2019届高考物理(人教版)第一轮复习课时作业章末质量检测7恒定电流-(5548)

1、章末质量检测(七 )( 时间： 60 分钟满分： 100 分 )一、选择题 (本题共 6 小题，每小题7 分，共42 分。在每小题给出的四个选项中，第 1 4 题只有一项符合题目要求，第5 6 题有多项符合题目要求。)1.半导体材料的导电性能受外界条件的影响很大，有的半导体在温度升高时其电阻减小得非常迅速，利用这种半导体材料可以制成体积很小的热敏电阻。如图1所示是火警报警系统的部分电路，其中RT 为热敏电阻，电流表A 为值班室的显示器， a、 b 之间接报警器。当热敏电阻RT 所在处出现火情时，电流表A 的电流 I、报警器两端的电压U 的变化情况是()图1A IC I变大，变小，U 变大U 变

2、大B ID I变大，变小，U 变小U 变小解析根据题意可知，当出现火情时，RT 的电阻随着温度升高减小得非常迅速，E在电路中外电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律I 可知干路电流r R外增大，由U 端 E Ir 可知路端电压减小，电压表测量路端电压，因此U 变小，排除 A 、 C 选项；因干路电流I 增大， R1 两端的电压增大，而外电路的电压减小，故R2 和 RT 两端的电压会减小，因此电流表示数会减小，D 正确。答案D2.如图 2 所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R 的阻值，可使电压表的示数减小U( 电压表为理想电表)，在这个过程中()图 2A 通过R1 的电流减小，减小量

3、一定等于UR1B R2 两端的电压增加，增加量一定等于UC路端电压减小，减小量一定等于UD 通过R2 的电流增加，但增加量一定大于UR2解析电压表示数减小，可知R 减小，设路端电压、干路电流分别为U、I ，电压表示数为U1，流过 R1、 R2 的电流分别为I 1、 I2，电阻改变后，分别为U、I、U1、I1 、I2，则 U 1 I 1R1，U1 I 1R1 ， U U1 U 1 (I 1 I1 )R1，UI ， A正确。 U2 E U 1 Ir ， U 2 E U 1 I r ，得U21 I1I1R (U 1 U1 ) (I I)r U (I I)r< U， B错误；路端电压减小量小于U

4、UU， C 错误；U (I I)(r R2)， I 2 I I<R2 ，D 错误。2r R答案 A3.如图 3 所示，平行板电容器中带电质点P 处于静止状态， 电流表和电压表均为理想电表，则当滑动变阻器R 的滑片向 b 端移动时，以下说法中正确的是()图 3A 电流表读数减小B 电压表读数减小C带电质点P 将向上运动D R3 上消耗的功率逐渐增大解析由图可知，电阻R2 与滑动变阻器R 串联后与R3 并联，并联后再与电阻R1 串联接在电源两端，平行板电容器与R3 并联。当滑动变阻器的滑片向b 端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中的总电阻减小。由闭合电路欧姆定律可知，电路中的总电

5、流增大，路端电压减小，电阻 R1 两端的电压增大，故并联部分的电压减小。由欧姆定律可知，流过电阻R3 的电流减小，则流过 R2 和 R 的电流增大，故电流表的示数增大，选项A 错误；因R2 和 R 的总电压减小，而R2 两端的电压增大，所以电压表的示数减小，选项B 正确；因R3两端的电压减小，所以平行板电容器两端的电压减小，故带电质点P 受到的向上的电场力减小，重力大于电场力，所以带电质点P 将向下运动， 选项 C 错误；2U由于 R3 两端的电压减小，由P R 可知，电阻R3 上消耗的功率减小，选项D3错误。答案B4如图4 所示是饮水机的工作电路简化图，S 是温控开关，当温度升高到一定温度时

6、，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R0 是饮水机加热管电阻，R 是与加热管串联的电阻。表格是从其说明书中摘录的一些技术数据。不考虑R0、R 的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功率。当S 闭合时，下列关于饮水机的工作状态和R0 的阻值正确的是()图 4稳定电压220 V频率50 Hz加热功率550 W保温功率22 WA 加热， 220 B加热， 88 C保温， 88 D保温， 220 解析当 S 闭合时，由于电路中的有效电阻只有R0 ，故此时电路中的总电阻最2U小，对应的加热管电阻功率最大，故为加热状态。由R0 P 可得其电阻为88，B 正确。答案B5.平行板电容器C 与三个可变

7、电阻器R1、R2、R3 以及电源连成如图5 所示的电路。闭合开关S 待电路稳定后，电容器C 两极板带有一定的电荷。要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是()图 5A 只增大R1 ，其他不变B 只增大R2，其他不变C只增大R3，其他不变D 只减小a、 b 两极板间的距离，其他不变解析R1 和2串联，电容器两端电压跟R2两端电压相同。根据CQRU 可知如果不改变电容，则只需增大R2 两端电压，根据串联分压关系(电阻越大分压越大 )可知只增大R2 或者只减小R1 均可，选项B 对， A 、C 错；只减小a、 b 两极板间的距离会使电容增大，由Q CU 可知，电容器所带电荷量增加，选项D对。答案

8、BD6. (2014 上?海卷 )如图 6 所示，电路中定值电阻阻值R 大于电源内阻阻值r 。将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V 1、V 2 、V 3 示数变化量的绝对值分别为U1、U2、U 3，理想电流表A 示数变化量的绝对值为I ，则()图 6A A 的示数增大BV 2 的示数增大C U3与I 的比值大于 rD U1 大于U 2解析 由于电压表、电流表都是理想电表，则电流表可以看成短路，因此外电路为定值电阻R 与滑动变阻器串联， 电流表测的是总电流， 电压表 V 1 测的是 R两端的电压，V 2 测的是电源的外电压，V 3 测的是滑动变阻器两端的电压，当滑动变阻器滑片向下滑动时，电路中

9、的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流增大，电流表示数增大，A 项正确；内电压增大，外电压减小，电压表 V 2 示数减小， B 项错误；U3U1U2I R r ，C 项正确；I R，I r，由于 R大于 r ，因此U 1 大于U 2， D 项正确。答案ACD二、非选择题(本题共 4 小题，共58 分 )7 (12 分 ) 欲测量一个电流表的内阻，根据以下要求来选择器材并设计电路：a无论怎样调节变阻器，电流表都不会超量程；b有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据。现备有如下器材：A 待测电流表A 1(量程 3 mA ，内阻约为50 ）B 电压表V( 量程 3 V ，内阻未知)C电流表A 2

10、(量程 15 mA ，内阻为10 ）D 保护电阻R 120 E直流电源E( 电动势 2 V ，内阻忽略不计)F滑动变阻器( 总阻值 10 ，额定电流0.5 A)G开关一个，导线若干(1) 在以上提供的器材中，除A 、 E、 F、 G 以外，还应选择_ 、_( 填字母代号)。(2) 请画出符合要求的实验电路图。解析根据题中给出的备用器材，选择伏安法测量电流表的内阻。选择内阻已知的电流表A 2 作为电压表，选择保护电阻R 与并联的两个电流表串联。由于电流表两端电压最大只有0.15 V ，滑动变阻器最大电阻只有 10，所以选择分压电路，电路图如图所示。答案(1)CD(2) 见解析图8(14 分 )某

11、同学用量程为1 mA 、内阻为 120 的表头按图7(a)所示电路改装成量程分别为1 V 和 1 A 的多用电表。 图中 R1 和 R2 为定值电阻， S 为开关。回答下列问题：(1) 根据图 (a) 所示的电路，在图(b) 所示的实物图上连线。(2) 开关 S 闭合时，多用电表用于测量 _( 填“电流”、“电压”或“电阻” )；开关S 断开时，多用电表用于测量_( 填“电流”、“电压”或“电阻” ) 。(3) 表笔 A 应为 _ 色 (填“红”或“黑” ) 。(4) 定值电阻的阻值 R1 _ ， R2 _ 。 (结果取三位有效数字 )图 7解析将表头改装成电压表时，需串联一电阻进行分压，而改

12、装成电流表时则需并联一电阻分流，因此闭合开关后，并联上R1 改装成一电流表，断开开关，表头与R2 串联则改装成一电压表。多用电表内部表头的正极在右侧，即电流应从表笔B 流入，从表笔A 流出，则表笔A 为黑色。当断开S 时， Ig(R2 r) U m，解得R2 880 。当闭合S 时， Ig(R2 r) (I Ig)R1，解得R1 1.00。答案(1)如解析图所示(2) 电流电压(3) 黑(4)1.008809 (16 分 ) 在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验时，所用器材有：电动势为6 V 的电源，额定电压为2.5 V 的小灯泡， 以及符合实验要求的滑动变阻器、电流表、电压表、开关和导线，

13、要求能测出尽可能多的数据，图8 甲所示是没有连接完的实物电路。(已连接好的导线有a、 b、 c、 d、 e、 f 六根 )图 8(1) 请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整。(2) 连好电路，闭合开关，移动滑片P 到某处，电压表的示数为2.2 V ，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P 向 _( 填“左”或“右”)端滑动。(3) 通过移动滑片 P，分别记下了多组对应的电压表和电流表示数，并绘制成了如图乙所示的U I 图线，根据U I 图线提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率为 _W 。(4) 小灯泡的U I 图线是曲线而不是过原点的直线，原因是_ 。解析(1)小灯泡的电阻很小，因此采用电流

14、表外接法；实验时，要求小灯泡两端电压从0 逐渐增大到额定电压，滑动变阻器应采用分压式接法。实物电路如答案图所示。(2) 将滑片 P 向右端滑动，可以增大灯泡两端的电压。(3) 根据 U I 图象可知， U 2.5 V 时， I 0.2 A ，所以小灯泡的额定功率为P UI0.5 W。(4)U I 图线上各点与原点连线的斜率表示灯丝的电阻，图线是曲线而不是过原点的直线，这是因为灯丝的电阻会随温度的升高而增大。答案(1)如图所示(2)右(3)0.5(4) 灯丝的电阻会随温度的升高而增大10 (16分 )2014苏?、锡、常、镇四市高三教学情况调研(二 )某同学用电阻箱、多用电表、开关和导线测一节旧

15、干电池的电动势和内阻。(1) 他先用多用表电压挡直接接在电源两极，读数如图_V 。9 甲，则电源电动势约为图9(2) 为了更准确地测量电源的电动势和内电阻，他用多用表的“直流100 mA”挡设计了如图乙的测量电路，为了电表安全，请估算开关闭合前电阻箱的最小取值为 _ 。(3) 将多用电表的选择开关从OFF 旋转至“直流100 mA ”挡，调节电阻箱到合适的值并记录其读数R，合上开关从多用表上读出相应的示数I。(4) 重复(3) 获得多组数据，根据数据作出了如图10 所示的R1I 图线。图 10(5) 由图线得干电池的电动势E _V( 保留三位有效数字) ，内阻r _ 取（整数 )，多用表的内电阻对_( 填“E”“r”或“ E 和 r ” )的测量结果有影响。解析(1)由题图甲可知，选用了直流电源2.5 V 挡，因此指针的读数对应为1.30V ；(2) 由于选用直流电路100 mA 量程，因此电路中的最大电流不得超过100 mA ，1.3所以 R 0.1 13