湖南省邵阳市洞口县202X年中考物理模拟试卷一（含解析）

1、精选2019年湖南省邵阳市洞口县中考物理模拟试卷（一）一、选择题（每小题四个选项中，只有一项最符合题意本大题共10个小题，每小题3分，共30分）1下列用来测量力的仪器是（）A托盘天平B量筒C弹簧秤D温度计2我们经常说“男低音”“女高音”，这里的“高”和“低”指的是（）A音调B响度C音色D声速3某“迪厅”主人在地板中安装了一种“神奇”装置，给厅内炫光灯供电。当跳舞的人踩踏地板越厉害时，炫光灯就会亮得越多，也越明亮。该“神奇”装置可能利用的工作原理是（）A电磁感应现象B电流的磁效应C通电线圈受磁力D摩擦起电现象4为缓解电力紧张的状况，我省正在加大核电站的建设。下列说法正确的是（）A核电站将核能最终

2、转化为电能B核反应堆中发生的是不可控制的核裂变C核能发电使用的燃料是天然气D核电站利用的核能属于可再生能源5图中符合家庭用电安全要求的是（）A允许最大电流6A的插座连接多个用电器B这样用试电笔接触火线C电冰箱用这样的插座和插头D按这样的电路图连接插座和电灯6现有甲、乙两杯温度分别为 40和 80的水，则下列说法正确的是（）A只有加热才能使水的温度升高B甲杯中水的内能一定比乙杯中水的内能少C乙杯中水的温度降低，水的内能一定减小D甲杯中的水分子运动一定比乙杯中的剧烈7在如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2是定值电阻，R3是滑动变阻器。闭合开关S后，当滑片P由a向b滑动的过程中，电压表V1

3、、V2的示数变化量分别为U1、U2，电流表的示数变化量为I则下列判断中正确的是（）AU1U2B电压表V1的示数和电流表A的示数均变大，电压表V2的示数变小CR2DR1和R2消耗的总功率变化了U2I8下列关于简单机械的说法，正确的是（）A托盘天平相当于一个等臂杠杆B升旗时人向下拉绳子国旗上升，是利用动滑轮C使用杠杆，既省力又省距离D用滑轮组，一定省力，也一定能改变用力的方向9图中的两个线圈，套在一根光滑的玻璃管上。导线柔软，可自由滑动。开关S闭合后，则（）A两线圈左右分开B两线圈向中间靠拢C两线圈静止不动D两线圈先左右分开，然后向中间靠拢10如图所示，均匀实心圆柱体A和B放置在水平地面上，对地面

4、的压强pApB，已知两个圆柱体A和B体积VAVB，高度hAhB，与地面的接触面积SASB，若在圆柱体A和B的上方，沿水平方向切去一部分，使A和B剩余部分对地面的压强相等，则下列判断正确的是（）A可能切去相同质量B可能切去相同体积C剩余部分的高度可能相等DA和B对地面压力的变化量可能相等二、填空题（本大题共9小题；共20分）11“枯藤老树昏鸦，小桥流水人家”给人冷落暗淡的气氛，又显示出一种清新幽静的境界。如图所示，“小桥流水人家”使人感到幽雅闲致。从物理的角度分析，以“小桥”为参照物，老树是的；若说“小桥”是运动的，是以为参照物。12水不同状态的循环给自然界带来了无限生机，雪花就是水循环过程中的

5、产物之一，它是由水蒸气遇冷直接（填写物态变化名称）而形成的小冰晶。13大城市中建造的一些高楼用玻璃做墙，由于太阳光照射到玻璃墙上发生了，使附近的住户受到较强的光照射而不能很好工作和休息，形成了一种新的城市污染，而我们平常的墙壁发生的是，而不会出现这种现象。14洒水车在水平路面上匀速前进并洒水时，它的动能，机械能。（选填“变大”、“变小”或“不变”）。15在直流电动机模型中，将电源的两极和磁铁的两极同时对调，则线圈转动的方向，若使通过电动机线圈中的电流增大，则线圈转运的速度将。16白炽灯灯泡内的钨丝正常工作时温度高达2000左右（钨的熔点是3410），长期使用后，钨丝因（填物态变化）变细，导致灯

6、丝的电阻变（选填“大”、“小”），升华后的钨又（填物态变化）使灯泡内壁变黑。17钓鱼是许多人喜爱的一种休闲活动，如图所示。当有鱼上钩时。鱼竿会被拉弯。说明力能改变物体的；起鱼时，若其它条件不变。鱼竿长度越长，手提鱼竿的力越。如钓鱼者将一条重为4N的鱼从水面提高2m，再沿水平方向移3m，在这一过程中，钓鱼者克服鱼的重力做功为J。18如图所示，电源电压为9V，R060，滑动变阻器R的规格为“50 2A”，电流表的量程为“00.6A”，小灯泡标有“6V 3W”字样。不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全，则当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器连入电路中阻值最小时，灯与滑动变阻器两端的电压之比是；当开

7、关S、S1、S2都闭合且电路消耗的总功率最大时，滑动变阻器连入电路中的阻值是。19底面积为S1的圆柱形容器内盛有适量密度为的液体，在滑轮组的下方，悬挂一底面积为S2的圆柱形物体A，此物体部分浸入液体中，如图。当绳的自由端被向上拉动距离s时（物体下表面一直保持在液体中），不计摩擦，定滑轮对天花板的拉力的变化量为。三、作图题（本大题共3小题；共15分）20如图所示，物块A静止在斜面B上，请画出物块A对斜面B压力F和A受到的摩擦力f。21一条光线斜射到水面发生反射和折射，这条光线经水面折射后的光线如图所示。请在图中画出它的入射光线和反射光线的大致方向。22请用笔画线代替导线，将背面接线示意图中连有开

8、关的电灯和三孔插座接入家庭电路中。四、实验题（本大题共2小题；共9分）23用天平和量筒测量盐水的密度。（1）将天平放在桌面上，移动游码至标尺左端的“0”刻度线后，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向侧调节。（2）用调节好的天平测量盐水和烧杯的总质量m1104g。（3）将烧杯中的一部分盐水倒入量筒内，如图乙所示，量筒内盐水的体积VmL。（4）接着测量剩余盐水和烧杯的总质量m2，天平平衡时，所用砝码质量及游码位置如图丙所示，则m2g。（5）根据测量结果计算出盐水的密度g/cm3。24在探究“电流跟电压、电阻关系”的过程中，某同学按图所示的电路图连接实物后，该同学做如下步骤：（1）步骤1：研究

9、电流与电压的关系时，闭合开关S后，调节变阻器使R两端的电压成变化，分别读出并记录对应于不同电压下的电流表示数。步骤2：研究电流与电阻的关系时，换用不同的定值电阻，调节变阻器使不变，分别读出并记录对应于不同阻值的电流表的示数。（2）记录的实验数据如下表表甲：实验次数电流（安）电压（伏）10.25120.50230.753表乙实验次数电流（安）电阻（欧）42151260.54由表甲可归纳得出的结论：由表乙可归纳得出的结论：。五、计算题（本大题共3小题；共26分）25（9分）一个质量为0.6kg，边长为0.1m的正方体物块，放置在水平地面上，求：（1）物块受到的重力。（2）物块对地面的压强。（3）若

10、将物块浸没在水中后松手，通过计算判断该物块的浮沉情况。26（7分）饮水机是一种常用的家用电器，其加热水槽部分工作原理电路图如图所示，其中S是一个温控开关，R1为电加热管，当饮水机处于加热状态时，水被迅速加热，达到预定温度时，S自动切换到另一处于保温状态。请回答下列问题：（1）A、B是两种不同颜色的指示灯。如果用红色表示正在对水加热，黄色表示保温，请标明指示灯的颜色，应该是A为色，B为色。（2）若饮水机加热时加热管的功率为550W，而保温时加热管的功率为88W，求电阻R2的阻值（不考虑温度对阻值的影响，且不计指示灯的阻值）。（3）若加热水槽储水1.0kg，将其从初温20加热到100，加热管的热效

11、率为90%，试计算出加热需要多少时间？27（9分）如图甲所示电路，电源电压为6V，滑动变阻器R的阻值变化范围为030，灯泡的“UI”图象如乙图所示，闭合开关S，第一次将变阻器的滑片移到最左端，灯泡正常发光，此时电流表的示数为I11.2A；第二次将变阻器的滑片移至某处时，电流表的示数变为I20.8A；求：（1）灯泡正常发光的电流IL；（2）R0的阻值；（3）第二次灯泡消耗的电功率。2019年湖南省邵阳市洞口县中考物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、选择题（每小题四个选项中，只有一项最符合题意本大题共10个小题，每小题3分，共30分）1下列用来测量力的仪器是（）A托盘天平B量筒C弹簧秤D温度计

12、【分析】根据天平、量筒、温度计、弹簧称的用途判断，特别要注意质量与重量和力的区别。【解答】解：A、天平是称量物质质量的仪器，所以A错误。B、量筒是量度液体体积的仪器，所以B错误。C、弹簧称是称物质重量的仪器，实际上测的是物质受到的重力，所以C正确。D、温度计是测量物体温度高低的仪器，所以D错误。故选：C。【点评】本题主要考查仪器的用途，了解仪器的名称和用途是解该题和关键。2我们经常说“男低音”“女高音”，这里的“高”和“低”指的是（）A音调B响度C音色D声速【分析】音调指声音的高低，是由发声体振动的频率决定，频率越高，音调越高；女声一般情况下音调比男声高。响度指声音的强弱，是由发声体振动的振幅

13、决定，振幅越大，响度越大；音色是指声音的品质与特色。【解答】解：由于声带的特点不同，所以女高音的振动快，音调高。男低音振动慢，音调低。所以我们经常说的“男低音”、“女高音”中的“高”和“低”指的是音调。故选：A。【点评】本题考查学生对音调定义的掌握情况。能掌握声音的三个特性，正确区分音调和响度是解决此题的关键。3某“迪厅”主人在地板中安装了一种“神奇”装置，给厅内炫光灯供电。当跳舞的人踩踏地板越厉害时，炫光灯就会亮得越多，也越明亮。该“神奇”装置可能利用的工作原理是（）A电磁感应现象B电流的磁效应C通电线圈受磁力D摩擦起电现象【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，

14、这叫做电磁感应现象。据此结合描述现象解答。【解答】解：这种装置给炫光灯供电说明起到电源的作用，当跳舞的人踩踏地板越厉害时，炫光灯就会亮得越多，也越明亮。说明产生的电流越强，此灯的工作原理为电磁感应现象。故选：A。【点评】此题主要考查学生对于电磁感应现象的理解和掌握。4为缓解电力紧张的状况，我省正在加大核电站的建设。下列说法正确的是（）A核电站将核能最终转化为电能B核反应堆中发生的是不可控制的核裂变C核能发电使用的燃料是天然气D核电站利用的核能属于可再生能源【分析】核电站是在核反应堆中利用可控的核裂变来进行工作，最终将核能转化为电能的；可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就

15、很难再生的能源称之为不可再生能源。【解答】解：A、核电站先将核能转化为内能，再通过汽轮机将内能转化为机械能，再通过发电机将机械能转化为电能，故A正确；B、核反应堆中发生的是可控的核裂变，故B错误；C、核电站使用的就是核燃料，而不是天然气，故C错误；D、核能在地球上的储量是有限的，消耗后不可能再生，属不可再生能源，故D错误。故选：A。【点评】全面了解核能利用的原理、过程及特点，是解决此题用到的主要知识。同时，通过此题我们也应对核安全引起一定的重视。5图中符合家庭用电安全要求的是（）A允许最大电流6A的插座连接多个用电器B这样用试电笔接触火线C电冰箱用这样的插座和插头D按这样的电路图连接插座和电灯

16、【分析】使用测电笔时，手一定要接触笔尾的金属体。对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，使用三孔插座，发生触电事故。灯泡的接法：火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。【解答】解：A、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾。故A错误；B、使用测电笔时，一定要接触笔尾的金属体，这样才能构成闭合回路，达到辨别火线和零线的目的；故B错误；C、电冰箱一定要使用三孔插座，且金属外壳要接地。因为当用电器的外壳和火线间的绝缘

17、破损，使外壳带电，电流就会流入大地，不会对人体造成伤害。故C选项不符合题意。D、火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。故D正确；故选：D。【点评】题目考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生。安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了。6现有甲、乙两杯温度分别为 40和 80的水，则下列说法正确的是（）A只有加热才能使水的温度升高B甲杯中水的内能一定比乙杯中水的内能少C乙杯中水的温度降低，水的内能一定减小D甲杯中的水分子运动一定比乙杯中的剧烈

18、【分析】（1）改变物体的内能有两种方式：做功和热传递。（2）内能的大小与物体的温度和质量有关；（3）内能与物体的质量、温度和状态有关；（4）温度越高，分子无规则运动越剧烈。【解答】解：A、用酒精灯加热使杯中水的温度升高，这是用酒精灯给水传热，是热传递改变物体的内能；用搅拌器不断地搅拌使水温升高，这是将水运动的动能转化成了水的内能，是做功改变物体的内能，故A错误；B、内能的大小除了与物体的温度有关外，还和物体的质量有关，故B错误；C、乙杯中水的温度降低，水分子的无规则运动减慢，水的内能一定减小，故C正确；D、温度越高，分子无规则运动越剧烈，乙杯中的水分子运动一定比甲杯中的剧烈，故D错误。故选：C

19、。【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及改变物体内能方法的理解，是中招的热点，热学的难点。7在如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2是定值电阻，R3是滑动变阻器。闭合开关S后，当滑片P由a向b滑动的过程中，电压表V1、V2的示数变化量分别为U1、U2，电流表的示数变化量为I则下列判断中正确的是（）AU1U2B电压表V1的示数和电流表A的示数均变大，电压表V2的示数变小CR2DR1和R2消耗的总功率变化了U2I【分析】由图可知，三个电阻串联，电压表V1测R1和R2两端总电压，V2测R2和R3两端总电压，根据欧姆定律及其公式变形对各个选项逐一分析。【解答】解：A、

20、滑片向右移动，R3两端电压增大，R1和R2两端总电压减小，因为电源电压不变，所以R3两端电压的增大量等于R1和R2两端总电压的减小量，则由UR3UR1，又因为U2UR3，U1UR1，所以U2U1，故A错误；B、滑动变阻器滑片向右移动时，连入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，电源电压不变，所以电路中电流变小，R3两端电压变小，V1示数增大，V2示数减小，故B错误；C、在滑动变阻器和定值电阻R串联的电路中，可以证明有关定值电阻R的公式，R，所以R1+R2，R1，R1+R2R1R2，故C正确；D、设滑片P在s点时电路中电流为Ia，在b点时电流为Ib，则由R1和R2消耗的电功率和增加量P（R1+R2

21、）（R1+R2）（）（R1+R2）（IbIa）（Ib+Ia）（R1+R2）IIb（R1+R2）+Ia（R1+R2）I（Ub+Ua），因为Ub+UaUbUa，而UbUaU2，所以PU2I故D错误。故选：C。【点评】此题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是熟悉串联电路的电压和电流的特点。有一定的拔高难度，属于难题。8下列关于简单机械的说法，正确的是（）A托盘天平相当于一个等臂杠杆B升旗时人向下拉绳子国旗上升，是利用动滑轮C使用杠杆，既省力又省距离D用滑轮组，一定省力，也一定能改变用力的方向【分析】（1）杠杆的种类有三种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力

22、但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力；（2）能随物体升降的是动滑轮，不随物体升降的是定滑轮；（3）根据功的原理省功的机械是不存在的；（4）滑轮组可以改变力的大小，也可以改变力的方向，也可以既改变力的大小又改变力的方向。【解答】解：A、托盘天平左右两侧力臂是相等的，它是一个等臂杠杆，故A正确；B、升旗时旗杆顶端的滑轮并不随旗帜升降，不是动滑轮，而是一个定滑轮，故B错误；C、既省力又省距离就是省功，根据功的原理可知，任何机械都不省功，故C错误；D、滑轮组在使用的时候，可能会既省力又能改变力的方向，但不是一定能，故D错误。故选：A。【点评】本题涉及到的简单机械的内容比较多，平日注

23、意相关知识的积累，难度还是不大的。9图中的两个线圈，套在一根光滑的玻璃管上。导线柔软，可自由滑动。开关S闭合后，则（）A两线圈左右分开B两线圈向中间靠拢C两线圈静止不动D两线圈先左右分开，然后向中间靠拢【分析】根据安培定则（右手螺旋定则）分别判断出两个线圈的磁极，再根据磁极间的相互作用就可以判断出线圈的运动情况。【解答】解：根据安培定则判断，L线圈的左端为S极，右端为N极，P线圈的左端也是N极，右端也是S极，也就是说，中间靠近的位置，两线圈的极性相同，因为同名磁极互相排斥，则这两个线圈相互排斥而左右分开。故选：A。【点评】该题考查了利用安培定则判断螺线图磁极的方向，以及磁极间的相互作用。10如

24、图所示，均匀实心圆柱体A和B放置在水平地面上，对地面的压强pApB，已知两个圆柱体A和B体积VAVB，高度hAhB，与地面的接触面积SASB，若在圆柱体A和B的上方，沿水平方向切去一部分，使A和B剩余部分对地面的压强相等，则下列判断正确的是（）A可能切去相同质量B可能切去相同体积C剩余部分的高度可能相等DA和B对地面压力的变化量可能相等【分析】（1）根据p表示出切去相同质量时两者压强的变化量，根据SASB可知两者压强变化量的大小关系，然后判断剩余部分压强的大小变化进行判断；（2）根据p表示出切去相同体积时两者压强的变化量，根据p和pApB得出两者的关系，然后比较两者压强变化量的大小关系进行判断

25、；（3）根据pgh判断两者密度之间的关系，然后判断剩余部分的高度相等时两者的压强关系；（4）比较原来压强的关系判断A和B对地面压力的变化量相等时，两者剩余部分的压强是否可能相等。【解答】解：（1）切去相同质量时，两者压强的变化量分别为：pA，pB，因SASB，所以，pApB，又因pApB，所以，A和B剩余部分对地面的压强不可能相等，故A错误；（2）切去相同体积时，两者压强的变化量分别为：pA，pB，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，物体对地面的压强：p，因pApB，所以，因VAVB，所以，即，则，即pApB，所以，A和B剩余部分对地面的压强可能相等，故B正确；（3）剩余部分的高度相等

26、时，物体对地面的压强：pgh，因pApB，hAhB，所以，AB，则A和B剩余部分对地面的压强：pAAgh，pBBgh，所以，A和B剩余部分对地面的压强不可能相等，故C错误；（4）A和B对地面压力的变化量相等，因pApB，所以，剩余部分A的压强大于剩余部分B的压强，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了压强公式的灵活应用，利用好题干中所给的体积是解题的前提和关键，是一道难题。二、填空题（本大题共9小题；共20分）11“枯藤老树昏鸦，小桥流水人家”给人冷落暗淡的气氛，又显示出一种清新幽静的境界。如图所示，“小桥流水人家”使人感到幽雅闲致。从物理的角度分析，以“小桥”为参照物，老树是静止的；若说“小

27、桥”是运动的，是以流水为参照物。【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。【解答】解：诗句“枯藤老树昏鸦”中，老树和参照物枯藤之间没有位置的改变，所以以老树为参照物枯藤是静止的；诗句“小桥流水人家”中，小桥和流水之间发生了位置的改变，所以以小桥为参照物流水是运动的。故答案为：静止；流水。【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。12水不同状态的循环给自然界带来了无限生机，雪

28、花就是水循环过程中的产物之一，它是由水蒸气遇冷直接凝华（填写物态变化名称）而形成的小冰晶。【分析】物体直接由气态变为固态的过程叫凝华。【解答】解：雪是水蒸气直接变为小冰晶，是气态变为固态，属于凝华。故答案为：凝华。【点评】本考查凝华现象是基础题。13大城市中建造的一些高楼用玻璃做墙，由于太阳光照射到玻璃墙上发生了镜面反射，使附近的住户受到较强的光照射而不能很好工作和休息，形成了一种新的城市污染，而我们平常的墙壁发生的是漫反射，而不会出现这种现象。【分析】反射分两种，表面光滑的反射是镜面反射，表面粗糙的反射是漫反射。【解答】解：玻璃墙表面光滑，所以是镜面反射；平常的墙壁粗糙，所以是漫反射。故答案

29、为：镜面反射；漫反射。【点评】如图：这是镜面反射和漫反射的对比图，有同学误认为镜面反射的反射光线一定是平行的，漫反射的反射光线一定不是平行的。其实区分两种反射的关键是表面光滑还是粗糙。14洒水车在水平路面上匀速前进并洒水时，它的动能变小，机械能变小。（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【分析】机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关。【解答】解：洒水车匀速前进不断洒水的过程中，质量减小，速度不变，动能减小；质量变小，高度不变，重力势能变小；洒水车的动能变小，重力势能减小，故机械能变小；故答案为：变小；变小。【点评】熟练掌握影响动能和势能的因素，注意质量既

30、影响动能，也影响重力势能，即可解答此题。15在直流电动机模型中，将电源的两极和磁铁的两极同时对调，则线圈转动的方向不变，若使通过电动机线圈中的电流增大，则线圈转运的速度将加快。【分析】直流电动机的制作原理是通电线圈在磁场中受力转动，其转动速度与电流大小和磁场强弱有关；电动机线圈的转动方向与磁场方向和电流方向有关。【解答】解：在直流电动机模型中，将电源的两极和磁铁的两极同时对调，则线圈转动的方向不变，若使通过电动机线圈中的电流增大，则线圈转运的速度将加快。故答案为：不变；加快。【点评】了解影响直流电动机的转动方向和转动速度的因素是本题的解题关键。16白炽灯灯泡内的钨丝正常工作时温度高达2000左

31、右（钨的熔点是3410），长期使用后，钨丝因升华（填物态变化）变细，导致灯丝的电阻变大（选填“大”、“小”），升华后的钨又凝华（填物态变化）使灯泡内壁变黑。【分析】导体的电阻和导体的横截面积有关，在材料、长度一定时，横截面积越小，电阻越大；物体由固态变为气态的过程叫升华，物体由气态变为固态的过程叫凝华；根据上述知识进行分析，得出结论。【解答】解：钨丝在高温下升华变为钨蒸汽，钨丝变细，在材料、长度一定时，电阻变大；升华形成的钨蒸汽又会凝华为固态的钨，附着在灯泡内壁上使灯泡内壁变黑。故答案为：升华；大；凝华。【点评】白炽灯是生活中常见的家用电器，用久了的灯丝变细、内壁变黑、灯泡变暗都是我们可以观察

32、到的，但我们有没有想想原因；学习物理最基本的方法就是善于观察、勤于思考。17钓鱼是许多人喜爱的一种休闲活动，如图所示。当有鱼上钩时。鱼竿会被拉弯。说明力能改变物体的形状；起鱼时，若其它条件不变。鱼竿长度越长，手提鱼竿的力越大。如钓鱼者将一条重为4N的鱼从水面提高2m，再沿水平方向移3m，在这一过程中，钓鱼者克服鱼的重力做功为 8 J。【分析】（1）力的作用效果有两个：改变物体的形状，改变物体的运动状态；（2）结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，然后根据杠杆平衡条件分析；（3）明确做功的两个必要因素，利用WGh可求得他克服鱼的重力做功。【解答】解：（1）当有鱼上钩时，

33、鱼对鱼竿的拉力会使鱼竿变弯，说明力改变物体的形状；（2）鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。若其他条件不变，鱼竿长度越长，阻力臂增大，而动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，动力增大，即手提鱼竿的力越大；（3）钓鱼者将一条重为4N的鱼从水面提高2m，他克服鱼的重力做功，再沿水平方向移动1m，在这一过程中不做功，故他克服鱼的重力做功WGh4N×2m8J。故答案为：形状；大；8。【点评】本题考查的是力的作用效果、杠杆的应用，功的计算，明确做功的两个必要因素是解答（3）的关键。18如图所示，电源电压为9V，R060，滑动变阻器R的规格为“50 2A”，电流表的量程为“00.6A”，小

34、灯泡标有“6V 3W”字样。不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全，则当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器连入电路中阻值最小时，灯与滑动变阻器两端的电压之比是 2：1 ；当开关S、S1、S2都闭合且电路消耗的总功率最大时，滑动变阻器连入电路中的阻值是 20 。【分析】（1）当开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，根据PUI求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，然后确定灯泡两端的最大电压，此时滑动变阻器连入电路中阻值最小，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，然后求出灯与滑动变阻器两端的电压之比；（2）当开关S、S1、S2

35、都闭合时，R0与滑动变阻器R并联，电流表测干路电流，当电流表的示数最大时电路消耗的总功率最大，根据并联电路的电流特点求出通过R0的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值。【解答】解：（1）当开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，由PUI可得，灯泡的额定电流：IL0.5A，因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为00.6A，变阻器允许通过的最大电流为2A，所以，电路中的最大电流为0.5A，此时滑动变阻器连入电路中阻值最小，灯泡两端的电压UL6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压

36、：URUUL9V6V3V，则灯与滑动变阻器两端的电压之比：UL：UR6V：3V2：1；（2）当开关S、S1、S2都闭合时，R0与滑动变阻器R并联，电流表测干路电流，当电流表的示数I0.6A时，电路消耗的总功率最大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过R0的电流：I00.15A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过滑动变阻器的电流：IRII00.6A0.15A0.45A，滑动变阻器接入电路中的阻值：R20。故答案为：2：1； 20。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清串联时滑动变阻器接入电路中的最小阻值和并联时电路消耗的功率最大是关键。19底面积为S1的

37、圆柱形容器内盛有适量密度为的液体，在滑轮组的下方，悬挂一底面积为S2的圆柱形物体A，此物体部分浸入液体中，如图。当绳的自由端被向上拉动距离s时（物体下表面一直保持在液体中），不计摩擦，定滑轮对天花板的拉力的变化量为×。【分析】由于当绳的自由端被向上拉动距离s时物体A受到的浮力不同，首先对滑轮组的动滑轮受力分析，根据滑轮组的使用特点得出绳子自由端的拉力F，根据平衡条件列式得出物体A提升前时定滑轮对天花板的拉力F1；通路得出物体A提升前时定滑轮对天花板的拉力F2；最后比较即可求出定滑轮对天花板的拉力的变化量。【解答】解：物体A提升前，假设圆柱形物体A浸入液体中的深度为h，则物体A排开液体

38、的体积为V排S2h，物体A受到的浮力：F浮gV排gS2h；由图可知，n3，则绳子自由端的拉力：F（GF浮）（GgS2h）；再对定滑轮受力分析，受下方两段绳子的拉力和天花板对定滑轮的拉力，由于定滑轮对天花板的拉力与天花板对定滑轮的拉力是一对相互作用力，根据力的平衡条件，则可得定滑轮对天花板的拉力：F12F2×（GgS2h）（GgS2h）；当绳的自由端被向上拉动距离s时，物体A提升的高度为ss，液面下降的高度为h；则此时物体A浸入液体中的深度为hhhh；此时排开液体的体积为V排S2hS2（h），此时物体A受到的浮力：F浮gV排gS2（h），此时绳子自由端的拉力：F（GF浮） GgS2（h

39、），此时定滑轮对天花板的拉力：F22F2× GgS2（h） GgS2（h），所以，定滑轮对天花板的拉力的变化量：FF2F1 GgS2（h）（GgS2h）×。故答案为：×。【点评】本题关键是灵活选择研究对象，根据平衡条件列式分析；隔离法与整体法整体法：以几个物体构成的整个系统为研究对象进行求解。在许多问题中用整体法比较方便，但整体法不能求解系统的内力；隔离法：从系统中选取一部分（其中的一个物体或两个物体组成的整体，少于系统内物体的总个数）进行分析。隔离法的原则是选取受力个数最少部分的来分析；通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用

40、隔离法；有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用。三、作图题（本大题共3小题；共15分）20如图所示，物块A静止在斜面B上，请画出物块A对斜面B压力F和A受到的摩擦力f。【分析】先确定所受各个力的方向，根据力的示意图的画法分别画出，注意物体所受力的作用点位置。【解答】解：物块A对斜面B的压力作用在斜面上，方向垂直于斜面向下；物块A静止，有下滑的趋势，受到沿斜面向上的静摩擦力，两个力的作用点可画在接触面的中点处，如图所示：故答案为：见上图。【点评】画力的示意图，要先确定力的三要素，用一条带箭头的线段把三要素表示出来，标上字母符号，有的要标出力的大小。21一条光线斜射到水

41、面发生反射和折射，这条光线经水面折射后的光线如图所示。请在图中画出它的入射光线和反射光线的大致方向。【分析】光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角。【解答】解：光由空气斜射进入水中时，折射光线向靠近法线方向偏折，根据折射角小于入射角在法线左侧的空气中画出入射光线。图中已经画

42、出法线，根据反射角等于入射角在法线右侧的空气中画出反射光线；如图所示：【点评】在光路图中，法线要画成虚线，如果能够确定反射角，在光路图中，一定要标出反射角的度数；画折射光路时，一定注意光从哪种介质进入哪种介质。22请用笔画线代替导线，将背面接线示意图中连有开关的电灯和三孔插座接入家庭电路中。【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。三孔插座

43、的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如下图所示：【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。四、实验题（本大题共2小题；共9分）23用天平和量筒测量盐水的密度。（1）将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端的“0”刻度线后，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向左侧调节。（2）用调节好的天平测量盐水和烧杯的总质量m1104g。（3）将烧杯中的一部分盐水倒入量筒内，如图乙所示，量筒内盐水的体积V 30 mL。（4）接着测量剩余盐水和烧杯的总质量m2，天平平衡时，所用砝码质量及游码位置如图丙所示，则m2 71 g。（5）根据测量结果计算出

44、盐水的密度 1.1 g/cm3。【分析】（1）将天平放到水平桌面上，游码归零后，观察两盘高度，根据左盘高向左调节平衡螺母，右盘高向右调节平衡螺母；（3）看清量筒的分度值读出体积；（4）物品的质量等于砝码质量加游码质量，看清标尺分度值，求出质量；（5）利用密度公式求出密度。【解答】解：（1）将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端的“0”刻度线后，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向左侧调节。（3）量筒的分度值为2ml，量筒内盐水的体积为V30ml；（4）标尺的分度值为0.2g，所测质量为m270g+1g71g；（5）盐水的密度为：1.1g/cm3。故答案为：（1）水平；左；（3）30；（

45、4）71；（5）1.1。【点评】此题主要考查了天平的调节、量筒的读数、天平的读数、密度的计算等，属于常规知识的考查，难度不大。24在探究“电流跟电压、电阻关系”的过程中，某同学按图所示的电路图连接实物后，该同学做如下步骤：（1）步骤1：研究电流与电压的关系时，闭合开关S后，调节变阻器使R两端的电压成倍数变化，分别读出并记录对应于不同电压下的电流表示数。步骤2：研究电流与电阻的关系时，换用不同的定值电阻，调节变阻器使电压表示数不变，分别读出并记录对应于不同阻值的电流表的示数。（2）记录的实验数据如下表表甲：实验次数电流（安）电压（伏）10.25120.50230.753表乙实验次数电流（安）电阻

46、（欧）42151260.54由表甲可归纳得出的结论：电阻不变，导体中的电流跟它两端的电压成正比由表乙可归纳得出的结论：电压不变，导体中的电流跟电阻成反比。【分析】（1）探究电流与电阻的关系时，要控制电阻两端电压保持不变，探究电流与电阻关系时，应控制电压不变，据此分析答题；（2）电阻不变，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；电压不变，导体中的电流跟电阻成反比。【解答】解：（1）探究电流与电阻的关系时，要控制电阻两端电压保持不变，闭合开关S后，调节变阻器使R两端的电压成倍数变化，分别读出并记录对应于不同电压下的电流表示数；探究电流与电阻关系时，应控制电压不变，换用不同的定值电阻，调节变阻器使电压表

47、示数不变，分别读出并记录对应于不同阻值的电流表的示数。（2）由表甲知，电阻不变，电压与电流的比值为一定值，可知电阻不变，导体中的电流跟它两端的电压成正比；由表乙知，电压不变，电流与电阻的乘积为一定值，可知电压不变，导体中的电流跟电阻成反比。故答案为：（1）倍数；电压表示数；（2）电阻不变，导体中的电流跟它两端的电压成正比；电压不变，导体中的电流跟电阻成反比。【点评】本实验考查了探究电流与电阻关系需要注意的问题，根据控制变量法，在探究电流与电阻关系时，应控制电压不变，应用控制变量法是正确解题的关键。五、计算题（本大题共3小题；共26分）25（9分）一个质量为0.6kg，边长为0.1m的正方体物块

48、，放置在水平地面上，求：（1）物块受到的重力。（2）物块对地面的压强。（3）若将物块浸没在水中后松手，通过计算判断该物块的浮沉情况。【分析】（1）知道物块的质量，根据Gmg求出其重力；（2）物块对地面的压力等于自身的重力，根据SL2求出物块的底面积即为受力面积，根据p求出物块对地面的压强；（3）根据VL3求出物块的体积，根据求出物块的密度，然后与水的密度相比较判断物块静止时所处的状态。【解答】解：（1）物块受到的重力：Gmg0.6kg×10N/kg6N；（2）物块对地面的压力：FG6N，受力面积：SL2（0.1m）2102m2，物块对地面的压强：p600Pa；（3）物块的体积：VL3

49、（0.1m）3103m3，物块的密度：0.6×103kg/m3，因物块的密度小于水的密度，所以，物块浸没在水中后松手，该物块将上浮，最终处于漂浮状态。答：（1）物块受到的重力为6N；（2）物块对地面的压强为600Pa；（3）物块浸没在水中后松手，该物块将上浮，最终处于漂浮状态。【点评】本题考查了重力公式、压强公式、密度公式和物体浮沉条件的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。26（7分）饮水机是一种常用的家用电器，其加热水槽部分工作原理电路图如图所示，其中S是一个温控开关，R1为电加热管，当饮水机处于加热状态时，水被迅速加热，达到预定温度时，S自动切换到另一处于保温状态。请回答下列问题：（1）A、B是两种不同颜色的指示灯。如果用红色表示正在对水加热，黄色表示保温，请标明指示灯的颜色，应该是A为红色，B为黄色。（2）若饮水机加热时加热管的功率为550W，而保温时加热管的功率为88W，求电阻R2