【KS5U解析】安徽省涡阳县第一中学2019-2020学年高二下学期3月月考物理试题 Word版含解析

1、安徽省涡阳县第一中学2019-2020学年高二下学期3月月考物理试题一、单选题（共10小题，1-7为单选题，8-10为多选题。）1.下列说法正确的是（）a. 奥斯特发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系b. 法拉第发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系c. 安培提出了分子电流假说，说明了一切磁现象都是由电流产生的d. 欧姆首先发现了电荷之间存在相互作用力，并得出真空中两个点电荷之间作用力的表达式【答案】c【解析】【分析】电磁学的物理学史，根据奥斯特、法拉第、安培、库仑等人的物理学成就进行解答；【详解】a、1820年，奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联

2、系，故a错误；b、法拉第发现了电磁感应现象，揭示了电现象和磁现象之间的联系，故b错误；c、安培提出了分子电流假说，说明了一切磁现象都是由电流产生的；故c正确；d、欧姆发现了欧姆定律，反映导体的电流与电压、电阻的关系，库仑首先发现了电荷之间存在相互作用力，并得出真空中两个点电荷之间作用力的表达式，故d错误；故选c【点睛】关键是物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆2.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条等势线，相邻等势线之间的电势差相等，即实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，p、r、q是这条轨迹上的三点，r点在等势面b上，据此可知（）a

3、. 带电质点在p点的加速度比在q点的加速度小b. 带电质点在p点的电势能比在q点的小c. 带电质点的运动方向一定是从p到qd. 带电质点在p点的动能小于在q点的动能【答案】d【解析】【详解】a粒子在p点的加速度比q点大，故a错误；bd负电荷做曲线运动，电场力垂直于等势线指向轨迹曲线的内侧；作出电场线，根据轨迹弯曲的方向和负电荷可知，电场线向上故c的电势最高，负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，知道p点电势能大，故选项b错误，根据能量守恒，带电质点在p点电势能大动能小，故b错误，d正确；c由已知条件不能判断带电质点是从p到q还是从q到p，故c错误3.探究影响平行板电容器电容大小因素的实

4、验装置如图所示，忽略漏电产生的影响，下列判断正确的是( ) a. 平行板正对面积减小时，静电计指针张角减小b. 静电计可以用电压表替代c. 平行板间距减小时，静电计指针张角减小d. 静电计测量是平行板电容器所带电荷量【答案】c【解析】【详解】a.平行板正对面积减小时,电容c减小,而电容器的电荷量不变,根据知极板间电势差增大，所以静电计指针偏角增大，故a错误；b.静电计与电压表的原理不同，电压表的线圈中必须有电流通过时，指针才偏转，所以不能用电压表代替静电计，故b错误；c.平行板间距减小时，电容c增大，而电容器的电荷量不变,根据知极板间电势差增大减小，所以静电计指针偏角减小，故c正确；d.静电计

5、测量的是平行板电容器极板间的电势差，不是电量，故d错误；4.如图所示，杆bc的b端用铰链固定在竖直墙上，另一端c为一滑轮。重物g上系一绳经过滑轮固定于墙上a点处，杆恰好平衡。若将绳的a端沿墙缓慢向下移（bc杆、滑轮、绳的质量及摩擦均不计），则（）a. 绳的拉力增大，bc杆受绳的压力增大b. 绳的拉力不变，bc杆受绳的压力增大c. 绳的拉力增大，bc杆受绳的压力减小d. 绳的拉力不变，bc杆受绳的压力减小【答案】b【解析】【详解】由于杆一直平衡，则两根细线的拉力的合力一定在杆的方向上，否则杆会转动；由于同一根绳子张力处处相等，故两根细线的拉力一定相等且等于物体的重力；故根据平行四边形定则，合力在

6、角平分线上，由于两拉力的夹角不断减小，故两个拉力的合力不断变大，故杆受到的压力不断变大；b正确；acd错误。故选b。5.如图所示，劲度系数为k的轻质弹簧，一端系在竖直放置、半径为r的光滑圆环顶点p，另一端连接一套在圆环上且质量为m的小球开始时小球位于a点，此时弹簧处于原长且与竖直方向的夹角为45°，之后小球由静止沿圆环下滑，小球运动的最低点b时的速率为v，此时小球与圆环之间的压力恰好为零，已知重力加速度为g.下列分析正确的是()a. 轻质弹簧的原长为rb. 小球过b点时，所受的合力为mgmc. 小球从a到b的过程中，重力势能转化为弹簧的弹性势能d. 小球运动到b点时，弹簧的弹性势能为

7、mgrmv2【答案】d【解析】【详解】a 由几何知识可知弹簧的原长为r，a错误；b根据向心力公式：小球过b点时，则由重力和弹簧弹力的合力提供小球的向心力f合mb错误；c以小球和弹簧组成的系统为研究对象，在小球从a到b的过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，小球重力势能减小转化为弹簧的弹性势能和动能故c错误；d根据能量的转化与守恒：得故d正确故选d。6.如图所示，电路中r1、r2均为可变电阻，电源内阻不能忽略平行板电容器c的极板水平放置闭合电键s，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动 如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是( )a. 增大r1的阻值b.

8、增大r的阻值c. 增大两板间的距离d. 断开电键s【答案】b【解析】试题分析：以油滴为研究对象进行受力分析可知，油滴静止不动，所受电场力与重力平衡，即，现欲使油滴仍能处于平衡状态，则保证电场强度不发生变化即可，r1的电压不变即可，题中r2没有电流通过，故改变r2时对电路工作状态无影响，所以选项b正确、a错误；而增大两板间距离时，电场强度减小，油滴下落，所以选项c错误；断开电键s时，电容器与可变电阻构成闭合回路，电容器放电，油滴下落，所以选项d错误；考点：闭合电路欧姆定律、平行板电容器7.如图所示，光滑的水平面上有竖直向下的匀强磁场，水平面上平放着一个试管，试管内壁光滑，底部有一个带电小球现在对

9、试管施加一个垂直于试管的水平拉力f，在拉力f作用下，试管向右做匀速运动，带电小球将从管口飞出下列说法正确的是a. 小球带负电b. 小球离开试管前，洛伦兹力对小球做正功c. 小球离开试管前的运动轨迹是一条抛物线d. 维持试管做匀速运动的拉力f应为恒力【答案】c【解析】【详解】a小球能从管口处飞出，说明小球受到指向管口洛伦兹力，根据左手定则判断，小球带正电；故a错误.b洛伦兹力是不做功的，因为在向上的洛伦兹力产生的同时，还产生了与f方向相反的一个洛伦兹力，两个洛伦兹力抵消，不做功；故b错误.c设管子运动速度为v1，小球垂直于管子向右的分运动是匀速直线运动.小球沿管子方向受到洛伦兹力的分力f1=qv

10、1b，q、v1、b均不变，f1不变，则小球沿管子做匀加速直线运动与平抛运动类似，小球运动的轨迹是一条抛物线；故c正确.d设小球沿管子的分速度大小为v2，则小球受到垂直管子向左的洛伦兹力的分力f2=qv2b，v2增大，则f2增大，而拉力f=f2，则f逐渐增大；故d错误.8.如图所示，实线表示在竖直平面内的电场线，电场线与水平方向成角，水平方向的匀强磁场与电场正交，有一带电液滴沿斜向上的虚线l做直线运动，l与水平方向成角，且>，则下列说法中正确的是()a. 液滴一定做匀速直线运动b. 液滴有可能做匀减速直线运动c. 电场线方向一定斜向上d. 液滴的电势能可能增大【答案】ac【解析】【分析】由

11、题设条件可知，带电液滴的电性、电场的方向都未知，因此需要分情况分析【详解】a如下图所示，带电液滴，在复合场中，受到重力、洛伦兹力和电场力作用，由题设条件知，带电液滴沿斜向上的虚线l做直线运动，所以重力、洛伦兹力和电场力这三个力的合力为零，故a正确b如果液滴有可能做匀减速直线运动，那么液滴受洛伦兹力会变小，液滴受的重力和电场力都是恒力，液滴受力合力不为零，其合力方向与液滴运动方向不在一条直线上，液滴就不会做直线运动，不符合题意，故b错误c由以上分析知，电场线方向一定斜向上，且液滴带正电，否则液滴不在沿虚线l做直线运动，故c正确d液滴受力合力零，液滴带正电，且在电场中从高电势向低电势位置运动，液滴

12、的电势能不可能增大，故d错误，故选ac。【点睛】带电微粒在复合场中的运动情况比较复杂，分析时要从多个角度去考虑，才有可能回答的正确9.如图所示，水平放置的平行板电容器两极板间距为d，带负电的微粒质量为m、带电荷量为q，它从上极板的边缘以初速度v0射入，沿直线从下极板n的边缘射出，设重力加速度为g。则（）a. 微粒的加速度不为零b. 微粒的电势能增加了mgdc. 两极板的电压为d. m板的电势低于n板的电势【答案】bc【解析】【分析】微粒在电场中受到重力和电场力，而做直线运动，电场力与重力必定平衡做匀速直线运动，否则就做曲线运动。微粒加速度一定为零。根据能量守恒研究微粒电势能的变化。由，求解电势

13、差。由题可判断出电场力方向竖直向上，微粒带负电，电场强度方向竖直向下，m板的电势高于n板的电势。【详解】a由题分析可知，微粒做匀速直线运动，加速度为零，故a错误；b重力做功，微粒的重力势能减小，动能不变，根据能量守恒定律得知，微粒的电势能增加了，故b正确；c由上可知微粒的电势能增加量又得到两极板的电势差故c正确；d由题可判断出电场力方向竖直向上，微粒带负电，电场强度方向竖直向下，m板的电势高于n板的电势；故d错误。故选bc。10.如图所示，边长为l的正三角形abc区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为b0，bc边的中点o有一粒子源，可以在abc平面内沿任意方向发射速率为v的相同的正粒

14、子，若从ab边中点d射出磁场的粒子，从o到d的过程中速度方向偏转了60°，不计粒子的重力及带电粒子之间的相互作用，下列说法正确的是a. 粒子运动的轨道半径为lb. 粒子不可能从a点射出磁场c. 粒子的比荷为=d. 从b点射出的粒子在磁场中的运动时间为【答案】bc【解析】【分析】考查带电粒子在有界磁场中的运动。【详解】a从d点射出的粒子，由弦长公式，解得：，故a错误；b若粒子从a点射出，则弦长为，由弦长公式得：，解得：，即粒子以竖直方向成60o角射入，由几何关系可得，粒子将从ac边射出，故粒子不可能从a点射出磁场，故b正确；c由粒子做匀速圆周运动的半径公式 得： ，即，解得：，故c正确

15、；d从b点射出的粒子的弦切角为，所以运动时间为，故d错误故选bc二、实验题（共2小题）11.（1）如图所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置。关于这一实验，下列说法中正确的是_；a需使用天平测出重物的质量b应先释放纸带，再接通电源c需使用秒表测出重物下落的时间d重物应选择体积小，密度大的物体（2）实验时，应使打点计时器的两个限位孔在同一竖直线上。这样做可以_（选填“消除”、“减小”或“增大”）纸带与限位孔之间的摩擦。（3）)在实际测量中，重物减少的重力势能通常会_（选填“略大于”、“等于”或“略小于”）增加的动能。【答案】 (1). d (2). 减小 (3). 略大于【解析】【分析】

16、正确解答本题需要掌握：理解该实验的实验原理，需要测量的数据等；明确打点计时器的使用；理解实验中的注意事项以及如何进行数据处理；对于任何实验注意从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚。纸带与限位孔之间的摩擦是无法避免的，这样做只能减小纸带与限位孔之间的摩擦。实际实验中，重锤要受到空气阻力、纸带和打点计时器限位孔之间有摩擦力，故重物下落时要克服这些阻力做功，重力势能不能全部转化为动能。【详解】（1）1a根据可知不需要测量重物的质量m，故a错误；b开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器

17、的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故b错误；c我们可以通过打点计时器计算时间，不需要秒表，故c错误；d为减小阻力对实验的影响，为减小实验误差，重物应选择质量大、体积小、密度大的材料，故d正确。故选d。（2）2打点计时器的两个限位孔如果不在同一竖直线上，纸带运动中就会与限位孔之间有摩擦，重物下落时要克服这个阻力做功，重力势能不能全部转化为动能，实验存在误差；纸带与限位孔之间的摩擦是无法避免的，这样做能减小纸带与限位孔之间的摩擦。（3）3实验中，重锤要受到空气阻力、纸带和打点计时器限位孔之间的摩擦力，故重物下落时要克服这些阻力做功，重力势能不能全部转化为动能

18、，有一小部分转化为内能，故重物减少的重力势能通常会略大于增加的动能。12.（1）图1螺旋测微器读数为_mm，图2游标卡尺读数为_mm。（2）选择电流表的量程为0.6a，则图3中电流表的读数为_a。（3）某电流表表头内阻rg为200，满偏电流ig为2ma，按如图4改装成量程为3v和15v的电压表，其中=_。（4）在“测绘小灯泡伏安特性曲线”实验中，得到的图像如图（c）所示，则滑动变阻器的连接方式应选择_（填“（a）”或“（b）”）；随着电压的增大，灯丝的电阻_（填“增大”或“减小”）。【答案】 (1). 0.900（0.8990.901） (2). 14.50 (3). 0.35 (4). 13

19、00 (5). （a） (6). 增大【解析】【详解】（1）1由图示螺旋测微器可知，其示数为2由图示游标卡尺可知，其示数为（2）3电流表量程为0.6a，其分度值为0.02a，示数为0.35a。（3）4表头满刻度电压值为量程为3v时，在电阻两端的电压应为电阻为（4）5在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，要求加在小灯泡上的电压从零开始变化，滑动变阻器的连接方式应该选分压接法，因为分压接法可以从零开始调解，故选（a）；6灯丝材料是金属，金属的电阻率随温度升高而增大，所以随着电压的增大，灯丝的电阻将增大。三、解答题（共3小题）13.质量为3的物体在水平推力的作用下沿水平面作直线运动，一段时间后撤去，

20、其运动的图像如图所示，求：(1)物体与水平面间动摩擦因数(2)水平推力的大小；(3)内物体运动位移的大小。【答案】(1)0.2 (2)9n (3)46m【解析】【详解】(1)设物体做匀减速直线运动的时间为,初速度为,末速度为,加速度为,则设物体所受的摩擦力为,根据牛顿第二定律有又联立得；(2)设物体做匀加速直线运动的时间为初速度为,末速度为,加速度为,则根据牛顿第二定律有联立得(3)由匀变速直线运动位移公式得。14.如图所示的示波管，电子由阴极k发射后，初速度可以忽略，经加速后水平飞入偏转电场，最后打在荧光屏上，电子电量大小为e，质量为m已知加速电压为u1，bc间偏转电压为u2，两偏转极板bc间距为d，板长为l，偏转极板右侧到荧光屏的距离为d，不计重力，求：（1）电子射入偏转电场u2时的速度大小；（2）电子打在荧光屏上的偏转距离op【答案】（1） （2）【解析】【分析】根据动能定理求出电子射入偏转电场时的速度，电子进入偏转电场后做类平抛运动，根据动力学知识求出离开偏转电场时的偏转位移，