应满足的条件试卷第11页，总11页本卷由【在线组卷网】自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。参考答案1A【解析】试题分析：重力的方向竖直向下，无论物体运动状

25、态如何，重力的方向总是竖直向下，故重力方向与物体的运动状态无关A正确C错误；由于重力方向是竖直向下的，但是由于地球是球形，所以重力方向不相同，B错误；由于g值随着纬度变化而变化，随着高度的变化而变化，所以D错误；故选A考点：考查了对重力的理解点评：重力加速度随着纬度，高度的变化而变化2B【解析】3B【解析】 惯性是物体的固有属性，惯性仅由物体的质量大小决定，与外界因素（受力与否、受力的大小与多少、运动状态及所处环境）无关.故B对C、D错.速度大的物体不能很快停下来，是因为从较大的速度变为静止，速度的改变量大，需要较长的时间，并非速度大，惯性大，故A错. 4B【解析】试题分析：先以A为研究对象，

26、分析受力情况：重力、B的竖直向上的支持力，B对A没有摩擦力，否则A不会匀速运动再对B研究，B受到重力、A对B竖直向下的压力，斜面的支持力和滑动摩擦力，共4个力故选B考点：考查分析物体受力的能力，点评：采用隔离法的思维，要结合平衡进行分析，同时一般按重力、弹力、摩擦力顺序进行分析5BD【解析】以AB作为一个整体，以B为研究对象，得f=,B对；方向沿斜面向上，BD对；6B【解析】7BC【解析】试题分析：FNFfGF物体始终处于静止状态，则通过正交分解可得当往后退一步则绳子与水平方向夹角变小，说明地面对人的摩擦力增大，地面对人的支持增大，即BC正确。考点：受力分析、正交分解法点评：此类题型考察了对正

27、交分解法的掌握情况：受力分析、建立坐标并分解、列式求解。8B【解析】答案应为B先整体分析，根据牛顿第二定律：，拉力增大，所以加速度增大；隔离A：受重力和B对A的弹力，把弹力分解成水平和竖直，设弹力与水平夹角为， a变大，所以F变大，tan变小,变小，所以答案选B.9C【解析】略10A【解析】11B【解析】12B【解析】13BD【解析】14C【解析】 由于两物块做匀速运动，二者之间没有摩擦力，故P物体只受重力和支持力；Q物体受重力、地面的支持力、P给的压力、推力F和桌面给它的摩擦力共五个力。故C正确。15BC【解析】试题分析：由力的合成可知：只增加绳的长度既没有增大分力的大小也没有改变力的夹角，

28、所以对合力没有影响，故A错误夹角不变时，分力增大，合力就增大，增加重物的重量就是增大分力，故B正确在分力不变时增大夹角，则合力减小，将手指向上移动时增大了夹角，故C正确，D错误故选：BC考点：力的合成；点评：由力的合成可知：增大合力可以采取：增大分力的大小；减小分力间的夹角；既增大分力的大小，又减小分力间的夹角，明确关系熟练应用即可16D【解析】试题分析：滑轮和绳上都无摩擦，所以两边绳子中的拉力相等，故两绳与竖直方向的夹角也相等，如图所示，设动滑轮和物体的总质量为m，A、B或A、C两点的水平距离为d， A、D两点的水平距离为d，线总长为l。当绳系B点时，将BO延长至与竖直壁的延长线交于C点，由

29、几何知识可知OA=OC，则绳与竖直方向的夹角为，则同理，当绳系C 点时，绳与竖直方向的夹角，即，当绳系D点时，绳与竖直方向的夹角为，因，则，即。由得F1=F2<F3，所以选D。考点：本题考查受力平衡、力的合成与分解点评：对于动态变化的平衡问题，找到几个特殊问题比较也是一个方法，本题中两倾斜绳子的拉力大小相等，方向对称是解决本题的关键17D【解析】试题分析：如图对乙进行受力分析，当乙球向上运动过程中，甲球对它的支持力与竖直方向夹角减小，所以挡板对乙球的压力缓慢减小；可以把甲乙看成一个整体，甲沿斜面方向缓慢地移动时，力F沿斜面方向，甲乙两球对斜面的压力等于它们重力垂直于斜面的分力，大小方向不

30、变，所以D选项正确故选D考点：共点力动态平衡点评：较难。“动态平衡”是指平衡问题中的一部分力是变力，是动态力，力的大小和方向均要发生变化，所以叫动态平衡，这是力平衡问题中的一类难题解决这类问题的一般思路是：把“动”化为“静”，“静”中求“动”18C【解析】试题分析：以质量为的球为研究对象，根据平衡条件得，绳子的拉力再以质量为的球为研究对象，分析受力，绳子的拉力方向近似沿着球面的切线方向根据平衡条件得：联立得：，故选C考点：共点力平衡的条件及其应用；点评：本题采用隔离法研究力平衡问题，两物体之间拉力大小相等，是两物体之间的联系19A【解析】试题分析：对Q物块，设跨过定滑轮的轻绳拉力为T木块Q与P

31、间的滑动摩擦力 根据共点力平衡条件  对木块P受力分析，P受拉力F，Q对P向左的摩擦力f，地面对P体向左的摩擦力f，根据共点力平衡条件有 地面对P物体向左的摩擦力由式可以解得故选A考点：二力平衡条件的应用；摩擦力的种类点评：本题关键在于分别对两个木块进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解20ABC 【解析】由于车厢B的移动s=12at2，得车厢B在2.0s内的加速度为2.5m/s2，故A正确。对于B分析F合=F-fAB=mBa，对于A分析fAB=mAaA，vA=aAt,解得aA=2.25 m/s2， vA=4.5m/s,故B正确，D错误。由于s=12at2，A相对于地面的位移为s=

32、12at2，sA=4.5m，s= sB-sA=0.5m，故C正确。21BC 【解析】线烧断瞬间，弹簧弹力与原来相等，B球受力平衡，aB0，A球所受合力为mgsin kx2mgsin，故aA2gsin.22A【解析】以猫为研究对象，；以木板为研究对象，。所以。答案选A。23B【解析】当斜面光滑，斜劈是静止释放还是以一定的初速度沿斜面上滑，斜劈和球这个整体具有相同的加速度，方向沿斜面向下根据牛顿第二定律，知B球的合力方向沿斜面向下所以B球受重力、底部的支持力、以及N对球的弹力知M点对球无压力，N点对球有压力故A错，B正确。斜劈A沿斜面匀速下滑，知B球处于平衡状态，受重力和底部的支持力平衡所以M、N

33、对球均无压力故C错。斜劈A沿斜面加速下滑，斜劈和球这个整体具有相同的加速度，方向沿斜面向下根据牛顿第二定律，知B球的合力方向沿斜面向下所以B球受重力、底部的支持力、以及N对球的弹力故D错。故本题选B。24D【解析】考点：牛顿第二定律分析：整个系统由于只受重力，故系统的机械能守恒，则可列出机械能守恒的表达式；同时由于M在光滑的水平面上，当m向下运动时，M也会后退，Mm组成的系统动量守恒，由动量守恒可以得到Mm之间的关系式，进而可以求得m对斜面压力大小解：对斜面压力与斜面对m支持力是一对作用反作用力为NN的水平分力N1=Nsin，N的竖直分力N2=Ncos，对M、m整体：水平方向不受外力，动量守恒

34、有：mVx=MV整个系统无摩擦，只有重力做功，设斜面高为h，由机械能守恒得mgh=mV物2+MV2，设下滑时间为t，对M由动量定理：Nsint=MV，对m：竖直方向，由动量定理：（mg-Ncos）t=mVy，在水平方向，由动量定理：Nsint=mVx，又由于 V物2=Vx2+Vy2，解以上方程可得，N=故选：D25BD【解析】对小球，可求得加速度，即为车厢加速度，A错；绳对物块的拉力等于绳对小球的拉力，因此，B正确；则底板对物块的支持力，C错；底板对物块的摩擦力使物块产生加速度，因此，D正确。试题考查牛顿第二定律，涉及受力分析及力的合成与分解计算，难度中等。26B【解析】本题考查了考生提取图象

35、信息、处理图象信息的能力，是高考的重点和热点。分析由二力平衡得，图象横轴截距表示此时拉力等于对应的摩擦力，即有Fa=amagFb=bmbgFC=cmcg，且有Fa <Fb <FC ，由牛顿第二定律得，即有纵轴截距（F=0）表示物体受到的摩擦力产生的加速度，斜率k=1/m，易得：ma=mb、ma <mc 、a<b=c，因此选择B。27C【解析】试题分析：A物体对桌面的压力大小等于该物体的重力，但不能说压力就是重力，A错产生弹力的物体是施力物体形变造成的，所以应该是桌子形变，B错C对。支持力与压力属于一对相互作用力。答案为C考点：相互作用力、平衡力点评：本题考查了相互作用力

36、、平衡力的概念，以及弹力形变物体的问题28ABC【解析】试题分析：根据牛顿第三定律，人对升降机的压力和升降机对人的支持力大小相等，方向相反并且总是作用在同一条直线上，故支持力N等于；对人受力分析，受到重力和向上的支持力，根据牛顿第二定律，有即故，竖直向上；当速度向上时，人加速上升；当速度向下时，人减速下降；故选BC考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重点评：本题关键是要明确超重只是物体对支撑物的压力或者对悬挂物的拉力变大了，实际重力是不变的，然后根据牛顿第二定律列式求解即可29AC【解析】试题分析：木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上，此时木箱处于平衡状态。若某时刻物块对箱顶刚好无压力，弹

37、簧弹力由于长度没变弹力没变，说明木箱受向上的合外力，加速度向上，可能向上加速，也可能向下减速。故选AC考点：超重和失重点评：本题的解题关键是判断物体对箱顶无压力是时箱子的加速度的方向。30C【解析】试题分析：AB、由题意可知，斜面的高度及倾斜角度不能再变的情况下，要想减小滑到底部的速度就应当增大瓦与斜面的摩擦力，由可知，可以通过增大来增大摩擦力；而增大瓦的块数，增大了瓦的质量，虽然摩擦力大了，但同时重力的分力也增大，不能起到减小加速度的作用，故改变瓦的块数是没有作用的；错误CD、设木杆长度为L，竖直墙高度为h，瓦片下滑的加速度，其中，根据运动学公式可得，由题意可知，L越大则v越小；C正确故选C

38、考点：牛顿运动定律的综合应用点评：根据可知，若减小到达底端时速度较小，通过减小a和L的乘积来实现，但L和a的大小是相互影响的，一定要注意。31（1） 水平 远小于 （2） 【解析】试题分析：（1）操作中为了使绳子上的拉力等于小车所受外力大小，应该使小车与滑轮之间的细线水平（或与轨道平行）在该实验中实际是：，要满足，应该使砝码盘和砝码的总质量远小于小车的质量（2）在初速度为零的匀变速直线运动中有，若运动时间相等，则加速度与位移成正比故正确考点：“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”实验点评：本实验在原来的基础上有所创新，根据所学物理知识和实验装置的特点明确实验原理是解答该实验的关键32F F

39、力的平行四边形定则【解析】试题分析：合力的理论值是指通过平行四边形定则求出的合力值，而其实验值是指一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值，由此可知F是合力的理论值，是合力的实验值；该实验的实验目的就是比较合力的理论值和实验值是否相等考点：考查了力的平行四边形定则点评：该题比较简单，属于基础容易题，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用33(1) (2)m2gsin【解析】(1)没加推力时：k2x2m2gsink2x2m1gsink1x1加上推力后，当两弹簧的总长度等于两弹簧原长之和时，k1的伸长量与k2的压缩量均为x，对m1受力分析可得：k1xk2xm1gsin所以m1上移的距离d1x1xm2

40、上移的距离d2x2xd1x2x1.(2)分析m2的受力情况，有：Fm2gsink2xm2gsin.34F=9N【解析】物体在斜面方向的受力情况如图所示： ·················（1分）GXf由题意可知：=37°··········（2分） 因为： Gx=mgsin37°=15N·

41、3;···················（2分）F=µN=µmgcos37°=12N·········（2分）由余弦定理可知：F2=Gx2+f2-2GXfcos,··········

42、83;·············（2分）带入数据可以得出：F=9N ···············（2分）本题考查摩擦力的方向问题，摩擦力的方向总是与物体的相对运动方向相反，物体相对斜面的运动方向与摩擦力的方向相反，由受力平衡可知摩擦力的大小等于重力沿斜面向下的分力与推力的合力，由力的分解列公式求解35t=2.5s【解

43、析】试题分析：（1）物块刚放上传送带时，受到重力、传送带的支持力和沿传送带向下的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律求解加速度（2）物块向下做匀加速运动，根据运动学公式求出货物的速度和传送带的速度相同经历的时间和下滑的位移（3）物块的速度和传送带的速度相同后，因为动摩擦因数为075，继续向下做匀速运动，求出下滑的时间，最后求出总时间解：设物块刚放上传送带时加速度为，货物受力如图所示：根据牛顿第二定律得沿传送带方向：垂直传送带方向：又 由以上三式得： 方向沿传送带向下物块速度从0加速至传送带速度v=12 m/s，所用时间设为t1，位移设为x1，则有：，（3）当物块速度与传送带速度相等时，由于mgsin=

44、mgcos，此后物块和传送带一块匀速运动，运动底部的时间：小物块从A运动到B的时间为考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系点评：本题考查了倾斜传送带上物体相对运动问题，分析判断物体的运动情况是难点36（1）4.8m（2）0125（3）044s【解析】（1）弹丸从A到C做平抛运动t= s=06sA点到C点的水平距离s = v0t =80×06m =4.8m （2）弹丸到C的速度方向与水平方向的夹角为tg = = = =vC= m/s = 10m/s弹丸与塑料块在C点具有的相同速度vC=vC=1m/s 分析弹丸与塑料块从C点返回到C点的整个过程，根据动能定理有： -mgcos×2×=0mvC2 解得动摩擦因数=0125 （3）根据牛顿第二定律，下滑时由 a1=gsin-gcos可得a1=5 m/s2由= vC t1+a1 t12可解得t1=017s上滑时由 a1=gsin+gcos可得a2=7 m/s2 由=a2t22可解得t2=027s 所以塑料块从被弹丸击中到再次回到C点的时间t= t1+ t2=044