【物理】电功率练习题基础、提高、难题_汇总(含答案)经典1

1、U或2U的电源上.闭合开）【物理】 电功率练习题基础、提高、难题 _汇总（含答案）经典1一、电功率选择题1 .如图所示，阻值为 R的电阻丝，用四种方法分别接在电压为 关后，在相同时间内虚线框里的电阻丝产生的总热量最多的是（D.W【答案】D【解析】 【解答】因为串联电路中电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和， 所以两电阻串联时电路中的总电阻最大，两电阻并联时电路中的总电阻最小，n力 4诉”木n的执夕的曰"因为Q放=W=®t,所以在相同的时间内放出的热量最多的是D选项.故选D.【分析】根据电阻的串并联比较各选项中电阻的大小，根据 Q放=再 得出它们在

2、相同的时 间内放出热量的关系.2 .如图所示，电路中电源电压保持不变，小灯泡标有“3V1.5W字样，不考虑灯泡电阻随温度的变化，滑动变阻器R的最大阻值为 24%电流表量程为0-0.6A,电压表量程为 0-3V.当开关S闭合后，滑动变阻器 R接入电路的电阻为 3 时小灯泡正常发光。为了保证 电路安全，小灯泡电压不超过额定电压，两电表的示数均不超过所选量程。在滑片P滑动过程中，下列说法（）电源电压为4.5V 变阻器接入电路的阻值范围是3d12a小灯泡的最小功率为 0.135W电路的最大功率2.25WA.只有正确 B.只有 囱正确 C.只有软/正确II D.色吸软工都正确【答案】C【解析】 【解答】

3、解：由图知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电 流表测电路中的电流；（1）由P= 3可得灯泡的电阻:.卢（Ji /Rl=尸藏=6 =6 Q,由P=UI可得，灯泡正常发光时通过的电流:尸承L5W= 31 =0.5A,由题知，当开关 S闭合后，滑动变阻器 R接入电路的电阻为3时，小灯泡正常发光,由欧姆定律和电阻的串联可得电源电压:U=I额R串=1额X （R+RL） =0.5A X （3Q+6Q=4.5V;故 正确；（2）因串联电路中电流处处相等，且电流表量程为 0-0.6A,灯泡的额定电流为0.5A,I最大=1额=0.5A,所以为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流滑动变阻

4、器连入电路中的最小阻值：R最小=R-RL=9Q6a =3R由于电压表量程为 0-3V,当电压表的示数最大为U滑=3V寸，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压为：Ul' =-U滑=4.5SV=1.5V,土 L 51此时电路的电流为：I最小=比=G。=0.25A,滑动变阻器接入电路的最大阻值：3VR最大=，聂小=口区”=12 Q,所以为保护电路，变阻器接入电路的阻值范围是3d12Q;故正确；（3）小灯泡的最小功率：Pl最小二I最小2Rl= （0.25A） 2X 60=0.375雌 错误；（4）电路的最大功率：P最大=UI最大=4.5V X 0.5A=2.25VV故 正确。综上可

5、知，只有正确。故答案为：CoP=/1求灯泡的电阻，U=IR求电源电压；由于【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，利用 利用p=ui求正常发光时通过的电流；结合小灯泡正常发光，利用电流表量程为 0-0.6A,为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流等于灯正常工作时通过的电流，利用欧姆定律求电路中的最小电阻，滑动变阻器连入电路中的最小阻值等于总电阻减去灯的电阻；由于电压表量程为0-3V,当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压等于电源电压减去3V,利用欧姆定律求此时电路的电流，进而求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，最后得出为保护电路，变阻

6、 器接入电路的阻值范围；利用P=2R求小灯泡的最小功率，再利用P=UI求电路的最大功率3 .电子驱蚊器利用变频声波直接刺激蚊虫中枢神经，使其非常痛苦，食欲不振，繁殖力下降，无法在此环境生存，从而达到驱蚊的目的其部分参数见表格，取 g=10N/kg关于驱蚊器B.驱蚊器发出的声音能被正常人听到C.驱蚊器刺激蚊虫中枢神经利用的是超声波【答案】BD.驱蚊器工作10h消耗电能为0.02kW?h【解析】【解答】A、驱蚊器白重力，G= mg = 0.06kg xi0N/kg= 0.6N, A不符合题意；B、人的听觉范围 2020000Hz; 22kHz55kHz超出了人的听觉范围，故驱蚊器发出的声音不能被正

7、常人听到，B符合题意；C、22kHz55kHz超出了人的听觉范围，故驱蚊器刺激蚊虫中枢神经利用的是超声波，C不符合题意；D、蚊器工作10h消耗电能为 W=Pt=0.002kWX 10h0.2kW?h, D不符合题意。故答案为：Bo2020000Hz,超声波的频率【分析】利用物体质量计算重力的大小，人耳的听声范围是 超过20000Hz,利用功率和时间计算消耗的电能.4 .小明利用电能表测量某个家用电器的电功率，当电路中只有这个电器连续工作时，测得在1h内，消耗的电能为1.2kW?h,那么用这个电器是（）A.液晶电视机B.台式计算机iC.家用空调iD.电冰箱【答案】C【解析】【解答】解：用电器在t

8、=1h内消耗的电能为 W=1.2kW?h,用电器的电功率：Ifl L 2kW 力P= t =1.2kW=1200W,液晶电视机的电功率约为100W,台式计算机的电功率约为200W,空调的电功率约为1000W,电冰箱的功率约为 100W,所以电功率是1200W的用电器是空调.故选C.【分析】根据用电器在 1h内消耗的电能，结合公式 P=7 ,求出电功率，再与题目中给出的用电器的功率比较即可.5.下列表述正确的是（）X区牌网用米彩色电视机 型 号,TC2975GF 电 加：50Hz 220VA.电视机正常工作电流约为1.57A额定功率：140WB.电水壶电阻为4840 Q品圈；欧全自动电水壶额定电

9、压：220V额定功率：1000W容fi： 1.8L频率；50HeC.同种电荷互相排斥D.磁极间在不接触时无法发生相互作用【答案】CP J40HI =-=芭=5IA【解析】【解答】A.电视机正常工作电流：U M'W,故A错误；惮3田R - _ = 48. 4 B.电水壶的电阻为：l见训,故B错误；C.两个带有正电荷的小球之间的距离明显增大，说明同种电荷相互排斥，故C正确;D.磁极间在不接触时能够发生相互作用，故D错误。故选C。【分析】（1）已知额定功率和额定电压根据/计算正常工作电流;(2)已知额定功率和额定电压根据(3)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；(4)磁体之间的磁力不需要相互

10、接触就能发生力的作用。6.图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率Ro为定值电阻，移动滑动P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是(【解析】【解答】解：由图R0与R并联,电压表测电源电压，电流表测R支路的电流.若电源提供的电流恒定为 I总，AB、根据并联电路特点可知：U=Uo=IoRo= (1总1) Ro=IRo+I 总Ro ,其中I总、R0为定值，由U=-RoI+I总Ro , 可知U与I的图象为一次函数，且- RV0,故AB错误；CD、由电功率的计算公式：电路消耗总功率： P=UL= (I总-I) Roxfe= - I总Ro

11、I+I总2Ro ,其中I总、Ro为定值，由P=-I总RoI+I总2Ro ,可知P与I的图象为一次函数，-I总R)o, 且I不能为。，P不会为。，故C正确，D错误.故选C.【分析】由图Ro与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流.电源提供电流一定，根据并联电路特点分别表示出U与I和P与I的表达式，分析判断即7 .某房间原来只接有一只标有“PZ220 40”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（）A.变亮【答案】BB.变暗C.不变D.无法确定【解析】【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以，两灯泡串联时的总电阻大于其中

12、一个灯泡的电阻，在电源电压不变的情况下，由P=UI=疗可知，电路的总功率变小，房间内的总亮度变暗。故答案为：B。回【分析】结合P= UI=#可知电功率变化情况，进一步可知灯泡亮度的变化情况8 .小王在一次家庭探究活动中，在作业本上做了如下5条记录：电饭煲铭牌上标有“220V 800W, 50Hz”等字样；使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体；电视机上安装的动圈式扬声器，其运作原理是电磁感应； 床头灯的开关是串联在电路上的；体温计的刻度范围通常是3542C,分度值为 1 C .你认为小王的记录完全正确的是（）A.B.C D.【答案】C【解析】【解答】解： 电饭煲铭牌上标的220V是电饭煲的额定电

13、压、800W是电饭煲的额定功率、50Hz是所接交流电的频率，故 正确；使用试电笔时，笔尖接触电线， 手接触笔尾的金属体，故 正确； 动圈式扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力 运动，故错；开关和所控制的用电器是串联的，故 正确；体温计的刻度范围通 常是3542C ,分度值为0.1 C ,故错.故选C.【分析】利用下列知识分析判断：（1）用电器铭牌上标有：额定电压、额定功率、交流电的频率；（2）使用试电笔时，笔尖接触电线，手接触笔尾的金属体，若试电笔的窟管发 光，则笔尖接触的是火线；（3）动圈式扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力运动； 动圈式话筒的工作原理：电磁感应；（4）开关和所控制的用

14、电器是串联的，家用电器之间是并联的；（5）体温计的刻度范围通常是3542C,分度值为0.1 C.,本次查看时电能表读数如图所示，则下列9 .小明家上次查看电能表示数 说法正确的是（）图903kw hA.他家在这段时间内消耗的电能为B.电能表是测量电功率的仪表C.若只让一个标有 “220V 1000w的电热水器正常工作10min,则电能表的圆盘转了600转D.这个电能表的额定功率为2200W【答案】C【解析】【解答】A.根据电能表窗口示数差计算消耗的电能为8633.5kw.h-8543.2kw.h=90.3kw.h , A 不符合题意;B.电能表是测量电功的仪表，B不符合题意;10 I- Pt

15、= ikw x y?-, hC.电热水器消耗的电能为痴 心 ， 电能表实际转数为,C符合题意;京函力 X 3600R/k h - 600kD.电能表的最大电功率为尸=" 上和X 10A 士?劭H , d不符合题意。故答案为：C.【分析】电能表是测量电功的仪表，利用电功率和时间可以计算消耗的电能，根据电压和 电流可以计算电功率。10.如图的电路，电源电压保持不变，R为定值电阻。下列说法正确的是（）A.开关闭合前，电压表和电流表均无示数B.开关闭合后，滑片 P向右移动的过程中，电压表的示数变小C.开关闭合后，滑片 P向右移动的过程中，R的功率变大D.开关闭合后，滑片 P向右移动的过程中，

16、电压表与电流表示数的比值变小【答案】B【解析】【解答】解：（1）开关闭合前，电路处于开路状态，则电流表没有示数；但电压表的两个接线柱通过变阻器与电源的正负极相连通，此时电压表测量电源电压，所以电压表有示数；A不符合题意；（2）开关闭合后，定值电阻 R与滑动变阻器串联，电流表 A测 电路中的电流，电压表测定值电阻R两端的电压；滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，总电阻变大， b由1=彳可知，电路中的电流变小；根据U=IR可知，定值电阻 R两端的电压变小，即电压表的示数变小，B符合题意；定值电阻两端的电压减小，电路中电流减小了，根据P=UI知，R的功率变小，C不符合题意；由欧姆定律

17、可知，电压表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值，所以，电压表与电流表示数的比值不变，D不符合题意。故答案为：B【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据滑片的移动可知接入 电路中电阻的变化，根据欧姆定律、串联电路的特点即可分别判断；根据定值电阻两端的 电压和电路的电流的变化，根据P=UI判断出R功率的变化；电压表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值.11.如图所示，电源电压保持 18V不变，小灯泡 L上标有“6V3W字样，滑动变阻器最大 电阻值 R=60Q.为保证各器件安全，不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是( )p0-T*ftA. S断开时电压表示数为 0VB. S

18、闭合后，电压表最大示数为15VC.小灯泡L正常发光时，变阻器 R消耗的电功率为6WD. S闭合后，小灯泡 L的最小实际电功率为 0.5W【答案】C18V,故【解析】【解答】解：(1) S断开时，电压表测电源的电压，则电压表的示数为A错误；(2) S闭合后，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压,为保证各器件安全，电压表的最大示数Uv=Ul=6V,故B错误；由P=，可得，灯泡的电阻：=e=刈=12 Q,因串联电路中各处的电流相等，所以，灯泡正常发光时电路中的电流：I=AJ'°=0.5A,因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以，变阻器两端的电压：Ur=U- Ul=1

19、8V- 6V=12V, 变阻器R消耗的电功率：Pr=UrI=12V X 0.5A=6W故 C 正确;(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时灯泡L的功率最小,因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，此时电路中的电流：U |8V1=政 +色，+ 。总=0.25A,灯泡的最小电功率：Pl=I2Rl= (0.25A) 2X 12 Q =0.75W D 错误.故选C.【分析】(1) S断开时，电压表测电源的电压，根据电源的电压可知电压表的示数.(2) S闭合后，灯泡L与滑动变阻器 R串联，电压表测灯泡两端的电压，为保证各器件安全，电压表的最大示数和灯泡的额定电压相等，此时灯泡正常发光，根据p=/求

20、出灯泡的电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，利用串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再利用P=UI求出变阻器R消耗的电功率；(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时灯泡L的功率最小，利用电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，最后利用P=2R求出灯泡的最小电功率.12.如图所示，电源电压不变，先闭合A.电压表、电流表示数均变小Si ,再闭合8 ,下列说法正确的是()B.电压表示数变大，电路总功率变大D.电压表与电流表示数的比值变大C.电压表示数不变，总电阻变小，电流表示数变大【答案】B/r -曰次可知，电路中的B符合题意；7为电阻Ri【解析】【解答】A、C由图可知，先闭合 Si时，两电阻

21、串联，电流表测量电路中的电 流，电压表测Ri两端的电压；根据串联电路的电压特点可知，其示数小于电源电压； 再闭合S2 , R2被短路，电路为 Ri的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的 是电源电压，所以电压表的示数变大；Ri的电阻小于两电阻串联的总电阻，即总电阻减小，根据欧姆定律 电流变大，即电流表示数变大，AC不符合题意；B、电源电压不变，电流变大，根据 P=UI可知，电路的总功率变大，D、两开关都闭合时，由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值，即 的阻值，所以该比值不变，D不符合题意。故答案为：B。【分析】结合电路图，判断开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件,

22、利用串联电路的特点和欧姆定律分析即可.13.下列数据中最接近生活实际的是（A.人的正常体温约为39 c340m/sC.甲型H1N1流感病毒的长度约为 1cm【答案】D【解析】【解答】A、人的正常体温为 37 C ,变化很小，故 B、无线电波在真空中的传播速度最大，为 近3X10m/s,故B不符合实际；C、甲型HINI流感病毒的长度很小，约为D、电冰箱的额定功率约为100W左右，故选D.B.无线电波在空气中的传播速度约为“D.电冰箱的额定功率约为 100WA不符合实际；3xi8m/s,在空气中的传播速度略小一些，接10-40nm,故C不符合实际；故D符合实际.【分析】首先对题目中涉及的物理量有个

23、初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进 行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案.14.如图甲所示，额定电压为 6V的灯泡L与滑动变阻器 R串联接入电路，电源电压一 定。滑动变阻器的滑片 P从最右端滑到最左端时，灯泡 L的I-U图象如图乙所示，以下说 法正确的是（）甲乙A.灯泡正常发光时的电流为0.5AB.灯泡两端的电压为 3V时，它消耗的电功率为1.5WC.滑动变阻器最大值为10 aH 2变阻器接入电路的阻值为2.5 时，灯泡的实际功率为 3.2W【答案】D【解析】【解答】A、由图乙知，当灯泡两端的电压为6V时，灯泡的电流为1A, A不符合题意；B、由图乙

24、知，当灯泡两端的电压为3V时，灯泡中的电流大于 0.5A,由P= UI可知，此时灯泡消耗的电功率大于1.5W, B不符合题意；C、由乙图知，当变阻器滑连入电阻最大时，电路中电流最小为0.5A,灯泡两端的电压是1.5V,根据串联电路的分压规律可知滑动变3.5V 7 XJ dp阻器分压U滑=6V-1.5V= 3.5V,则R最大=0. 5A C不符合题意；D、当变阻器阻值为零时，灯泡两端的电压等于6V,可知电源电压为 6V;设灯泡两端的电压为 U,此时电阻为6V - U LifR,根据题意可知：上/？一彳，# = 3.2W，联立解得U =2V或U=4V,根据灯泡的实际功率，U=2V时，其实际功率小于

25、3.2W,不符合题意，所以U=4V,代入得R= 5Q, D符合题意。故答案为：Do【分析】运用图象法解答问题的一般步骤是：(1)明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；(2)注意认清横坐标和纵坐标上最小分格的数值大小和单位；(3)明确图象所表示的物理意义；(4)根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论15 .用石墨烯制成的湿敏电阻，其阻值会随含水量的升高而增大。图 5是检测植物叶片含水量的电路，电源电压不变。将湿敏电阻R附着在叶片上，当叶片含水量升高时()A.电流表示数增大出.电压表示数减小C.电路总电阻减小，D.电路总功率增大【答案】B【解析】【解答】由图5知，电路是由湿敏电阻 R和定值

26、电阻。串联构成的，电压表测 R0 两端的电压，当叶片含水量升高时，湿敏电阻的阻值增大，根据R ,R+R得电路总电阻增,一，1二:一 大，又由 1且U不变，得电路中电流减小，即电流表的本数减小；由U=IRo得R0两端r -的电压减小，即电压表的示数减小；而由出密知电路总功率减小。故答案为：B。【分析】结合题意，理清元件的连接方式及电表的测量对象，将湿敏电阻R附着在叶片上，根据 湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大”可知湿敏电阻的阻值变化，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和Ro两端的电压变化，利用P=UI判断电路总功率的变化情况.16 .具有防雾除露、化霜功能

27、的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开关实现功能切换。图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为10V,四段电热丝电阻均为10 Q,防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。下列说法正确的是（）确的是（）A. A的电阻值为6.25 QB.和B串联，电路中电流为 0.4A时，A、A.开关旋至“1档，开启化霜功能iB.开启防雾功能，电路总电阻为5aC.化霜与防雾电路的总功率之差为15W H D.从防雾到除露，电路总电流变化1A【答案】C【解析】【解答】由图知道，当开关旋至“1档时，两条电阻丝串联接入电路，此时电路总电阻最大为2R=2X1CQ =20乌由 弁知道，此时电功率最小，开启防雾功能，A

28、B不符合题意；此时电路中的电流是： 阂 川口 =0.5A ;此时电路的总功率是：Pi=UIi=10VX 0.5A=5W/当开关旋至“潴时，一条电阻丝单独接入电路，电阻较大（大于并联时的总电阻），电路消耗的功率较小，此时为除露功能；此时电路中的电流是： u m二 = "0 =1A；从防雾到除露，电路总电流变化量是：l2-Ii=1A-0.5A=0.5A, D不符合题意；当开关旋至 “猾时，两条电阻丝并联接入电路，总电阻最小，总功率最大，此时为71八，八.，一R井-父 - 53 - 月# 5P =2A；此时总功率是：P3=UI3=10VX 2A=20W化霜与防雾电路的总功率之差是：P3-P

29、i=20W-5W=15W, C 符合题意。故答案为：C 【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，由 '一 用知道对应的状 态，再逐项进行计算即可17.有两个电路元件 A和B,流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，下列说法正化霜功能，电路的总电阻是： U J，电路的总电流是：B的电功率之比为 5: 4C. A和B并联在电压为 2.5v的电源两端，A、B的电功率之比为 5: 4 D.当A和B串联，两者电阻相同时，电源电压为3V【答案】C【解析】【解答】A.由图象可知，当通过 A的电流Ia= 0.4A时，A两端的电压 Ua =Ua _2. OV由 V, OA的电阻值：=

30、区 0. 1A =5Q, A不符合题意；B. A和B串联,电路中电流为 0.4A时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两元件的电流Ia=Ib =0.4A,由图象可知，两元件两端的电压Ua= 2.0V, Ub=2.5V,由P= UI可得，A、B的电功Pa UaIa Ua 2 OV 4 =' 率之比：比 的/ 现口 5, B不符合题意；（3） A和B并联在电压为2.5V的电源 两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两元件两端的电压Ua，=Ub' =2.5V,由图象可知，通过两元件的电流Ia'=0.5A, Ib'=0.4A,则 A、B的电功率之比：屈 竭

31、而 加。乱",C符合题意；（4）当A和B串联，两者电阻相同时，它们两端 的电压和通过的电流相等，由图象可知，电路中的电流为0.6A,两元件两端的电压均为 3V时符合，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=Ua +BJ = 3V+3V= 6V, D不符合题意。故答案为：Co【分析】根据电流和电压的图像，计算电阻的大小，结合图像分析电流相同或电压相同时 的电功率的比值关系.18.如图是电阻甲和乙的 U-I图象，由图象可知下列判断正确的是（A.甲乙都是定值电阻B.当乙两端电压为1V,其电阻值为10 aC.将甲和乙串联，若甲的电流为0.4A时，电路的总功率为 1.2WD.

32、将甲和乙并联，若甲两端电压为1V时，干路上的电流为 0.4A【答案】C【解析】【解答】A、由图象可知，甲的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，即乙电阻的阻值是变化的，A不符合题意；IB、由图象可知，当近八时，工工 °沉，根据 *可得此时乙的阻值：，历 A工加 a羽 ，b不符合题意；C、将甲和乙串联，若甲的电流为 0.4A时，根据串联电路的电流处处相等的特点，可知甲 乙的电流均为0.4A,由图象可知，此时U甲二-引，工上=A ;则总功率为：F =尸百厘匕-公以+ 3 次X。屈+ A X2飘 上手，C符合 题意；D、甲和乙并联，甲两端电压为 1V时，根据并联电路的电压特点可知

33、甲乙两端的电压均为 iv ,由图象可知，此时/中仪出 , 匕"刈，则干路电流为：I = I申十1乙二& 2K H 夕仍，D不符合题意；故答案为：Co【分析】运用图象法解答问题的一般步骤是：(1)明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；(2)注意认清横坐标和纵坐标上最小分格的数值大小和单位；(3)明确图象所表示的物理意义；(4)根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论19.如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是A.甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多B.乙实验通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大C.乙实验是为了

34、研究电流产生的热量与电阻的关系D.乙实验右边密闭容器与左边密闭容器中的电阻丝产生热量之比为4: 1【答案】B【解析】 【解答】解：A、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多。A不符合题意；B、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律 Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧 U形管中液面的高度差比右侧的大。B符合题意；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相

35、同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系。C不符合题意；D、装置乙中一个 5的电阻与两个 5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=1左，两个5的电阻并联,根据并联电路的电流特点知I右=Il + l2 ,两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2 ,所以右边容器中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，由Q= I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量是右侧容器电阻丝产生的热量的4倍，D不符合题意。故答案为：B【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点， 并灵活应用焦耳定律根据控制变量法

36、（两电阻中的电流相等，两电阻丝的阻值不同，根据 温度计示数的变化判断吸收热量的多少，可探究电流产生热量与电阻大小的关系；通过电 阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与 电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生 的热量）分析解答.20.如图所示，R0为定值电阻，闭合开关后，当滑片 P在某两点之间滑动时，电流表的示 数变化范围是 0.51.5A,电压表的示数变化范围是 36V.小明通过推算，得出四个结A.定值电阻R0的阻值为3aB.变阻器连入电路的电阻变化范围为212 aC.实验中R0两端的电压变化范围为1.5V4.5V

37、 D.电路消耗的总功率的变化范围为3.75W 10.25W【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻Ro串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端电压；当滑动变阻器接入电路阻值增大时，电路中电流减小，即电流表示数减小；变阻器接入阻值增大时，其分得电压增大，即电压表示数增大；所以，电流表与电压表的示数变化情况是相反的。A、由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压 U=Uv+IRo ,电流表示数变化范围是 0.5A1.5A,电压表的示数变化范围3V6V,结合前面分析可知，当 I=0.5A时，Uv=6V,所以有 U=6V+0.5A X01-当 I=1.5A 时，Uv=3

38、V,所以有 U=3V+1.5AX比 联立 解得：Ro=3 Q, U=7.5V, A不符合题意；B、由题可知，电流表示数变化范围是0.5A1.5A,电压表的示数变化范围3V6V,滑动变阻器接入电路的阻值分别为：R ?t= 1 =上=2Q, R滑=。，为=12Q,即变阻器连入电路的阻值变化范围为 212Q, B不符合题意；C、R0两端的电压分别为：U0=I 最小 R0=0.5A X 3Q =1.5VJ0' 金k R0=1.5A X 3Q =4.5V则R0两端的电压变化范围是1.5V4.5V, C不符合题意；D、电路消耗的最小电功率：P最小=UI最小=7.5V X 0.5A=3.75W/电路消耗的最大电功率：P最大=UI 最大=7.5V X 1.5A=11.25WV则电路消耗的总功率的变化范围为3.75W11.25W, D符合题意。故答案为：Do【分析】根据电流的范围和电压的范围，结合欧姆定律计算公式和电功率计算公式，求电 路中的电阻、分压情况和电功率.21 .估测是一门技巧，准确的估测可起到事半功倍的效果.下列物理量估测合理的是（）A.教室中门的高度大约是 10dmB中学生登上一层楼所做的功大约是1500JC.家用电器电饭煲的功率约为50WD奥运会上男子百米赛跑的速度约为20km/h【答案】B【解析】【解答】