浙江绍兴2012高三调测精析版-理综物理

1、浙江省绍兴市2012届高三教学质量调测理科综合物理试题试题总评：试题依据新课标高考大纲，按照浙江省高考说明命制，试题覆盖高中物理必修1、必修2、选修3-1、3-2、3-4、3-5内容，重点考查主干知识和核心内容，难度适宜，具有一定的区分度和信度。注意事项：答第I 卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目涂写在答题卡上。每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。不能直接答在试题卷上。本卷共20 小题，每小题6 分，共120 分。在117 小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，1820 小题给出的四个选项中，有的只有一个

2、选项正确，有的有多个选项正确。本卷可能用到的相对原子质量：C12 H1 O16 Zn65 S32 Cl35.5一、选择题（本题共17小题。只有一个正确答案）14下列说法中正确的是A变化的磁场周围一定产生变化的电场B在真空中，频率越高的电磁波传播速度越大C要提高LC 振荡电路辐射电磁波的本领，应该采取的措施之一是尽可能使电场和磁场分散开D当处于电谐振时，只有被接收的电磁波才能在接收电路中产生感应电流14.答案：C解析：均匀变化的磁场周围产生恒定的电场，在真空中，频率不同的电磁波传播速度相同，选项AB错误；要提高LC 振荡电路辐射电磁波的本领，应该采取的措施之一是尽可能使电场和磁场分散开，选项C正

3、确；当处于电谐振时，只有被接收的电磁波才能在接收电路中产生感应电流最大，选项D错误。152011 年11 月29 日我国在西昌卫星发射中心用“长征三号甲”运载火箭，成功将第9 颗北斗导航卫星送入太空轨道。“北斗”卫星导航定位系统将由5 颗静止轨道卫星（同步卫星）和30 颗非静止轨道卫星组成（如图所示），30 颗非静止轨道卫星中有27 颗是中轨道卫星，中轨道卫星平均分布在倾角55°的三个平面上，轨道高度约21500km，静止轨道卫星的高度约为36000km。已知地球半径为6400km， 0.53，下列说法中正确的是（ ）A质量小的静止轨道卫星的高度比质量大的静止轨道卫星的高度要低B静止

4、轨道卫星的向心加速度小于中轨道卫星的向心加速度C中轨道卫星的周期约为45.2hD中轨道卫星的线速度大于7.9km/s15.答案：B解析：质量大、小的静止轨道卫星的高度相同，选项A错误；由万有引力定律和牛顿第二定律可知，静止轨道卫星的向心加速度小于中轨道卫D若入射光由红紫两种单色光复合组成，则标尺上仍只有两个位置出现光斑16.答案：C解析：若入射点左移或右移（入射角不变），则两光斑间距不变，选项AB错误；若入射光由红紫两种单色光复合组成，由于红紫两种单色光的折射率不同，发生色散，则标尺上会有三个位置出现光斑，选项C正确D错误。17如图所示为一个点电极A 与平板电极B 接入电源时的空间电场分布图，

5、C 为A 到B 垂线的中点，D、E 为同在A、B 直线上的两点，DC=CE，F、G 处在DE 的中垂线上，FC=CG，下列说法正确的是AA 电极的带电量小于B 电极的带电量BF 点的电场强度大于C 点的电场强度CDC 两点间电势差小于CE 两点间电势差D电子从F 点沿直线移动到G 点，电场力先做正功，后做负功D从图示时刻起再经过0.25s，平衡位置为x7m 处的质点的位移y>018.答案：BD解析：两列简谐横波在同种介质中传播，波速相等，实线波的频率为2Hz，波长4m，波速为8m/s；虚线波波长6m，频率为4/3Hz。频率不同，在相遇区域不会发生干涉现象，选项A错误B正确；平衡位置为x6

6、m 处的质点此刻经过平衡位置，速度最大，选项C错误；从图示时刻起再经过0.25s，平衡位置为x7m 处的质点的位移y<0，选项D错误。19如图所示，以直角三角形AOC 为边界的有界匀强磁场区域，磁感应强度为B，A=60°，AO= a。在O 点放置一个粒子源，可以向各个方向发射某种带负电粒子，粒子的比荷为q/m，发射速度大小都为v0，且满足v0=，发射方向由图中的角度表示。对于粒子进入磁场后的运动（不计重力作用），下列说法正确的是A粒子有可能打到A 点B以 = 60°飞入的粒子运动时间最短C以<30°飞入的粒子运动的时间都相等D在AC 边界上只有一半区域

7、有粒子射出答案：AD解析：由左手定则，带负电粒子向右偏转，粒子有可能打到A 点，选项A正确；以 = 90°飞入的粒子在磁场中运属棒机械能的减少量，选项B错误；当弹簧弹力与安培力之和等于金属棒的重力时，金属棒下落速度最大，选项C错误；由于金属棒运动过程中产生电能，金属棒在以后运动过程中的最大高度一定低于静止释放时的高度，选项D正确。第卷（非选择题，共180分）21（10 分）在“验证机械能守恒定律”实验中，某研究小组采用了如图甲所示的实验装置。实验的主要步骤是：在一根不可伸长的细线一端系住一金属小球，另一端固定于竖直黑板上的O 点，记下小球静止时球心的位置O'，粗略测得OO&#

8、39;两点之间的距离约为0.5m，通过O'作出一条水平线PQ。在O'附近位置放置一个光电门，以记下小球通过O'时的挡光时间。现将小球拉（2）多次测量记录h 与t 数值如下表：请在答题纸的坐标图中作出与h 的图像，指出图像的特征 ，并解释形成的原因 。答案：（1）10.2mm12图线特征当h<0.5m时为直线当h>0.5m时为曲线(向下弯曲)原因解释机械能守恒，有v2h全过程机械能不守恒（线绷紧时机械能有损失）解析：根据游标卡尺读数规则，测得小球的直径d=10.2mm。从图线可看出，当h<0.5m时为直线，说明机械能守恒；当h>0.5m时为曲线，说

9、明线绷紧时机械能有损失，机械能不守恒。22（10 分）电动自行车具有方便、快捷、环保等优点。某兴趣小组将一辆旧电动自行车充满电，取下三块电池，分别标为A、B、C，测量它们的电动势和内阻。（1）粗测电池A 时，多用电表的指针如图甲所示，由此可知他们选择的挡位是 A直流10V 挡B直流50V 挡C直流250V 挡D交流10V 挡（2）为较准确地测量A 电池的电动势E 和内阻r，采用了图乙所示的实验器材， 用笔划线代替导线，在答题纸上将实验电路图乙连接完整； 改变电阻箱的阻值R，测出对应的电流I（电表可视理想表），小敏同学随意地将实验数据记录在草稿纸上，如右图所示。请你帮他整理一下，将R 和I 对应

10、数据填入答题纸的表格中。 利用上述数据可求得A 电池的电动势E= V；内阻r = 。（小数点后保留一位。若要利用图线，答题纸方格图可供选用）答案：（1）B（2）如图。如下表所示。E=13.2V，r=1.0。次数第1次第2次第3次第4次第5次第6次第7次R/47.030.019.115.010.16.85.1I/A0.280.430.670.851.271.862.49解析：（1）电动自行车电池一般为几十伏，由此可知，他们选择的挡位是直流50V 挡。（2）为较准确地测量A 电池的电动势E 和内阻r，采用了图乙所示的实验器材，电流表与电阻箱、电池串联，通过改变电阻箱电阻值，得到相应的电压值。由E=

11、I(R+r)，解得1/I=·R+·r，利用图象1/IR图象的斜率倒数等于电池的电动势，截距等于·r，得出电池的电动势和内阻。23（16 分）一轻质弹簧左端固定在某点，放在水平面上，如图所示。A 点左侧的水平面光滑，右侧水平面粗糙，在A 点右侧5m 远处竖直放置一半圆形光滑轨道，轨道半径R0.4m，连接处平滑。现将一质量m0.1kg 的小滑块放在弹簧的右端（不拴接），用力向左推滑块而压缩弹簧，使弹簧具有的弹性势能为2J，放手后，滑块被向右水平弹出。已知滑块与A 点右侧水平面的动摩擦因数0.2，取g=10m/s2。求：（1）滑块运动到半圆形轨道最低点B 处时对轨道的压

12、力；（2）改变半圆形轨道的位置（左右平移），使得从原位置被弹出的滑块到达半圆形轨道最高点C 处时对轨道的压力大小等于滑块的重力，则AB之间的距离应为多大。23.解题指导：应用动能定理和牛顿第二定律列方程解得滑块运动到半圆形轨道最低点B 处时对轨道的压力；通过分析，利用动能定理和牛顿运动定律得出两种情况下AB之间的距离。解：（1）从小滑块释放到到达B点的过程中，根据动能定理， W-mgx=mv,由功能关系，W=Ep=2J，滑块运动到竖直圆轨道B点处，有F-mg=m，联立解得F=6N。由牛顿第三定律，滑块运动到半圆形轨道最低点B 处时对轨道的压力为6N，方向竖直向下。（2）在竖直圆周轨道最高点C，

13、滑块对轨道压力等于重力，FN=mg，包含了两种情况：24（20分）如图是一个货物运输装置示意图，BC是平台，AB是长L=12m的传送带，BA两端的高度差h=24m。传送带在电动机M的带动下顺时针匀速转动，安全运行的最大速度为vm=6m/s。假设断电后，电动机和传送带都立即停止运动。现把一个质量为20kg的货物，轻轻放上传送带上的A点，然后被传送带运输到平台BC上，货物与传送带之间的动摩擦因数为0.4。由于传送带较为平坦，可把货物对传送带的总压力的大小近似等于货物的重力；由于轮轴等方面的摩擦，电动机（转化为机械功）的效率为80%。取g=10m/s2。求：（1）要使该货物能到达BC平台，电动机需工

14、作的最短时间。（2）要把货物尽快地运送到BC平台，电动机的输出功率至少多大？（3）如果电动机接在输出电压为120V的恒压电源上，电动机的内阻r=6，解：（1）要使时间最短，货物应一直加速，设匀加速上行的加速度为a1，则有 mgcos-mgsin=ma1，把sin=2.4/12=0.2，cos1代入上式得：a1=2m/s2。6W=240W。考虑到效率，电动机的输出功率不得小于Pm= P1/0.80=600W。（3）由上述分析可知，匀加速运动时间t1=3s，此过程电动机的输出功率为P1=600W。 由P1=UI1-I12r解得I1=10A。消耗电能E1= UI1 t1=120×10

15、15;3J=3600J。匀速运动过程，t2= l2/ vm=0.5s，此过程电动机的输出功率为P2= P2/0.80=300W。由P2=UI2-I22r解得I2=（10-5）A。消耗电能E2= UI2 t2=120×（10-5）×0.5J=（600-300）J。总消耗电能E= E1 +E2=（4200-300）J=3776J。25（22 分）相距很近的平行板电容器，在两板中心各开有一个小孔，如图甲所示，靠近A板的小孔处有一电子枪，能够持续均匀地发射出电子，电子的初速度为v0 ，质量为m，电量为-e，在AB 两板之间加上图乙所示的交变电压，其中0< k <1，U0=；紧靠B 板的偏转电场电压也等于U0 ，板长为L，两板间距为d，距偏转极板右端L/2处垂直放置很大的荧光屏PQ。不计电子的重力和它们之间的相互作用，电