2020届中考物理高频考点练习专题20电功、电功率和电热(含解析)

1、2020届中考物理高频考点练习电功、电功率和电热考点一：电能、电能表及其相关计算1. （ 2019?玉林）下列关于电能的说法正确的是（）A 可以通过电流表把电能直接测量出来B电能的单位是度”学名叫做千瓦C 消耗电能越多的用电器，电功率就越大D 消耗电能相同的用电器，产生的热量不一定相同【答案】D【解答】A、电流表只能测量通过用电器的电流，电能表能够测量用电器消耗电能的 多少。故A错误；B、电能的常用单位是 度”学名是千瓦时。故B错误；C、由公式P 知，用电器消耗电能较多，通电时间不确定，功率大小不能确定。 故C错误；，本次查看时电)D、消耗电能相同的电风扇和电烙铁，电风扇产生的热量远小于电烙铁

2、产生的热量。 故D正确。2. （2019?衡阳）小明家上次查看电能表示数为能表读数如图所示，贝U下列说法正确的是（22flr 10A 站皿3600 TtW-tiS633A 他家在这段时间内消耗的电能为 903kW?hB 电能表是测量电功率的仪表C.若只让一个标有“220V1000W的电热水器正常工作10min,则电能表的圆盘转了 600 转D .这个电能表的额定功率为2200W【答案】C【解答】A、他家在这段时间内消耗的电能 W = 8633.5kW?h- 8543.2kW?h= 90.3kW?h,故A错误；B、 电能表是测量消耗电能的仪表，不是测量电功率的，故B错误；C、3600r/ (kW

3、?h)表示电路中每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转过 3600r, 只让一个标有“220V1000W的电热水器正常工作10min，其消耗的电能为 W = Pt= lkWKh = kW?h;则电能表的圆盘转过的圈数：N =kW?h< 3600r/ (kW?h)= 600r，故C正确。oD、 根据该电能表的铭牌可知，其允许接入用电器的最大功率P= Ul= 220VX10A = 2200W;但电能表属于测量仪表，不消耗电能，没有额定功率，故D错误。3.(2019?兰州)某电能表的表盘上标有 “1600imp/(kW?h) ”的字样，将铭牌上标有 “2 20V 1210W字样的电热水器接在家

4、庭电路中，只让它单独工作6min，这段时间内电 能表的指示灯闪烁了 160次，则该电热水器在上述时间内实际消耗的电能为 _kW?h,实际功率为 W，该电路的实际电压为 V。【答案】0.1; 1000; 200【解答】/1) 1600imp/kW?h表示电能表指示灯每闪烁1600次，电路消耗的电能为1kW?h,电能表的指示灯闪烁160次消耗的电能为：160W =kW?h= 0.1kW?h；1600 ?电热水器的实际功率：6 ,= 1kW = 1000W;/2)因为电热水器的额定电压和额定功率分别为U额二220V, P额二1210W,由P=；可得，电热水器的电阻为：A2R二丄 '二40QP

5、额1210V由P=可得：RU2= PR= 1OOOW 40Q,解得实际电压：U 实=200V。4. (2019?可南)在家用电器调查活动中，小亮让电热水器单独工作2min，测得家中如图所示的电能表的转盘转了 70r，热水器的实际功率为 W;若不计能量损失，这段时间内热水器中50L的水可升温°C.由于热水器的功率远大于冰箱，从安全用电的角度考虑，热水器的电源线比冰箱的要 (选填 粗”或细”。已知卩水=1.0 >103kg/m3，c水=4.2 X03J/ ( kg?C)| 2川9回220V1Q(2050HzlO(X)fW>h【答案】2100; 1.2;粗【解答】(1)电能表的

6、转盘转70r，电热水器消耗的电能：W 二二 0.07kW?h，工作时间t = 2minh，则该电热水器的实际功率：0團-h|= 2.1kW = 2100W。t 30h(2)电热水器消耗的电能：W = Pt= 2100W<120s= 2.52 X05J，水的体积V水=50L = 0.05m3，由p=可得，水的质量：m水=p水V水= 1.0 >W3kg/m3>0.053m3 = 50kg；因为不计能量损失，所以水吸收的热量：Q吸=W = 2.52 >105J,由Q= cmAt得，水升高的温度：%2. 52X 10BJ4.2X 103J/(kg-t)X50kg t=12C（3

7、）由于电热水器的功率远大于冰箱，根据P= UI可知，电热水器工作时的电流远大于冰箱，相同条件下热水器导线上产生的热量较多。为保证线路安全，在电流和通电时间一定时，电热水器选择较粗的电源线，可以减小导线电阻，根据Q= I2Rt可知，电源线产生的热量减少，可防止电源线快速老化而引发安全事故。5. （ 2019?辽阳）如图是威威家的电能表，由表盘上的信息可知，他家同时使用的用电器总功率不能超过 W.威威家有一台烤面包机，铭牌上标有“220V900V”的字样，某次烤面包机单独正常工作时，电能表的转盘转了 45转，则此次烤面包机工作 了min.若在用电高峰期，实际电压低于 220V，烤面包机的实际功率将

8、 _ （填变大”、变小”或不变”）。kw-h0 2 6 2 冋220V 10AQ0A)3000rkW»h【答案】4400; 1;变小【解答】由电能表参数可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为20A，他家同时使用用电器的最大总功率：P大=UI = 220VX20A = 4400W;用电器消耗的电能为： W=祷了 kW?h= 0.015kW?h；w o 0L5klN'h 1根据 W = Pt可知用电器工作的时间为：t =©= °业书=石7h= 1min；若在用电高峰期，实际电压低于 220V，由于电阻不变，根据公式 P=可知，实际功率会变

9、小。考点二：滑动变阻器引起的动态电路分析（电功率）6. （2019?北京）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，当开关 S闭合时，灯L正常发光。如果将滑动变阻器的滑片 P向右滑动，贝U下列说法中正确的是（A 电流表的示数变大，灯L变亮B 电流表的示数变大，灯L变暗C 电流表的示数变小，灯L变亮D电流表的示数变小，灯L变暗【答案】D【解答】由电路图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流；将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；根据I二丄可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；根据U二IR可知，灯泡两端的电压变小，由 P= UI可知，灯泡的实际功率变

10、小，故 灯泡变暗。7. （ 2019?遂宁）如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中（ ）LA 电压表V的示数不变B 电流表A的示数变大C.小灯泡的亮度变暗D .电路的总功率变大【答案】A【解答】由图可知，闭合开关，灯泡与滑动变阻器并联，电流表 A测量电路总电流， 电压表测电源电压，所以滑片移动电压表的示数不变，故A正确；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据I二丄可知，滑动变阻器所在支路中的电流变小；根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，所以滑片向右移动，小灯泡的电流和实际功率不变，则灯泡的亮度不变，故 C错误；根据并联电路

11、中干路电流等于各支路电流之和可知，总电流变小，即电流表A的示数变小，故B错误；电源电压保持不变，总电流变小，根据 P= UI知，电路的总功率变小，故 D错误。8. （ 2019?泰州）如图，Ri> R2,闭合开关，将滑动变阻器的滑片向左滑动，电压表 V 1示数变化量的绝对值Ui,电压表V2示数变化量的绝对值U2,滑动变阻器R 两端电压变化量的绝对值为 U3，下列说法正确的是（）A . Vi示数变小，V2示数变大B . Vi示数变大， "< U2C. V2示数不变， " = U3D . V2示数变大， UivA U3【答案】D【解答】由电路图可知，Ri、R2、R串

12、联，电压表Vi测Ri两端的电压，电压表 V2 测R2两端的电压，由图知，将滑动变阻器的滑片向左滑动，变阻器接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由1=可知，电路中的电流变大，由U = IR可知，Ri、R2两端的电压均变大，即 Vi示数变大、V2示数变大，故AC错 误；设滑片移动前后电路中的电流分别为li、12，则电压表Vi示数变化量的绝对值和电压表 V2示数变化量的绝对值分别为： Ui= Ui - U1 = I2R1 |1R1=( I2- Ii) Ri U2= U2- U2= I2R2 - liR2=( I2 - Ii) R2由 Ri>R2可知，(I2 - Ii) Ri>( I2

13、 - Ii) R2，即 Ui>A U2，故 B 错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器R两端电压变化量的绝对值： U3=( U IiRi - IiR2)-( U l2Ri I2R2)= ( |2 Ii)( Ri+R2贝U( I2 Ii) Riv( I2 Ii)( Ri+R2)，即厶"< U3，故 D 正确。9.(20i9?畐建)如图电路，电源电压恒定， Ri= i2Q, R2 = 6Q, R3是定值电阻。闭合 开关Si，单刀双掷开关S2接a时电流表的示数为0.6A，接b时电流表的示数可能为( )A . 0.3 AB. 0.6 AC. 0.9 AD. i

14、.2 A【答案】C【解答】由电路图可知，闭合开关 Si,单刀双掷开关S2接a时，Ri与R3串联，电流 表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由丨=¥可得，电源的电压：U = Ia (Ri+R3)= 0.6A X( i2Q +F3),当闭合开关Si,单刀双掷开关S2接接b时，R2与R3串联，电流表测电路中的电流， 则电流表的示数：u 0. GX (12+R3)| 0. &Ax(6Q+r3)+6JIq. 6AX6 IIb二悶林3二4 艮3=皿叫=0.6A+ 工钳3 ，七-|0.|.当 R3 = 0 时，lb= 0.6A+:；= i.2A,当 R3g寸，lb=

15、 0.6A,由R3是定值电阻可知，0.6AV Ibv i.2A，结合选项可知C符合。考点三：多开关通断引起的动态电路分析(电功率 )10. （2019加宁）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S1和S2,灯L正常发光,则断开开关S2时（）A 电流表示数变大，灯L变亮B 电压表示数变大，灯L的实际功率变小C 电流表示数变小，灯L仍然正常发光D .电压表示数不变，电路的总功率变大【答案】C【解答】由电路图可知，闭合开关 S1和S2时，定值电阻R与灯泡L并联，电压表测 电源两端的电压，电流表测干路电流，当断开开关S2时，电路为灯泡L的简单电路，电压表测电源两端的电压，电流表测通过L的电流，因电源电压

16、保持不变，所以，电压表的示数不变，故 B错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡L的电流不变，灯L仍然正常发光，故A错误；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电路的总电流变小，即电流表的示数变小，故 C正确；由P= UI可知，电路的总功率最小，故 D错误。11. （ 2019?岳阳）如图，电源电压恒定不变，若要灯泡 L和滑动变阻器R串联，则只 需要闭合开关 ；闭合开关S1和S3,断开S2,将滑片P由图中位置向右移动，灯泡L的亮度 （填 变亮”变暗”或 不变”）。【答案】S2；不变【解答】要使灯泡L和滑动变阻器R串联，应将灯泡L和滑动变阻器R首尾相连接 到电源两端，则

17、由图可知只要闭合 S2,断开Si、S3；若闭合开关Si和S3,断开S2,小灯泡和滑动变阻器并联，因并联电路各支路互不影 响，所以当将滑片P由图中位置向右移动，灯泡L的亮度不变。考点四：敏感电阻引起的动态电路分析（电功率）12. （ 2019?广西）用石墨烯制成的湿敏电阻，其阻值会随含水量的升高而增大。如图是检测植物叶片含水量的电路，电源电压不变。将湿敏电阻R附着在叶片上，当叶A .电流表示数增大C.电路总电阻减小【答案】B【解答】由电路图可知，湿敏电阻 将湿敏电阻R附着在叶片上，B .电压表示数减小D .电路总功率增大R与定值电阻Ro串联，电流表测电路中的电流,因湿敏电阻的阻值会随含水量的升高

18、而增大，且串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以，当叶片含水量升高时，湿敏电阻的阻值增大，电路的总电阻增大，故C错误;由1=可知，电路中的电流减小，即电流表示数减小，故 A错误；由U = IR可知，Ro两端的电压减小，即电压表的示数减小，故 B正确; 由P= UI可知，电路总功率减小，故 D错误。13. （2019?淄博）新型PTC发热材料可以自动调节电路的电功率，在生活中广泛应用， 图甲是PTC调试工作电路，Ro是保护电阻，阻值恒定；Ri是PTC电阻，阻值随温 度变化的图象如图乙所示。闭合开关S，当温度从20C升高到120C的过程中（）甲乙A 电流表示数先变小后变大B. 电压表示数先变大后变

19、小C. 电压表与电流表示数的比值先变小后变大D .保护电阻Ro消耗的功率先变小后变大【答案】C【解答】A、甲中，两电阻串联，电压表测 Ri的电压，电流表测电路的电流，由图乙知，当温度从20C升高到100C的过程中电阻Ri变小，从100C升高120C的 过程中电阻R1变大，则根据串联电阻的规律，总电阻先变小后变大，由欧姆定律可 知，电路中的电流先变大后变小，即电流表示数先变大后变小，故A错误；B、电路中的电流先变大后变小，根据 U = IR可知，定值电阻R0的电压先变大后变小,由串联电路电压的规律可知，R1的电压先变小后变大，即电压表示数先变小后变大，故B错误；C、 根据欧姆定律可知，电压表与电

20、流表的比值等于PTC电阻R1的阻值，所以电压 表与电流表的比值先变小后变大，故 C正确；D、因电路中的电流先变大后变小，根据P= I2R0可知，R0消耗的功率先变大后变小， 故D错误。考点五：电功、电功率相关计算14. （ 2019?烟台）标有“ 6V1.5W的小灯泡，通过它的电流随两端电压变化的关系如图 所示，若把这样的三只灯泡串联起来，接在 12V的电源两端，灯泡的电阻及实际功 率约为（）Q.3I AA . 24 Q 0.67W B . 20 Q 0.8WC. 24 Q 0.96W D . 20 Q 0.67W【答案】B【解答】因为三只灯泡串联且规格相同，贝尼们的电流和电阻都相同，所以这三

21、只灯 泡两端的电压都相同，根据串联电路电压规律可知，每只灯泡两端的电压都为4V ；由图象可知，当U = 4V时，1 = 0.2A，H 4V则小灯泡的电阻：只=亠=器£ = 20Q，小灯泡的电功率：P= UI = 4VX0.2A = 0.8W。15. （2019?常德）有两个电路元件 A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图（甲）所示。把它们串联在电路中，如图（乙）所示。闭合开关S,这时电流表的示数为0.2A，则电源电压和元件B的电功率分别是（）A. 2.0V0.8W B. 4.5V0.5WC. 2.5V1.0W D. 4.5V1.0W【答案】B【解答】电路元件A和B串联，Ia =

22、 I b= 0.2A，由图象可知：此时 Ua = 2.0V，Ub = 2.5V；电源的电压 U = Ua+Ub = 2.0V+2.5V = 4.5V ； 元件 B 的电功率 Pb = UbIb = 2.5V >0.2A = 0.5W。16. （2019?苏州）额定电压均为6V的甲、乙两灯，I - U图线如图所示确的是（）A甲、乙两灯的电阻均随电压增大而减小B .甲、乙两灯的额定功率之比为 4: 1C.甲、乙两灯并联接在电压为 2V的电源两端时，电阻之比为 3: 2D .甲、乙两灯串联接在电压为 8V的电源两端时，实际功率之比为 1: 3【答案】D【解答】A .由甲、乙曲线图可知，灯泡的电

23、阻随电压的增大而增大。故A错误;B .由于甲、乙两灯的额定电压均为 6V，由图象可知：I甲额=0.6A， 1乙额=0.3A，则:故B错误;P申额U籲I申额I甲额|0. 6A | 2|F乙埶U额I乙额T乙额0- 3A1'C、甲、乙两灯并联在2V的电源两端时，由图象可知：I甲=0.3A， I乙=0.2A，根据口，故C错误;UD .把甲、乙两灯串联接在 8V的电源上时，通过它们的电流相等，且电源的电压等 于两灯泡两端的电压之和，由图象可知，当电路中的电流为0.3A，甲灯的实际电压为2V，乙灯的实际电压为6V时满足电源电压为8V，所以实际功率之比：P 甲: P乙=U 甲 I: U 乙 I =

24、2V: 6V = 1: 3,故 D 正确。17. （2019?德州）如图所示的电路中，a、b、c是三只电表（电压表或电流表），闭合 开关S,标有“3V1.5W”的灯泡L1正常发光，标有“6V3W的灯泡L2发光较暗。若 不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）r(5>|魇sI1A 电表a为电流表，且示数为1AB 电表b为电压表，且示数为3VC.电表c为电流表，且示数为0.25AD 闭合开关S,电路消耗的总功率为2.25W【答案】D【解答】由P= UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为:P|1 =1=11=13V=6V=0.5A，|2=0.5A，由I二一可得，灯泡L2的电阻:R2芈亠

25、120. 5A=12 Q；因灯泡Li正常发光，灯泡L2虽然发光但较暗，所以，通过Li、L2的电流不相等，Li与L2应并联，则a一定是电流表，b是相当于导线的电流表，c是相当于开路的电压表，故B错误;此时电流表a测干路电流，电流表b测L2支路的电流，电压表c测电源的电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡Li正常发光，所以，电源的电压U= Ui = 3V，即电压表c的示数为3V，故C错误；此时通过R2的电流：z JL 时|2 = - = .= 025A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表a的示数：I = Ii+l2= 0.5A+0.25A = 0.75A，故 A 错误

26、；电路消耗的总功率：P= UI = 3VX0.75A = 2.25W，故 D 正确。i8.（20i9?德阳）如图电路，电源电压为 i2V且保持不变。闭合开关 S,当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为 4V;当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的 示数变化了 2V，在10s内定值电阻Ri产生的热量为36J.则下列结果正确的是（）A .电路中的最大电流为1AB .滑片P在中点时，10s内滑动变阻器R消耗的电能为60JC.滑动变阻器R先后两次消耗的电功率之比为 8: 1D . R1先后两次消耗的电功率之比为16: 9【答案】D【解答】根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两

27、端的 电压；滑片从中点到b端时，变阻器接入电路的阻值增大，由串联分压的规律可知，电压表示数（变阻器的电压）将增大，电压表示数增大了2V，即滑片在b点时电压表的示数为 4V+2V = 6V;在10s内定值电阻R1产生的热量为36J，由Qt可得R1的阻值:R1 = 号丿 x10s = 10Q;Qi36J|A、当滑片在a点时，变阻器接入电路的阻值为0，电路中的电流最大,则电路中的最大电流:最大1.2A，故A错误;I偕-4V 1WB、串联电路中各处的电流相等，滑片在中点时，电路中的电流:=0.8A，10s内滑动变阻器R消耗的电能：W滑=U滑lt = 4VX0.8A X10s= 32J,故B错误;流:1

28、2V-6V10Q0.6A，C、当滑片在b点时，变阻器接入的阻值最大，电路中的电流最小，电路中的最小电由P= UI可得，滑动变阻器R先后两次消耗的电功率之比:LpiC12V-4V) x a 8A161 卯-6V) X0.贏-=，故C错误;D、由P= UI可得，Ri先后两次消耗的电功率之比:故D正确。19.（2019?±州）如图所示，电源电压保持不变，Ri、R2、R3为定值电阻，且R2= R3=20Q.闭合开关S，电压表Vi和V2的示数之比为4: 3，此时电路消耗的总功率为Pi;若把电压表Vi和V2分别换成电流表Ai和A2，闭合开关S后电流表Ai的示数 为Ii，电流表A2的示数为12,此

29、时电路消耗的总功率为P2 则下列结果正确的是（)A.Ri = i0 QIi: I2= 3：2Pi: P2= i : i0B.Ri = 5 QIi： 12 = 2:3Pi： P2= i : i0C.Ri = i0 Q11 : 12= 3：2Pi: P2= i0： iD.Ri = 5 QIi： I2= 2：3Pi： P2= i0： i【答案】A【解答】由图知，当闭合开关 S时，Ri、R2、R3串联，电压表Vi测R2和R3两端的 电压之和，电压表 V2测Ri和R2两端的电压之和，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且各处的电流相等，所以，由I二管可得，两电压表的示数之比：R? +320。+204UV

30、2i(r1+r2)+K2皿+20© =3，解得：Ri = i0Q,故BD错误;此时电路消耗的总功率：U2U2R+R2+R310 G 十20。+20。50®Pl若把电压表V1和V2分别换成电流表Ai和A2时，Ri、R2、R3并联，电流表A1测R1和r2支路电流之和，电流表A2测R2和R3支路的电流之和，因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，所以，两电流表的示数之比：. JLJL JL JL、 z u u、，u | u |、卫丨m+-；）：（-）=（+丁）：（r +L）=:二3： 2，此时电路消耗的总功率：C错误。20.（ 2019?荆门）在如图甲所示

31、的电路中，电源的电压恒定，滑动变阻器的最大阻值为Ri = 8Q, R2为定值电阻但看不清标识。滑动变阻器滑片从左端 M滑到右端N的 过程中，滑动变阻器的电功率 P随MN间电阻R变化的关系如图乙所示，其中滑动变阻器阻值取2Q和8Q时电功率相同，则以下说法正确的有（）定值电阻R2 = 4Q 电源的电压为6V 电压表的最大示数为4.5V 滑动变阻器的最大电功率为2.25WPT _I 卜M Ri N 赴4HA)甲A .B .C.D .【答案】C【解答】由电路图可知，Ri与R2串联，电压表测变阻器Ri两端的电压，电流表测电 路中的电流。(1) 由图乙可知，当Ri = 2Q和Ri'= 8Q时，滑动

32、变阻器的电功率均为 Pi = 2W, 因串联电路中各处的电流相等，所以，由P= Ul= I2R可得，两次电路中的电流分别为：1A，1 珂一二=0.5A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压恒定，所以，由I二管可得，电源的电压：U = I ( R1+R2)= I ( Ri' +R，即：1AX (2Q +F2)= 0.5A X(8Q +F2)，解得：R2 = 4Q，故正确；电源的电压：U= I ( Ri+R2)= 1AX (2Q +4虻=6V，故正确；(2) 由串联分压的规律可知，当变阻器 Ri接入电路中的电阻最大为8Q时，电压表 的示数最大，此时电路中的电流I '=

33、0.5A，则电压表的最大示数：Ui大=I ' iR= 0.5A X 8 &4V，故错误;(3) 当滑动变阻器接入电路中的电阻为 R时，电路中的电流:I =滑动变阻器消耗的电功率:所以，当R= R2 = 4Q时,滑动变阻器消耗的电功率最大,则Pi大=U24R2 乐 4©(ev)22.25W，故正确,U2U2U2RO甘= .5I.JR2-2RRR22+4RR21 1RPi=( I )2R=(综上可知，正确。.(20i9?盘锦)已知甲灯标有“6V3W字样，乙灯的额定电压是3V 甲、乙两灯的U -1关系如图所示，则乙灯的额定功率是 w 确保电路安全的前提下，两灯串联使用，电路

34、两端的最大电压是 V，两灯并联使用，电路最大电流是 21【答案】1.8; 8; 0.9【解答】（1）由图象可知，当乙灯的额定电压是 3V时，I乙=0.6A,乙灯的额定功率 P乙=U乙I乙=3VX0.6A = 1.8W;由P= UI可得，甲灯的额定电流P甲6VI甲=0.5A,两灯串联使用，电路中的最大电流是I甲二0.5A,由图象可知，此时乙灯两端电压为 2V，故电路两端的最大电压 U串二6V+2V = 8V；（2）两灯泡并联时，电路两端的最大电压为3V，由图象可知，此时流经甲的电流I甲丄0.3A，乙灯正常发光，故电路最大电流I = I甲+乙 = 0.3A+0.6A = 0.9A。22.（2019

35、?合尔滨）在安全工作条件下，将“2.5V0.3A”小灯泡Li和“3.0V0.3A”小灯泡L2串联在电路中工作，通过两灯的电流之比为 ;若将Li和L2并联在另一电源下工作，则Li和L2能消耗的总功率最大值为 W.（设灯丝电阻不变）【答案】1:1;1.375【解答】（1）将小灯泡L1和L2串联在电路中工作时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯的电流之比为1： 1;（2）将L1和L2并联在另一电源下工作时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且U1 = 2.5V，U2 = 3.0V，所以，电路两端的最大电压 U = U1 = 2.5V，此时小灯泡L1正常发光，通过的电流I1=0.3A，由I二一

36、可得，小灯泡L2的电阻：U2 £ WR2=T7=o.恥二10Q，则通过灯泡L2电流：12丄肯=證二0.25A,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路中的电流：I = I1+I2 '= 0.3A+0.25A = 0.55A,则Li和L2能消耗的总功率最大值：P= UI = 2.5V X).55A= 1.375W。23.(2019?南京)如图所示，电源电压恒定，Ri、R2为定值电阻，R2 = 20Q,灯泡L标有“ 6V3V”字样。(1) 当s、Si、S2都闭合时，灯泡L正常发光，电流表示数为 A，电路消耗的总功率为W；(2) 当S闭合，Si、S2断开时，电压表示数为

37、2V，则Ri的阻值为Q,通电iminRi产生的热量为J。RiSi【答案】(1) 0.8; 4.8;(2) 10; 24【解答】(1)灯泡L标有“ 6V3W字样，表示灯的额定电压为6V，额定功率为3W， 根据P= UI可得，灯的额定电流为：Il_旦世05AII卜 °.5A，当S、Si、S2都闭合时，Ri短路，R2与灯并联，电流表测干路电流，由于此时灯泡 L 正常发光，所以通过灯的电流为 0.5A，电源电压为6V，由欧姆定律可得，通过U 石200I2 6V0.3A，R2的电流为:根据并联电路电流的规律，电流表示数为:I 12+I l 0.3A+0.5A 0.8A ；电路消耗的总功率为：P

38、 UI 6VX0.8A 4.8W ；（2）当S闭合，Si、S2断开时，两电阻串联，电压表测 Ri的电压，电压表示数为2 V，根据串联电路电压的规律，R2的电压为6V - 2V = 4V，1因Ri的电压为R2电压的言7=计，由分压原理可得Ri的阻值：Ri =占冷2=*X 20 金 10Q，通电iminRi产生的热量为：Q =也一t =X >60s= 24J。Rj 10Q考点六：电器类相关计算24. （20i9?贵阳）如图所示是加热器的电路图，设电源电压保持不变，Ri、R2均为发热电阻丝，通过开关Si和S2的通断组合，可得到不同加热档位。该加热器最大电功 率为i2W，只闭合开关Si时，加热器

39、的电功率是8W则下列判断正确正确的是（>1A .该加热器只有两个加热档位B. 加热器两个发热电阻丝的阻值之比 Ri： R2= i： 3C. 加热器功率最大时，Ri与R2的电流之比为2： iD .该加热器的最小电功率是8W【答案】C【解答】（i）由电路图可知，Ri与R2并联连接，且均有一个开关单独控制，则电加热器能有：Ri工作、R2工作、Ri和R2同时工作三个加热档位；故 A错误;（2）开关Si、S2均闭合时，Ri与R2并联，因并联电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，R2的发热功率：P?= P-Pi= i2W 8W= 4W，因并联电路中各支路两端的电压相等，P2(3) 由于并联电路两端

40、的电压相等，根据 P= UI可得：PL 8V 2 场q工询 二石二耳厂亍故C正确；(4) 由于Pi = 8W, P2 = 4W，所以，该加热器的最小电功率是 4W，故D错误。25. (2019消岛)如图甲是一个电加热器的工作原理图，其中 Ri和R2是阻值不变的发热电阻；下表是它的部分参数。当电加热器正常工作时，下列说法正确的是()额定电压220V额定加热功率990W额定保温功率110WH1 I&S 220VoA .只闭合开关S,加热器的功率为990WB. 开关S闭合，Si由断开到闭合，电路中电流变大，R2的功率变大C. 加热器在保温状态下工作 5min，产生3.3 X04J的热量D 电

41、阻Ri与R2的阻值之比为1： 8【答案】BC【解答】A、只闭合开关S,两电阻串联，电阻较大，根据-知，在电压一定时， 电功率较小，加热器处于保温状态，则此时加热器的功率为110W，故A错误；B、开关S闭合，S1断开时，两电阻串联，S1闭合时，电阻R1被短路，只有电阻R2 工作，电阻减小，根据1=知，电路的电流增大，R2的电阻不变，根据P= I2R2知R 2的功率变大，故B正确；C、加热器在保温状态下工作 5min产生的热量：Q= W = P保温t = 11OW50Os= 3.3 XD、因为P加热=04J,故C正确；P 保温，且 P " "0W、P 保温= 110W，所以 P

42、加热：P保温= 990W: 110W, R2 Rl+K2Ri氓9-1即:解得Ri: R2 = 8: 1，故D错误。26. （2019?成都）如图甲是一种家用电器，图乙是其简化的电路图，已知Riv R2,电暖器的部分参数如表中所示。闭合开关 S,要让电器处于第二档工作，则应再将开关Si闭合；若电暖器在第二档正常工作 10mi n,则产生的热量是6.9 105 J.额定电源220V功率选择一档950W二档 1150W三档2100W甲Z【答案】S1； 6.9 X05【解答】由题可知，R1V R2；rrl闭合开关S、S2时，R2单独接入电路，电路中电阻最大，根据P=可知，功率最K小，电暖器处于第一档；

43、TJ2闭合开关S、S1时，R1单独接入电路，电路电阻较大，根据 p=-可知，功率较大，电暖器处于第二档；、 n2闭合开关S、Si、S2时，Ri、R2并联，电路中电阻最小，根据P=.可知，功率最大,R电暖器处于第三档；工作时间 t = 10min= 600s,电暖器在第二档正常工作10min产生的热量：Q = W = P2t= 1150W< 600s= 6.9 X05Jo考点七：电流热效应及焦耳定律27. （2019?广西）如图所示，两个透明容器中密闭着等量的空气，A , B两U形管内的液面相平，电阻丝的电阻 Ri= R2= R3.小明用图示装置进行实验，探究电流通过导 体时产生的热量Q跟

44、什么因素有关，下列说法正确的是（）A .此实验在探究电热Q与电阻R是否有关B .通过Ri的电流和通过R2的电流大小相等C.电阻Ri两端的电压和R2两端的电压相等D .通电后，A管的液面将会比B管的液面高【答案】D【解答】由题知，电阻丝的电阻 Ri = R2= R3；A、装置中R2、R3并联后再与Ri串联，通过Ri的电流11 = |2+|3,而|2= |3,所以右 边容器中通过R3的电流I3是左侧通过Ri电流的一半，即是研究电流产生的热量与电 流的关系，故A错误；B、由图知，通过Ri的电流Ii = I2+I3，而12= 13,所以通过电阻Ri和R2的电流不相 等，故B错误；C、已知Ri = R2

45、= R3,所以R2、R3并联后的总电阻是一R2=丄Ri,由于串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比，所以电阻 Ri两端的电压大于R2两端的电压，故C 错误；D、 左右两容器中的电阻相同，而通过电阻Ri的电流大于R2的电流，通电时间相同，由Q= l2Rt可知，A容器中电阻Ri产生的热量多，则A管的液面将会比B管的液面高，故D正确。28. （2019濟山）如图为探究 焦耳定律”的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空 气，U型管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。将容器中的电阻丝Ri、R2串联在电路中，且Riv R2.下列说法正确的是（）甲I： ZA 该实验装置用于探究电压和通电时间一定时，

46、电热与电阻的关系 ”B 闭合开关后，通过Ri的电流大于R2的电流C.闭合开关后，甲管中液面上升比乙慢D 闭合开关后，要使电流增大，应将滑动变阻器滑片P向左移动【答案】C【解答】A、图中两电阻串联，通过的电流和通电时间相等，而电阻不同，故可研究 电流产生的热量与电阻的关系，AB错误；C、根据Q= I2Rt，因RivR2.故右边容器中电阻丝产生的热量多，由转换法，甲管 中液面上升比乙慢，C正确；D、闭合开关后，要使电流增大，由欧姆定律，要减小电路的电阻，故应将滑动变阻 器滑片P向右移动，D错误。29.（20i9?l贡）把一个标有“i0V3V”勺小灯泡和定值电阻 R串联后接在电压为i2V 的电源上（

47、如图所示），小灯泡恰能正常工作。该电路工作i0s定值电阻产生的热量是（）®1=1£ 12V A. 60JB. 36JC. 30JD. 6J【答案】D【解答】(1)由P= UI可得，灯泡正常发光时的电流：=生=旦_= 03A；(2) 因串联电路中总电压等于各分电压之和，且小灯泡正常发光，所以，R两端的电压：Ur U- Ul 12V - 10V 2V，因串联电路中各处的电流相等，该电路工作10s定值电阻产生的热量：Q W Ur It 2VX0.3A x10s 6J。考点八：测量小灯泡电功率30. (2019?可南)在 探究小灯泡在不同电压下工作时的电功率是否相同”的实验中，实验

48、室提供了如下器材：电源电压 U恒为8V，滑动变阻器规格为“20Q2A “，小灯泡 的额定电压U额一2.5V，额定功率小于1.2W，两个阻值分别为10Q、20Q的定值电 阻R0可供选择。(1) 为使小灯泡两端电压有一较大的调节范围，小聪设计了如图甲所示的电路，请 用笔画线代替导线，完成图乙中实物电路的连接。(2) 正确连接电路后，进行实验，记录的数据如表所示。当电压表示数为2.5V时,电流表示数如图丙所示，小灯泡的额定功率为 W。实验次数12345物理量电压/V1.01.52.02.53.0电流/A0.240.320.380.44电功率/W(3) 分析表中数据可得出结论：小灯泡工作时，消耗的电功

49、率随电压的增大而 _。根据数据还可判断出，小聪在实验中选用的是 R0Q的定值电阻。(4) 完成实验后，爱动脑筋的小聪又想出一种测量小灯泡额定功率的方法，设计了 如图丁所示的电路，所用电压表量程为 “215V'，请将以下实验步骤补充完整。检查电路无误后，闭合开关 S,将开关S1拨至“ 1,调节滑动变阻器滑片直至电压 表示数为 滑片不动，再将开关Si,拨至“2：读出电压表示数为Uo； 小灯泡的额定功率：P额二。（用U额、Uo、Ro表示）若步骤中，在将开关Si拨至“2时，不小心将滑片向右移动了少许，其他操作正确, 则测出的小灯泡额定功率比真实值 （选填 偏大”或偏小”）。【答案】（1）如上图

50、所示；（2）1.05;（3）增大；10；Uo（4）5.5V ；U额？.；偏小阳【解答】（1）由P= UI得，小灯泡的额定电流约为：丨=-二干二=0.48Av0.6A， 所以，电流表选择0-0.6A的量程；灯泡、R0及滑动变阻器串联，故将电流表的“0.6接线柱与电源的“ + 极连接，小灯泡的左接线柱与R0的左接线柱连接，如图所示：（2） 由（1）可知，电流表选择0- 0.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.42A， 则小灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V X）.42A = 1.05W。（3） 由表中数据可知，随着灯泡两端电压的增大，电流也增大，根据P= UI可知, 小灯泡消耗的电功率

51、增大，即小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而增大。由表中数据可知，第5次实验电流最大，此时电路总电阻最小，U=8V=0. 44A18.2 越20Q，由1= 一可得，第5次实验时电路总电阻：R总因R总=Rl+Ro+R滑，已知定值电阻Ro的阻值为10Q或20Q, 故小聪在实验中选用的是 Ro= ioQo（4）要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压,闭合开关S,将开关S1拨至“1,”小灯泡、Ro和滑动变阻器串联，电压表测 Ro和滑 动变阻器两端的电压，调节滑动变阻器的滑片，灯泡正常发光时，电压表的示数：Uv = U - U额=8V - 2.5V = 5.5V。滑片不动，再将开

52、关Si拨至“ 2”电压表测Ro两端的电压Uo，此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流:小灯泡的额定功率:UoP额=U额I额=U额额=U额I额=将开关Si拨至“2,滑片向右移动稍许，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联 分压知识可知，滑动变阻器两端的电压变大，定值电阻Ro两端的电压Uo变小，根据P额=U额I额=U可知，测出的小灯泡的额定功率比真实值偏小。考点九：探究电流产生的热量跟什么因素有关31. （2019?东营）如图所示，物理实验小组探究电流通过导体产生热的多少与什么因素有关”的实验装置。两个透明容器中封闭着等量的空气，且都有一段电阻丝。将透 明容器与U形管相连，接入电路。（1）组装之前，

53、U形管内注入适量红墨水，U形管（选填 属于”或 不属于”）连通器。(2) 图甲是探究在通电时间相同和 相同的情况下，导体产生的热量与 _大小是否有关的装置。(3) 实验中通过观察的变化反映密闭空气温度的变化，在研究许多物理问题时都会用到这种方法，下列研究实例采用研究方法与此相同的是 。A 探究电流与电压、电阻的关系 B 用铁屑显示磁体周围磁场分布 C研究光的 传播时，引入 光线” D扩散现象表明分子在不停地做无规则运动(4) 由图乙所示，电流表的示数为 A，在这种情况下，右侧容器中定值电阻在10s内产生的热量是 J。(5) 某实验小组发现通电一段时间后，其中一个 U形管中的液面高度几乎不变，发生此现象的原因可能是 。【答案】(1)属于；(2)电流；电阻；(3) U形管液面高度差；BD ;(4) 2； 200；( 5)透明容器密闭性不好(透明容器漏气、对应电阻丝短路)【解答】(1)由图知，U形管内注入适量红墨水，上端开口，下端相连通，所以属 于连通器；(2) 由图知，