江苏省泰州市2015届高考物理三模试卷解

1、2015年江苏省泰州市高考物理三模试卷一、单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意）1（3分）（2015淮安四模）在无风的环境中，将乒乓球从高处由静止释放，小明用摄像机研究乒乓球下落的运动，发现它在落地前已经做匀速运动，若空气阻力与速度成正比，则乒乓球（）A在下落过程中，加速度先变大后变小B在下落过程中，机械能先增大后不变C从更高处由静止释放，在空中运动时间变长D从更高处由静止释放，落地前瞬间的速度变大2（3分）（2015淮安四模）如图所示，验电器带有少量正电荷，将一带负电的小球从远处逐渐靠近验电器的金属球，此过程可能看到金属箔片张开的角度（）A不断增大B先

2、减小至零，后逐渐增大C先增大，后减小D先增大，后不变3（3分）（2015淮安四模）如图所示，电源电动势为E，内阻为r，电动机M的线圈电阻为R1闭合开关S，电动机开始转动，稳定后电路中的电流为I，滑动变阻器接入电路的电阻为R2则（）A电流大小I=B电动机两端的电压U=IR1C电源的效率=×100%D电动机的机械功率P=IEI2（R1+R2+r）4（3分）（2015淮安四模）如图所示，某旋转磁极式发电机的转子有两对磁极，定子线圈的输出端接在一理想变压器的原线圈上不计定子线圈的电阻当转子以25r/s的转速匀速转动时，在定子线圈中产生频率为50Hz的正弦交流电若使转子以50r/s的转速转动，

3、则（）A电流表A的示数变为原来的2倍B电压表V的示数不变C电阻R上交流电的频率为25HzD变压器铁芯中磁通量变化率的最大值变为原来的4倍5（3分）（2015淮安四模）足球比赛中踢点球时，足球距球门10.97m，球正对球门踢出后恰好沿水平方向从横梁的下沿擦进球门，已知足球质量为400g，不计空气阻力，则该球员在此次踢球过程中对足球做的功约为（）A30JB60JC90JD120J二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分，每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6（4分）（2015淮安四模）如图所示，两个相同的小球A，B用长度分别为l1，l2的细

4、线（l1l2）悬于在天花板的O1，O2点，两球在水平面内做匀速圆周运动，两根细线与竖直轴夹角均为设A，B两球的线速度分别为vA，vB，角速度分别为A，B加速度分别为aA，aB，两根细线的拉力分别为FA，FB，则（）AvAvBBABCaA=aBDFAFB7（4分）（2015淮安四模）木卫一是最靠近木星的卫星，丹麦天文学家罗迈早在十七世纪通过对木卫一的观测测出了光速他测量了木卫一绕木星的运动周期T和通过木星影区的时间t若已知木星的半径R和万有引力恒量G，T远小于木星绕太阳的运行周期，根据以上条件可以求出（）A木星的密度B木卫一的密度C木卫一绕木星运动的向心加速度大小D木卫一表面的重力加速度大小8（

5、4分）（2015淮安四模）电子眼系统通过路面下埋设的感应线来感知汽车的压力，感应线是一个压电薄膜传感器，压电薄膜在受压时两端产生电压，压力越大电压越大，压电薄膜与电容器C和电阻R组成图甲所示的回路，红灯亮时，如果汽车的前、后轮先后经过感应线，回路中产生两脉冲电流，如图乙所示，即现为“闯红灯”，电子眼拍照，则红灯亮时（）A某车轮经过感应线的过程，电容器先充电后放电B某车轮经过感应线的过程，电阻R上的电流先增加后减小C车轮停在感应线上时，电阻R上和恒定的电流D汽车前轮刚越过感应线，又倒回到线内，仍会被电子眼拍照9（4分）（2015淮安四模）如图所示，有一范围足够大的水平匀强磁场，磁感应强度为B，一

6、个质量为m、电荷量为+q的带电小圆环套在一根固定的绝缘竖直长杆上，环与杆间的动摩擦因数为现使圆环以初速度v0向上运动，经时间t0圆环回到出发点，不计空气阻力，取竖直向上为正方向，下列描述该过程中圆环的速度v随时间t、摩擦力f随时间t、动能Ek最随位移x、机械能E随位移x变化规律的图象中，可能正确的是（）ABCD三、解答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分，请将解答填写在答题卡相应的位置10（8分）（2015淮安四模）（1）如图甲所示，螺旋测微器的读数为mm（2）在测电源的电动势和内阻实验中，连接的电路如图乙所示，闭合开关，电压表有读数，电流表示数为零，改变滑

7、动变阻器滑片P的位置，电流表示数仍为零，为检查故障，用多用表电压档测量相邻接线柱间的电压，发现2、3号导线和滑动变阻器两端的电压均为零，电流表两接线柱间的电压和电压表示数相等，则电路中可能的故障是，排除故障后继续实验，根据测得的数据在UI坐标系上描点如图丙所示，由图象可得电源的电动势E=V，内阻r=11（10分）（2015淮安四模）验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成了一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所示，选取纸带上某个清晰的点标为O，然后每两个打点取一个计数点，分别标为l、2、3、4、5、6，用刻度尺量出计数点l、2、3、4、5、6与O点的距离分别为h1、h2、h3、h4、

8、h5、h6（l）已知打点计时器的打点周期为T，可求出打各个计数点时对应的速度分别为vl、V2、V3、V4、v5，其中v5的计算式为v5=（2）若重锤的质量为m，取打点O时重锤所在水平面为参考平面，分别算出打各个计数点时对应重锤的势能Epi和动能EKi，则打计数点3时对应重锤的势能Ep3=；接着在Eh坐标系中描点作出如图丙所示的EKh和EPh图线，求得EPh图线斜率的绝对值为K1，EKh图线斜率为k2则k1与k2满足关系时重锤机械能守恒（3）关于上述实验，下列说法中正确的是A实验中可用干电池作为电源B为了减小阻力的影响，重锤的密度和质量应该适当大些C若纸带上打出的点被拉长为短线，应适当调高电源电

9、压D图丙Ekh图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的动能（4）关于该实验操作，你还能提出哪些注意事项（写出1条）：四、选做题（请从A，B和C三个小题中选定两个小题作答，并在大题卡上把所选题目对应字母后的方框满涂黑，如都作答，则按A，B两小题平分）12（3分）（2015淮安四模）下列说法正确的是（）A分子间存在引力，使液体分子间保持一定的间隙B气体的温度越高，某速率区间分子占总分子数的百分率一定越大C液晶分子没有固定的位置，但排列有大致相同的取向D蜘蛛网上挂着的小露珠呈球状属于毛细现象13（4分）（2015淮安四模）如图所示，汽车在进行撞击实验时，安全气囊内迅速产生大量氮气而打开，气囊表面的气

10、孔开始排气，若气囊表面有n个面积均为S的气孔，密度为的氮气以速度v从气孔排出，氮气的摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为NA，则在短时间t内排除的氮气分子数为，设气囊内氮气不与外界进行热交换，则排气过程中气囊内温度（选填“升高”“不变”或“降低”）14（5分）（2015淮安四模）如图所示，内壁光滑的导热气缸水平放置，一定质量的理想气体被封闭在气缸内，外界大气压强为p0、温度为T0现对气缸缓慢加热，体积由V1增大为V2，此过程气体吸收热量Q1；然后固定活塞，停止加热，封闭气体的温度逐渐降低至与外界大气温度相同求：刚停止加热时封闭气体的温度T；停止加热后，封闭气体向外传递的热量Q2五、选修模块3-415

11、（3分）（2015淮安四模）爱因斯坦1905年提出狭义相对论，1915年提出广义相对论，使人们进一步认识了光的本性，下列关于光的说法中正确的是（）A光能在弯曲的光导纤维中传播，说明光在同种均质介质中是沿曲线传播的B白光照射到DVD片表面时出现彩色是因为光具有波动性C某参考系中的两处同时发光，在另一惯性参考系中观察一定也是同时发光D真空中的光速在不同惯性参考系中相同，因此光的频率与参考系无关16（4分）（2015淮安四模）飞机黑匣子是用来记录飞行数据数据和驾驶舱语音的电子设备一旦飞机失事黑匣子入水，水敏开关启动水下超声波脉冲发生器工作，通过金属外壳把频率为37.5kHz的超声波信号发射到周围水域

12、，已知超声波在水中传播速度为1500m/s，则该波在水中的波长约为m；超声波不能发生（选填“干涉”“衍射”或“偏振”）现象17（5分）（2015淮安四模）如图所示，银行为了安全在水平柜台上安装了厚度为d的竖直玻璃板，某同学为了粗测其折射率，用一支激光笔在垂直于板面的竖直平面内，让激光以45°的入射角斜向下射向玻璃板，入射点到柜台面的距离为h，他请银行柜员测量了激光透过玻璃板落在柜台面上光点到玻璃板的距离为s求激光透过玻璃板后光线方向与玻璃板的夹角该玻璃板的折射率n六、选修模块3-518（2015淮安四模）下列说法中正确的是（）A射线是原子受激发后向低能级跃迁时放出的B在稳定的重原子核

13、中，质子数比中子数多C核反应过程中如果核子的平均质量减小，则要吸收核能D诊断甲状腺疾病时，注入的放射性同位素碘131作为示踪原子19（2015淮安四模）2014年三位科学家因发明高亮度蓝色发光二极管而获得诺贝尔物理学奖发光二极管（LED）产生波长450nm455nm的蓝光，照射荧光粉后发光，荧光粉辐射光子的波长（选填“”、“”或“=“）入射蓝光光子的波长，荧光粉辐射光形成的光谱是（选填“连续光谱”或“线状谱”）20（2015淮安四模）1930年英国物理学家考克饶夫和瓦尔顿建造了世界上第一台粒子加速器，他们获得了高速运动的质子，用来轰击静止的锂7（Li）原子核，形成一个不稳定的复合核后分解成两个

14、相同的原子核写出核反应方程式；已知质子的质量为m，初速度为v0，反应后产生的一个原子核速度大小为v0，方向与质子运动方向相反，求反应后产生的另一个原子核的速度以及反应过程中释放的核能（设反应过程释放的核能全部转变为动能）七、计算题：本题共3小题，共计47分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写明确数值和单位21（15分）（2015淮安四模）如图所示，在磁感应强度为B，方向竖直向下的匀强磁场中，相距为L的两根足够长平行光滑金属轨道MN、PQ固定在水平面内，一质量为m、电阻为R1的导体棒ab垂直轨道放置且与轨道电接触良好，轨道左

15、端M点接一单刀双掷开关S，P点与电动势为E，内阻为r的电源和定值电阻R2相连接，不计轨道的电阻（1）求开关S合向1瞬间导体棒的加速度a；（2）开关S合向1，在导体棒速度等于v时把S合到2，导体棒又向右运动距离x后停下，求S合到2的瞬间导体棒ab两端的电压U及此后通过导体棒的电荷量q1；（3）若从开关S合向1到导体棒速度等于v的过程中，通过电源的电荷量为q2，求此过程中导体棒ab上产生的焦耳热Q122（16分）（2015淮安四模）如图所示，光滑斜面倾角为，底端固定一垂直于斜面的挡板C，在斜面上放置长木板A，A的下端与C的距离为d，A的上端放置小物块B，A、B的质量均为m，A、B间的动摩擦因数=t

16、an，现同时由静止释放A，B、A与C发生碰撞的时间极短，碰撞前后瞬间速度大小相等，运动过程中小物块始终没有从木板上滑落，已知重力加速度为g，求（1）A与C发生第一次碰撞前瞬间的速度大小v1（2）A与C发生第一次碰撞后上滑到最高点时，小物块B的速度大小v2（3）为使B不与C碰撞，木板A长度的最小值L23（16分）（2015淮安四模）在科学研究中，可以通过施加适当的电场和磁场实现对带电粒子运动的控制，如图甲所示的xOy平面处于匀强电场和匀强磁场中，电场强度E和磁感应强度B随时间作周期性变化的图象如图乙所示，周期为7t0，y轴正方向为E的正方向，垂直纸面向外为B的正方向，在t=0时刻从坐标原点由静止

17、释放一个质量为m，电荷量为+q的粒子，当B0=时，粒子沿某轨道做周期性运动，图中E0、t0已知，不计粒子的重力，试求：（1）t0时刻粒子位置的纵坐标y1及3t0时刻粒子的速度大小v（2）改变B0的大小，仍要使粒子做周期性运动，B0的可能取值；（3）在（2）的情况下，粒子速度沿y轴负方向时横坐标x的可能值2015年江苏省泰州市高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意）1（3分）（2015淮安四模）在无风的环境中，将乒乓球从高处由静止释放，小明用摄像机研究乒乓球下落的运动，发现它在落地前已经做匀速运动，若空气阻力与速度成正比

18、，则乒乓球（）A在下落过程中，加速度先变大后变小B在下落过程中，机械能先增大后不变C从更高处由静止释放，在空中运动时间变长D从更高处由静止释放，落地前瞬间的速度变大考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律版权所有专题：机械能守恒定律应用专题分析：根据牛顿第二定律分析加速度的变化，从而空中运动的时间关系，以及落地时速度关系由于空气阻力做功，乒乓球的机械能不守恒解答：解：AD、根据牛顿第二定律得：mgf=ma，得加速度 a=g随着速度的增大，空气阻力f增大，则知加速度减小，当加速度a=0时做匀速运动设匀速运动的速度为v，则f=kv，由mg=f=kv得，匀速运动的速度 v=由于乒乓球在落地前已经做匀速运动

19、，可知从更高处由静止释放，落地前也做匀速运动，落地瞬间的速度不变，故AD错误B、在下落过程中，空气阻力一直做负功，所以其机械能不断减小，故B错误C、从更高处由静止释放，变加速运动的时间相同，而匀速运动的时间变长，所以在空中运动时间变长，故C正确故选：C点评：解决本题的关键是运用牛顿第二定律分析加速度的变化，知道加速度为零速度最大，做匀速运动2（3分）（2015淮安四模）如图所示，验电器带有少量正电荷，将一带负电的小球从远处逐渐靠近验电器的金属球，此过程可能看到金属箔片张开的角度（）A不断增大B先减小至零，后逐渐增大C先增大，后减小D先增大，后不变考点：静电场中的导体版权所有专题：电场力与电势的

20、性质专题分析：验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的，通过金属箔片的张角的大小可以确定其所带电荷的多少随小球的靠近，验电器的金属球上感应的正电荷越来越多，所以金属箔上的正电荷先逐渐减小，随后带上负电荷解答：解：一根带有很多负电荷的小球慢慢靠近一个带有少量正电荷的验电器金属球，根据异种电荷相互吸引得出金属箔所带电荷变少，所以金属箔的夹角减小，随小球的靠近，验电器的金属球上的正电荷越来越多，所以金属箔上将开始带上负电荷，随负电荷的增加多，此时验电器金属箔的张角也开始变大，即金属箔的夹角增大，故ACD错误，B正确；故选：B点评：该题考查感应起电，正确的分析验电器和带电体所带电量多少的几种情况是解答

21、本题的关键3（3分）（2015淮安四模）如图所示，电源电动势为E，内阻为r，电动机M的线圈电阻为R1闭合开关S，电动机开始转动，稳定后电路中的电流为I，滑动变阻器接入电路的电阻为R2则（）A电流大小I=B电动机两端的电压U=IR1C电源的效率=×100%D电动机的机械功率P=IEI2（R1+R2+r）考点：电功、电功率版权所有专题：恒定电流专题分析：根据功率公式可以求得电源的输出功率；根据非纯电路的特点可以分析电压及电源效率；由能量守恒可求得电动机的机械效率解答：解：A、由于电动机为非纯电阻元件，故不能使用闭合电路欧姆定律求解电流和两端的电压；故AB错误；B、电源的效率=×

22、100%；但由于不能使用欧姆定律求解，故C错误；D、对全电路由功能关系可知，电动机的机械功率P=IEI2（R1+R2+r）；故D正确；故选：D点评：本题考查电源及电动机的功率问题，要注意对于非纯电阻电路是无法使用欧姆定律求解电压的4（3分）（2015淮安四模）如图所示，某旋转磁极式发电机的转子有两对磁极，定子线圈的输出端接在一理想变压器的原线圈上不计定子线圈的电阻当转子以25r/s的转速匀速转动时，在定子线圈中产生频率为50Hz的正弦交流电若使转子以50r/s的转速转动，则（）A电流表A的示数变为原来的2倍B电压表V的示数不变C电阻R上交流电的频率为25HzD变压器铁芯中磁通量变化率的最大值变

23、为原来的4倍考点：变压器的构造和原理；法拉第电磁感应定律版权所有专题：交流电专题分析：根据Em=NBS及=2n可分析发电机输出电压变化，然后根据变压器电压与匝数的关系、角速度与频率之间关系解决其他问题解答：解：转速加倍，根据=2n则角速度加倍，根据Em=NBS加倍，AB、变压器原线圈两端电压加倍，根据变压器电压与匝数成正比，则副线圈两端电压加倍，则电流加倍，由根据电流与匝数关系可知电流表的示数也加倍，故A正确，B错误；C、转速加倍，则原线圈输入电压频率加倍，为50Hz，变压器不改变电流频率，所以电阻R上交流电的频率为50Hz，故C错误；D、根据法拉第电磁感应定律可知，电动势与磁通量变化率的成之

24、比，因为电动势加倍，变压器铁芯中磁通量变化率的最大值变为原来的2倍，故D错误；故选：A点评：本题考察交变电流的产生，最大电动势Em=NBS与匝数、磁场、面积和角速度有关，只要其中一个改变电动势就随着改变变压器只改变电压、电流不改变交流电的频率5（3分）（2015淮安四模）足球比赛中踢点球时，足球距球门10.97m，球正对球门踢出后恰好沿水平方向从横梁的下沿擦进球门，已知足球质量为400g，不计空气阻力，则该球员在此次踢球过程中对足球做的功约为（）A30JB60JC90JD120J考点：动能定理的应用；运动的合成和分解版权所有专题：动能定理的应用专题分析：球门的高度约为2.44m；球的运动可分解

25、为水平方向和竖直方向的运动，由竖直上抛运动规律可求得飞行时间，再由水平方向的匀速运动规律可求得水平速度；由功能关系可求得人对足球所做的功解答：解：足球在最高点沿水平方向，说明竖直方向速度恰好为零；由h=gt2可得：t=0.7s；水平速度v=15.7m/s由功能关系可知，人做的功W=mgh+mv2=0.4×10×2.44+×0.4×（15.7）2=59.7660J；故做功约等于60J；故选：B点评：本题考查功能关系及运动的合成与分解，要注意明确球实际上参与了两个运动，一个是竖直方向上的运动，一是匀速直线运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16

26、分，每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6（4分）（2015淮安四模）如图所示，两个相同的小球A，B用长度分别为l1，l2的细线（l1l2）悬于在天花板的O1，O2点，两球在水平面内做匀速圆周运动，两根细线与竖直轴夹角均为设A，B两球的线速度分别为vA，vB，角速度分别为A，B加速度分别为aA，aB，两根细线的拉力分别为FA，FB，则（）AvAvBBABCaA=aBDFAFB考点：向心力版权所有专题：匀速圆周运动专题分析：小球受重力和拉力，两个力的合力提供小球做圆周运动的向心力；通过合力提供向心力，比较出两球的角速度大小，从而比较出周期的关系；抓住

27、小球距离顶点O的高度相同求出L2与竖直方向上的夹角；抓住小球距离顶点O的高度相同求出半径的关系，根据v=r比较线速度关系解答：解：A、D、小球在水平面内做匀速圆周运动，对小球受力分析，如图小球受重力、和绳子的拉力，合力提供向心力，根据几何关系可知向心力：F=mgtan由向心力公式得：mgtan=m又 r=lsin解得：v=由于l1l2，所以vAvB故A错误，D错误；B、由于v=r=lsin，故角速度：=，由于l1l2，所以AB故B正确；C、由向心力公式得：mgtan=ma，所以二者的加速度是相等的故C正确；故选：BC点评：解决本题的关键会正确地受力分析，知道匀速圆周运动向心力是由物体所受的合力

28、提供7（4分）（2015淮安四模）木卫一是最靠近木星的卫星，丹麦天文学家罗迈早在十七世纪通过对木卫一的观测测出了光速他测量了木卫一绕木星的运动周期T和通过木星影区的时间t若已知木星的半径R和万有引力恒量G，T远小于木星绕太阳的运行周期，根据以上条件可以求出（）A木星的密度B木卫一的密度C木卫一绕木星运动的向心加速度大小D木卫一表面的重力加速度大小考点：万有引力定律及其应用版权所有专题：万有引力定律的应用专题分析：根据木卫一绕木星的运动周期T和通过木星影区的时间t，计算走影区对应的圆心角，进而到木卫一的轨迹半径，从而求得中心天体质量和圆周运动的加速度解答：解：A、B、如图：通过木星影区的时间t，

29、周期为T，则：，解得：，而：，解得：，根据万有引力提供向心力：，解得：M=，可求得中心天体的质量，球体体积V=，可得：，故A正确，B错误；C、根据万有引力提供向心力：=，解得：a=，故C正确；D、公式只能计算中心天体的物理量，故D错误；故选：AC点评：本题关键是根据木星的卫星做圆周运动的向心力有万有引力提供，列出方程，分析方程式即可看出要测量的量8（4分）（2015淮安四模）电子眼系统通过路面下埋设的感应线来感知汽车的压力，感应线是一个压电薄膜传感器，压电薄膜在受压时两端产生电压，压力越大电压越大，压电薄膜与电容器C和电阻R组成图甲所示的回路，红灯亮时，如果汽车的前、后轮先后经过感应线，回路中

30、产生两脉冲电流，如图乙所示，即现为“闯红灯”，电子眼拍照，则红灯亮时（）A某车轮经过感应线的过程，电容器先充电后放电B某车轮经过感应线的过程，电阻R上的电流先增加后减小C车轮停在感应线上时，电阻R上和恒定的电流D汽车前轮刚越过感应线，又倒回到线内，仍会被电子眼拍照考点：传感器在生产、生活中的应用版权所有分析：根据电流和电路图分析电容器的充放电过程，并根据工作原理明确汽车前轮刚越过感应线，又倒回到线内是否符合拍照条件解答：解：A、由乙图可知，当车轮经过时电流先增大后减小，然后再反向增大减小；因电压是在受压时产生的；故说明电容器先充电后放电；故A正确，BC错误；D、若汽车前轮越过感应线，又倒回线内

31、，则前轮两次压线，仍形成两个脉冲电流，符合拍照条件，电子眼仍可拍照；故D正确；故选：AD点评：本题考查传感器的应用及电容器的使用，要注意对于未知事物能有效建立物理模型，应用所学过的物理规律求解9（4分）（2015淮安四模）如图所示，有一范围足够大的水平匀强磁场，磁感应强度为B，一个质量为m、电荷量为+q的带电小圆环套在一根固定的绝缘竖直长杆上，环与杆间的动摩擦因数为现使圆环以初速度v0向上运动，经时间t0圆环回到出发点，不计空气阻力，取竖直向上为正方向，下列描述该过程中圆环的速度v随时间t、摩擦力f随时间t、动能Ek最随位移x、机械能E随位移x变化规律的图象中，可能正确的是（）ABCD考点：带

32、电粒子在混合场中的运动版权所有专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：小球受重力、洛伦兹力、支持力和滑动摩擦力，然后根据牛顿第二定律列式分析求解解答：解：小球向上运动的过程中受重力、洛伦兹力、支持力和向下的滑动摩擦力，向上运动，重力和摩擦力做负功，速度不断减小，洛伦兹力不断减小，支持力减小，故滑动摩擦力减小，合力减小，物体做加速度不断减小的加速运动，当速度减为零时，向上的位移最大，摩擦力等于0，而加速度等于重力加速度；小球达到最高点后向下运动的过程中受重力、洛伦兹力、支持力和向上的滑动摩擦力，由于速度不断变大，洛伦兹力不断变大，支持力变大，故滑动摩擦力变大，合力减小，物体做加速度不断减小的加速运

33、动，当加速度减为零时，速度最大；A、由以上的分析可知，小球先向上运动，加速度逐渐减小；后小球向下运动，加速度仍然继续减小负号表示速度的方向前后相反故A正确；B、由以上的分析可知，小球先向上运动，摩擦力的方向向下，逐渐减小；后小球向下运动，摩擦力的方向向上，逐渐增大故B正确；C、小球向上运动的过程中：Ek=Ek0WGWf=Ek0mgxfx，由于f逐渐减小，所以动能的变化率逐渐减小故C错误；D、小球运动的过程中摩擦力做功使小球的机械能减小，向上运动的过程中：E=fx，由于向上运动的过程中f逐渐减小，所以机械能的变化率逐渐减小；而向下运动的过程中摩擦力之间增大，所以机械能的变化率逐渐增大故D正确故选

34、：ABD点评：本题关键分析清楚带电小球的运动情况，明确：向上运动的过程中摩擦力逐渐减小，向下运动的过程中摩擦力逐渐增大，加速度、速度和动能、机械能都随之发生 变化三、解答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分，请将解答填写在答题卡相应的位置10（8分）（2015淮安四模）（1）如图甲所示，螺旋测微器的读数为6.198mm（2）在测电源的电动势和内阻实验中，连接的电路如图乙所示，闭合开关，电压表有读数，电流表示数为零，改变滑动变阻器滑片P的位置，电流表示数仍为零，为检查故障，用多用表电压档测量相邻接线柱间的电压，发现2、3号导线和滑动变阻器两端的电压均为零，电流

35、表两接线柱间的电压和电压表示数相等，则电路中可能的故障是电流表断路，排除故障后继续实验，根据测得的数据在UI坐标系上描点如图丙所示，由图象可得电源的电动势E=2.95V，内阻r=0.73考点：测定电源的电动势和内阻版权所有分析：（1）根据螺旋测微器的读数方法读数即可；（2）电路故障有两种：断路或短路，电路断路时，电路电流为零；闭合开关，电流表几乎没有示数，说明电路断路；电压表指针明显偏转，说明电压表有示数较大，电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外不存在断路，则电路故障是与电压表并联的电阻断路根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir，推导出表达式U=rI+E，故纵轴截距表示电源的电动势，斜率表示电源

36、的内电阻解答：解：（1）由图可知，固定部分读数为：6mm；转动部分为19.8×0.01=0.198mm；故最终读数为：6+0.198=6.198mm；（2）接通开关，电压表有读数，电流表示数为零说明电路断路；2、3号导线和滑动变阻器两端的电压均为零；说明滑动变阻器及2、3之间导线均正常，电流表两接线柱间的电压和电压表示数相等说明多用表电压档测量的是电源两端电压，所以电路中发生故障的原因是电流表断路UI图象的纵轴截距表示电源的电动势，故E=2.95V内阻等于图线的斜率，故r=0.73 故答案为：电流表断路；2.95；0.73点评：本题考查了电路故障分析及UI图象处理等多方面内容，题目层

37、次源于课本，高于课本、凸显能力，体现创新意识，侧重于对实验能力的考查；要注意在学习中多做相关练习11（10分）（2015淮安四模）验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成了一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所示，选取纸带上某个清晰的点标为O，然后每两个打点取一个计数点，分别标为l、2、3、4、5、6，用刻度尺量出计数点l、2、3、4、5、6与O点的距离分别为h1、h2、h3、h4、h5、h6（l）已知打点计时器的打点周期为T，可求出打各个计数点时对应的速度分别为vl、V2、V3、V4、v5，其中v5的计算式为v5=（2）若重锤的质量为m，取打点O时重锤所在水平面为参考平面，分别算出

38、打各个计数点时对应重锤的势能Epi和动能EKi，则打计数点3时对应重锤的势能Ep3=mgh3；接着在Eh坐标系中描点作出如图丙所示的EKh和EPh图线，求得EPh图线斜率的绝对值为K1，EKh图线斜率为k2则k1与k2满足k1=k2关系时重锤机械能守恒（3）关于上述实验，下列说法中正确的是BDA实验中可用干电池作为电源B为了减小阻力的影响，重锤的密度和质量应该适当大些C若纸带上打出的点被拉长为短线，应适当调高电源电压D图丙Ekh图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的动能（4）关于该实验操作，你还能提出哪些注意事项（写出1条）：生锺从靠近打点计时器处释放，或调节打点计时器限位孔在同一竖直线上考

39、点：验证机械能守恒定律版权所有专题：实验题分析：（1）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出5点的速度；（2）根据下降的高度，结合参考平面，求出重力势能；再由动能与重力势能相互转化，则机械能守恒可知，两图线的斜率相等即可； （3）根据实验原理，电源使用交流电，重锤要求重且小，纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的动能；（4）根据实验操作与步骤，即可求解解答：解：（1）根据平均速度等于瞬时速度，则有，5点的瞬时速度v5=，（2）取打点O时重锤所在水平面为参考平面，那么3点处，对应重锤的势能Ep3=mgh3；根据图象可知，每一段对应的重力势能减小量和动能增加量相等，那么机械能守恒，即图线

40、的斜率相同，才能满足条件，因此k1=k2（3）A实验中打点计时器，不可用干电池作为电源，故A错误；B为了减小阻力的影响，重锤的密度和质量应该适当大些，故B正确；C若纸带上打出的点被拉长为短线，说明打点时间过长，频率太高，因此应适当调低电源的频率，故C错误；D图丙Ekh图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的初动能，故D正确；（4）关于该实验操作，仍要注意事项：生锺从靠近打点计时器处释放，或调节打点计时器限位孔在同一竖直线上故答案为：（1）；（2）mgh3，k1=k2；（3）BD；（4）生锺从靠近打点计时器处释放，或调节打点计时器限位孔在同一竖直线上点评：解决本题的关键知道实验的原理，验证重力势

41、能的减小量与动能的增加量是否相等以及知道通过求某段时间内的平均速度表示瞬时速度，注意两图象的斜率绝对值相等，是验证机械能是否守恒的条件四、选做题（请从A，B和C三个小题中选定两个小题作答，并在大题卡上把所选题目对应字母后的方框满涂黑，如都作答，则按A，B两小题平分）12（3分）（2015淮安四模）下列说法正确的是（）A分子间存在引力，使液体分子间保持一定的间隙B气体的温度越高，某速率区间分子占总分子数的百分率一定越大C液晶分子没有固定的位置，但排列有大致相同的取向D蜘蛛网上挂着的小露珠呈球状属于毛细现象考点：* 液晶；* 液体的表面张力现象和毛细现象版权所有分析：分子之间存在着相互作用的引力和

42、斥力；温度升高分子的平均动能增加，不同温度下相同速率的分子所占比例不同液晶分子具有各向异性的特点液体表面分子比内部分子稀疏，液体表面存在表面张力解答：解：A、分子间存在斥力，使液体分子间保持一定的间隙故A错误；B、同一温度下，中等速率大的分子数所占的比例大，温度升高使得分子的平均速率增大；不同温度下相同速率的分子所占比例不同故B错误；C、液晶一方面像液体具有流动性，另一方面又像晶体，分子在特定方向排列比较整齐有序，具有各向异性的特点故C正确；D、由于液体表面存在张力，所以露珠呈现球状，不属于毛细现象故D错误故选：C点评：该题考查分子之间的作用力、麦克斯韦速度分布率、液晶的特点以及表面张力等知识

43、点的内容，属于对基础知识点的考查，做好这一类的题目，多加积累即可13（4分）（2015淮安四模）如图所示，汽车在进行撞击实验时，安全气囊内迅速产生大量氮气而打开，气囊表面的气孔开始排气，若气囊表面有n个面积均为S的气孔，密度为的氮气以速度v从气孔排出，氮气的摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为NA，则在短时间t内排除的氮气分子数为，设气囊内氮气不与外界进行热交换，则排气过程中气囊内温度降低（选填“升高”“不变”或“降低”）考点：热力学第一定律版权所有专题：热力学定理专题分析：根据排出的分子体积求得排出气体的质量，再由阿伏加德罗常数的计算可求得分子个数；由热力学第一定律可分析温度的变化解答：解：t时间

44、内排出的体积为：V=vtS；排出气的质量m=V=vSt；则分子数N=；排出气体时，气体对外做功，由于没有热交换，则由热力学第一定律可知，气体内能将减小，温度降低；故答案为：；降低点评：本题考查热力学第一定律及阿伏加德罗常数的计算，要注意明确宏观量与微观量之间的联系14（5分）（2015淮安四模）如图所示，内壁光滑的导热气缸水平放置，一定质量的理想气体被封闭在气缸内，外界大气压强为p0、温度为T0现对气缸缓慢加热，体积由V1增大为V2，此过程气体吸收热量Q1；然后固定活塞，停止加热，封闭气体的温度逐渐降低至与外界大气温度相同求：刚停止加热时封闭气体的温度T；停止加热后，封闭气体向外传递的热量Q2

45、考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律版权所有专题：理想气体状态方程专题分析：加热过程气体做等压变化，根据盖吕萨克定律列式求解；封闭气体的温度逐渐降低至与外界大气温度相同，加热过程与温度降低过程，内能变化相同，利用热力学第一定律列式求解解答：解：加热过程气体做等压变化，根据盖吕萨克定律得：解得：加热过程，温度升高，气体内能增加，体积增大，气体对外界做功为：W=P0（V2V1）由热力学第一定律得：U=Q1W=Q1P0（V2V1） 停止加热，封闭气体的温度逐渐降低至与外界大气温度相同内能减小，减小量与温度升高过程相等；由热力学第一定律得：U=Q2 联立得：Q2=Q1P0（V2V1）答：刚停止加热

46、时封闭气体的温度T为；停止加热后，封闭气体向外传递的热量Q2为Q1P0（V2V1）点评：本题关键是从题目中挖掘隐含条件：“导热气缸水平放置，缓慢加热”研究活塞可知加热过程气体等压变化，然后根据盖吕萨克定律列式求解即可；“停止加热，封闭气体的温度逐渐降低至与外界大气温度相同”说明温度升高和降低过程气体内能变化量相同，根据热力学第一定律列式即可求解五、选修模块3-415（3分）（2015淮安四模）爱因斯坦1905年提出狭义相对论，1915年提出广义相对论，使人们进一步认识了光的本性，下列关于光的说法中正确的是（）A光能在弯曲的光导纤维中传播，说明光在同种均质介质中是沿曲线传播的B白光照射到DVD片

47、表面时出现彩色是因为光具有波动性C某参考系中的两处同时发光，在另一惯性参考系中观察一定也是同时发光D真空中的光速在不同惯性参考系中相同，因此光的频率与参考系无关考点：光的本性学说的发展简史版权所有分析：光在同一种介质中都是直线传播的；而光在弯曲的纤维中能传播是因为光的全反射；光的干涉和衍射现象均说明光具有波动性；狭义相对论的几个基本结论：钟慢效应：运动的钟比静止的钟走得慢，而且，运动速度越快，钟走的越慢，接近光速时，钟就几乎停止了；尺缩效应：在尺子长度方向上运动的尺子比静止的尺子短，当速度接近光速时，尺子缩成一个点质量变大：质量（或能量）并不是独立的，而是与运动状态相关的，速度越大，质量越大解

48、答：解：A、光能在弯曲的光导纤维中传播是因为光的全反射，不能说明光的沿曲线传播的；事实是光在同一种介质中沿直线传播；故A错误；B、白光照射到DVD片表面时出现彩色是因为光的干涉形成的，故说明光具有波动性；故B正确；C、相对论时空观认为在某参考系中同时发生的两件事，在另一参考系看来不一定是同时的，故C错误；D、真空中的光速在不同惯性参考系中是相同的；但光的频率在不同参考系中是不同的；与参考系有关；故D错误；故选：B点评：此题考查狭义相对论的几个基本结论以及光的性质，应该记住这几个结论并理解它们同时注意深刻刻理解光的波粒二象性16（4分）（2015淮安四模）飞机黑匣子是用来记录飞行数据数据和驾驶舱

49、语音的电子设备一旦飞机失事黑匣子入水，水敏开关启动水下超声波脉冲发生器工作，通过金属外壳把频率为37.5kHz的超声波信号发射到周围水域，已知超声波在水中传播速度为1500m/s，则该波在水中的波长约为0.04m；超声波不能发生偏振（选填“干涉”“衍射”或“偏振”）现象考点：波的干涉和衍射现象版权所有分析：根据v=f求解超声波的波长；干涉和衍射是波特有的现象，横波还可以发生偏振现象，超声波是纵波解答：解：超声波的波长：=0.04m；超声波是纵波，不能发生偏振现象；故答案为：0.04，偏振点评：本题关键是明确超声波是纵波，然后结合公式v=f列式求解，基础题目17（5分）（2015淮安四模）如图所

50、示，银行为了安全在水平柜台上安装了厚度为d的竖直玻璃板，某同学为了粗测其折射率，用一支激光笔在垂直于板面的竖直平面内，让激光以45°的入射角斜向下射向玻璃板，入射点到柜台面的距离为h，他请银行柜员测量了激光透过玻璃板落在柜台面上光点到玻璃板的距离为s求激光透过玻璃板后光线方向与玻璃板的夹角该玻璃板的折射率n考点：光的折射定律版权所有专题：光的折射专题分析：作出激光的光路图，由折射定律求激光透过玻璃板后光线方向与玻璃板的夹角由几何关系求出折射角的正弦值，再由折射定律求该玻璃板的折射率n解答：解：作出激光的光路图如图所示，设光线在左侧面上的入射角为，折射角为则=n在右侧面上有，=解得激光透过玻璃板后光线方向与玻璃板的夹角 =45°由几何关系得 sin=可得 n=答：激光透过玻璃板后光线方向与玻璃板的夹角为45°该玻璃板的折射率n为点评：本题关键要掌握光的折射定律，运用几何知识解答第1小题也可以根据光路的可逆性得到六、选修模块3-518（2015淮安四模）下列说法中正确的是（）A射线是原子受激发后向低能级跃迁时放出的B在稳定的重原子核中，质子数比