【物理】中考考点_电功率知识点汇总(全)经典

1、物理】中考考点 _电功率知识点汇总 （全） 经典一、电功率选择题1如图所示电路，电源电压为 12V 且保持不变。闭合开关 S ， 当滑片 P 置于变阻器的中 点时，电压表的示数为 4V；当滑片 P置于变阻器的 b端时，电压表的示数变化了 2V ， 在 10s 内定值电阻 产生的热量为 则下列结果正确的是A. 电路中的最小电流为B滑. 片 P在中点时， 9s 内滑动变阻器 R消耗的电能为 60JC. R 先后两次消耗的电功率之比为D. 先后两次消耗的电功率之比为【答案】 C【解析】 【解答】由电路图知道，定值电阻与滑动变阻器串联电压表测量滑动变阻器的电 压；由串联电路起分压作用知道，滑片从中点到

2、 b 端时，电压表示数增大了 2V，即滑片 P 置于变阻器的 b端时，电压表示数是 4V+2V=6V；由 Q=U2/ Rt 知道，定值电阻的阻值是： R1 =U12/ Q1t=（ 12V-6V ） 2/60J × 10s=6；当滑片在 b 点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大， 则电路中的电流最小，此时 I 最小 =U1/R1=12V-6V/6 =1A，A 不符合题意；当滑片在中点时， 电路中的电流是： I=U1/ R1=12V-4V/6 =/43A，所以， 9s 内滑动变阻器 R 消耗的电能是：功率之比是：W=UIt=4V×/43A× 9s=48，J B 不符合题

3、意；由以上分析结合P=UI 知道，R 先后两次消耗的电， C 符合题意；同理知道， R1 先后两次消耗的电功率之比是： 故答案为：C。， D不符合题意，P由 b 端移到某点 c的【分析】结合电路图，理清电路的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路分压规律可 知滑片从中点到 b 端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了 2V，再利用串联电路 的特点、欧姆定律以及电功、功率计算公式进行计算即可 .2如图所示，电源电压恒定不变。闭合开关后，滑动变阻器的滑片过程中，电压表的示数由 4V 变为 3V，电流表的示数由 0.2A 变为 0.3A，由此可知（ ）A. 电源电压为 7VB. R1 的阻值为

4、20C. 电路消耗的最小功率为 1.2WD. 滑片 P在b端时， 10秒内 R1产生的热量为 12J【答案】 C【解析】 【解答】解：由电路图可知， R1 与 R2 串联，电压表测 R2 两端的电压，电流表测 电路中的电流。（ 1）由“闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由 B 端移到某点 C的过程中，电压表的示数由 4V 变为 3V，电流表的示数由 0.2A 变为 0.3A，”可知， R2 两端电压为 4V， ac 两端电压 Uac=3V，当滑动变阻器的滑片 P 在 b 端时，电流 I=0.2A，当滑片 P 由 b 端移到某点 c 时，电流I=0.3A，设电源电压为 U，则，解得 R1=10 ，U

5、=6V，AB不符合题意；（ 2）滑动变阻器滑片 P在 b 端时， R1与 R2串联，由 P=UI可得， 电路消耗的最小功率 P=UI=6V×0.2A=1.2W，C符合题意；（ 3）滑片 P在 b 端时，根据串联 电路的电 压特点可得，R1 两端电压 U1=U-U2=6V-4V=2V ， 10 秒内 R1 产生 的热 量 Q=W=U1It=2V ×0.2A × 10，S=D4J不符合题意。故答案为： C。 【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路的电压特 点，应用欧姆定律求出 R1的阻值和电源电压；滑动变阻器滑片P在 b 端时，此时电路中

6、的电阻值最大，利用 P=UI 可求得最小功率，此时，根据串联电路的电压特点可求得R1 两端电压，再利用 Q=W=UIt 可求得 R1 产生的热量 .3如图是探究 “电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关 ”的实验装置通电前， A、 B 两个 U型管内的液面相平，通电一定时间后，通过R1、 R2的电流分别为 I1、I2 ， 则（ ）A. I1=I2 ， A 管中的液面较低B.1 =II2 ， A 管中的液面较高C. I1>I2 ， A 管中的液面较低D.1 >I I2 ， A管中的液面较高【答案】 D【解析】 【解答】解：由图可知，右侧两电阻丝并联后与左侧电阻丝串联， 并联电路中干

7、路电流等于各支路电流之和，所以I1>I2 ，故 AB错误；由 Q=I2Rt 可知，通电时间相同时， I1> I2 ， R1=R2=5 ，所以左侧电阻产生的热量较多， 密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，左侧容器内气体的压强与大气压的差值较 大， A 测玻璃管液面较高故选 D 【分析】由电路图分析电阻丝的连接方式，根据串并联电路的电流特点可知通过它们的电 流关系，根据 Q=I2Rt 比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，压强变大，U 形管内两液面的差值变大，据此进行解答4有两只灯泡 L1、L2 ， 分别标有 “ 220（V 100W”和“ 220V（40W”的字样。若不考

8、虑温度对 灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（ ）220V 的电路，220V 的电路，220V 的电路，A. 两灯正常发光时， L1 的电阻较大B. 两灯并联接入C. 两灯串联接入D. 两灯串联接入 【答案】 CL1、L2 消耗功率之比是 2:5L1 消耗的功率小于 25W 两灯泡消耗总功率大于 40W 小于 100W解析】 【解答】解：（ 1 ）由 P=UI= 可得，两灯泡正常发光时的电阻分别为：则 R1<R2，即 L1 的电阻较小， 的电压等于 220V， 不符合题意；（ 3） 和，所以，电路中的电流消耗的功率，C符合题意；两灯泡消耗总功率 故答案为： C。，D 不符合题意。A 不符

9、合题意；（ 2）两灯并联接入 220V 的电路，它们两端 均能正常发光，则 L1、L2 消耗功率之比 P1：P2=100W： 40W=5：2，B 两灯串联接入 220V 的电路时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之【分析】根据 P=UI= 求出两灯泡正常发光时的电阻，然后比较两灯泡的电阻关系；两灯 并联接入 220V 的电路时，实际功率和额定功率相等，据此得出L1、L2 消耗功率之比；两灯串联接入 220V 的电路时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI=I2RR1、 R2 均为电热丝下求出 L1 消耗的功率，根据 P=UI求出两灯泡消耗总功率 .5某型号电饭锅具有保温与加热两

10、种功能，其简化电路如图所示，A. S1、S2 闭合时，电饭锅处于加热状态C. S1闭合、 S2断开时，电饭锅处于加热状态 态B. S1、S2 闭合时，电饭锅处于保温状态D. S1断开、 S2 闭合时，电饭锅处于保温状【答案】 A【解析】 【解答】解：由电路图可知，当S1、 S2闭合时， R1短路，电路中只有 R2；当 S1 闭合、 S2断开时， R1 ， R2串联， S1断开、 S2闭合时，整个电路断开，电饭锅不工作； 可见，当 S1、 S2闭合时，电路中电阻最小，当S1 闭合、 S2断开时，电路中电阻较大，由 P= 可知，当 S1、 S2 闭合时，电功率最大，处于加热状态；当 S1 闭合、

11、S2 断开时，电功率较小，处于保温状态故 A 正确、 BCD 错故选 A【分析】根据 P= 可知，在电源电压不变时，电路中电阻越小，电功率越大，即为加热 状态，反之为保温状态据此分析判断6即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最符合实际的是（）A. 运动会比赛中 100m 冠军的成绩约为 8sB.教 室电脑的功率约为 1200WC. 教室门高约为 200cmD . 上课时教室内的温度一般在 45°C 左右【答案】 C【解析】 【解答】解： A、男子百米世界纪录略小于 10s，学校运动会比赛中 100m 冠军的 成绩约为 12s，故 A 不符合实际；B、教室电脑的功率约为 200W，

12、故 B 不符合实际；C、中学生的身高在 160cm 左右，教室门高于中学生身高，约为2m=200cm ，故 C 符合实际；D、夏天，室外温度可能超过 35，教室内温度要低于 35，不可能达到 45故 D 不符 合实际故选 C 【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行 单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个7如图所示，电源电压 U为 10V并保持不变，滑动变阻器规格为 “ 201A”。闭合开关 S， 当滑片 P 移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A；当滑片 P 移至中点时，电流表示数为 0.4A则（ ）A. 电路消耗的最小功率为 2.5WB .

13、 滑片 P 在中点时，灯泡消耗的功率为2.4WC. 滑片 P 在中点时，灯泡消耗的功率为 3.2WD. 滑片 P 在最左端时， 2min 内电流通过灯泡所做的功为 10J答案】 B【解析】 【解答】解：滑片 P 在最左端时，电路中只有灯泡，灯泡正常发光，由I 得，消耗的功率最小，假设灯泡电阻不随温度的变化，则P 最小灯泡正常发光时的电阻： RL 20；滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路2.5W；而实际上灯泡不正常工作时的电阻小于正常工作时的电阻，所以，电路消耗的最小 功率不是 2.5W；A 不符合题意；（ 2）滑片 P在中点时，电流表示数为 0.4A，根据 I 可得，此时滑动变阻器两端的电压

14、：U 滑IR滑0.4A× ×20 4V，因串联电路电压规律可得此时灯泡两端的电压： ULUU 滑10V4V6V，灯泡的实际功率： PLULI6V×0.4A 2.4W；B 符合题意， C不符合题意；滑片 P 在最左端时， 2min 内电流通过灯泡做的功： WLUILt10V×0.5A × 2×6600s0J， D不符合题意。故答案为： B。【分析】当滑片 P 移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时 灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯丝电阻；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时电路消 耗的功率最小，利用串联电路的特点和

15、P= 即可求出假设灯泡电阻不变时的最小功率；然 后即可比较判断；滑片 P 在中点时，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联 电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据 P=UI 求出灯泡的实际功率；滑片 P 在最左端 时，根据 W=UIt 求出 5min 内电流通过灯泡做的功 .8小王在一次家庭探究活动中，在作业本上做了如下 5 条记录： 电饭煲铭牌上标有 “ 220，V 800W，50Hz”等字样； 使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体；电视机上安装的动圈式扬声器，其运作原理是电磁感应； 床头灯的开关是串联在电路上的； 体温计的刻度范围通常是35 42，分度值为 1你认为小王的记录完全正

16、确的是（）A. B. C. D.【答案】 C【解析】 【解答】解： 电饭煲铭牌上标的 220V 是电饭煲的额定电压、 800W 是电饭煲 的额定功率、 50Hz 是所接交流电的频率，故 正确； 使用试电笔时，笔尖接触电线， 手接触笔尾的金属体，故 正确； 动圈式扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力 运动，故错； 开关和所控制的用电器是串联的，故 正确； 体温计的刻度范围通 常是 35 42 ，分度值为 0.1，故错故选 C【分析】利用下列知识分析判断：（1）用电器铭牌上标有：额定电压、额定功率、交流电的频率；（ 2）使用试电笔时，笔尖接触电线，手接触笔尾的金属体，若试电笔的氖管发 光，则笔尖

17、接触的是火线；（ 3）动圈式扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力运动； 动圈式话筒的工作原理：电磁感应；（4）开关和所控制的用电器是串联的，家用电器之间是并联的；（ 5）体温计的刻度范围通常是 3542，分度值为 0.19下列估计值中，最接近实际的是（ ）B. 住宅楼每层楼的高度约为 3mD . 一盏家用节能灯的功率约为 1kWA. 人正常步行时的速度约为 5m/sC. 一本物理书的质量约为 30g【答案】 B【解析】 【解答】解：A、人正常步行的速度在B、住宅楼三层的高度在4km/h=4 × m/s 1.1m/s左右故 A不符合实际；10m 左右，一层楼的高度一般在 3m 左右故

18、 B 符合实际；C、一个大苹果的质量在300g 左右，一本物理书的质量与此差不多，在300g 左右故 C不符合实际；D、教室中日光灯的额定功率在40W 左右，家用节能灯的额定功率比日光灯还要小得多，一般在 10W 左右故 D 不符合实际故选 B【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进 行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案10如图所示，将标有 “ 1V26W”的灯泡 和“ 1V23W”的灯泡 接在 12V 的电路中，闭合开 关，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是A. 电路总功率等于 9W C. 灯泡 和 一样亮

19、B. 电路总功率大于 9W D灯. 泡 比灯泡 亮答案】 D解析】 【解答】 AB根据可得，两灯泡的电阻分别为：由电路图可知，灯泡 L1、L2 串联接在 12V的电路中，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：则电路总功率：，AB不符合题意 ；CD由于串联电路中电流处处相等，且 较大，则灯泡较亮， C 不符合题意，故答案为： D。【分析】理清小灯泡的连接方式，根据设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P 向右移动，则（ ）B. L1变暗， L2 变亮变暗C. 1L变亮， L2变暗D. 1L 和 L2 都，根据 可知，灯泡 的实际功率D 符合题意 。P= 求出两灯泡的电阻，再

20、根据灯泡的串联和欧姆 定律求出电路中的电流；根据 P=UI 求出总功率；根据 P=I2R 比较两灯泡实际功率的大小关 系，实际功率大的灯泡较亮11 如图所示，滑动变阻器的滑片P 处于中间位置，闭合开关 S，两个灯泡均能发光（假【答案】 B【解析】 【解答】解：由电路图可知，灯泡 L2与滑动变阻器 R 并联后再与灯泡 L1串联， 将滑动变阻器的滑片 P 向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变 大，电路的总电阻变大，由 I= 可知，干路中的电流变小， 由 U=IR 可知， L1 两端的电压变小， 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小， 所以，由 P=UI可知，灯泡 L1 的实际功率

21、变小， L1 的亮度变暗，故 AC错误； 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，并联部分的电压变大， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，灯泡 L2 两端的电压变大，由 P= 可知， L2 的实际功率变大，亮度变亮，故 B 正确、 D 错误故选 B【分析】由电路图可知，灯泡 L2与滑动变阻器 R 并联后再与灯泡 L1串联，根据滑片的移动 可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律可知 电路中电流的变化和 L1两端的电压变化，根据 P=UI 可知 L1实际功率的变化，进一步判断 其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的

22、电压特点和 P=UI= 可知 L2 实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化12如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S 后，滑动变阻器滑片 P 向左移动的过程 中（ 不考 虑 灯 丝 的 电 阻 受 温 度 的 影 响 ） ， 下 列 说 法 正 确 的 是 （ ）A. 电流表示数逐渐变小B电. 压表示数逐渐变大C. 滑动变阻器两端的电压逐渐变大D. 小灯泡的亮度逐渐变暗【答案】 B【解析】 【解答】解： 由电路图可知，灯泡 L与变阻器 R串联，电压表测 L 两端的电压， 电流表测电路中的电流滑动变阻器滑片 P 向左移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由 I= 可知，电路

23、中的电流变大，即电流表的示数逐渐变大，故 A 错误；由 U=IR可知，灯泡 L两端的电压变大，即电压表的示数逐渐变大，故B 正确；因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由 P=UI可知，灯泡的实际功率变大，小灯泡的亮度逐渐变亮，故 D 错误； 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压逐渐变小，故C 错误故选 B【分析】由电路图可知，灯泡 L 与变阻器 R串联，电压表测 L 两端的电压，电流表测电路 中的电流根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的 变化和灯泡两端的电压变化，根据 P=UI 可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变 化，根据串

24、联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化B. 家用空调的额定功率约为 50WD . 体育考试中所用实心球质量约为 10kgA. 人体的正常体温约为 37C. 我国家庭照明电路的电压为 1.5V 【答案】 A【解析】 【解答】解：A、人体正常体温在 37 左右，变化幅度很小，此选项符合实际；B、家用空调的额定功率在 1000W 以上，此选项不符合实际；C、家庭电路电压为 220V，此选项不符合实际；D、考试中所用实心球质量约为 1kg 左右，此选项不符合实际故选 A【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行 单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个此题考查的是

25、学生对一些常见物理量的估 测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识，此题就会得到正确答案14 某直流电动机标有 “ 36V 18W”字样，经测量其线圈电阻为2，使电动机正常工作10min 则电动机在这段时间内产生的热量是（）A. 1.08×4J1 0B . 300JC . 3.888 ×5J1 0D . 1.05 ×4J10【答案】B【解析】【解答】解：直流电动机的电流 I 0.5A ，所以电动机线圈产生的热量： Q I2Rt（ 0.5A）2× 2× 10×630s0J。 故答案为： B。【分析】先根据公式 I 计算出直

26、流电动机的电流，再根据公式Q I2Rt 可求这台电动机10min 内产生的热量。15根据交通部门统计，我国每年的交通事故中很多都是酒驾所造成的，所以现在交警加大了对酒驾的打击力度。图甲是酒精浓度测试仪的原理图， R 为酒精气体传感器，其阻值随酒精气体浓度的变化曲线如图乙， R0 为定值电阻，电源电压不变，当被检测者酒精浓度增加时（ ）A. 电流表的示数减小 率减小 【答案】 BB. 电压表的示数增大C. 电路总电阻增加D. 电路总功【解析】 【解答】 C、由电路图可知，定值电阻 R0 与酒精气体传感器电阻 R 串联，电压表 测 R0 两端的电压，电流表测电路中的电流。由图乙可知，酒精浓度增加时

27、，R 的阻值减小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻减小，C 不符合题意；A、电压不变，电阻减小，根据可知，电路中的电流增大，即电流表的示数增大， A不符合题意；B、定值电阻阻值不变，电流增大时，由可知， R0 两端的电压增大，即电压表的示数增大， B 符合题意；D、由可知，电路总功率增大， D 不符合题意。故答案为： B。【分析】定值电阻 R0与酒精气体传感器电阻 R 串联，电压表测 R0两端的电压，电流表测 电路中的电流，根据图乙可知被检测者酒精浓度增加时 R 阻值的变化，根据电阻的串联可 知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0 两端的电压变化，

28、利用P=UI 可知电路总功率的变化 .16如图是一个油量表的示意图，滑动变阻器规格为“ 201A”闭合开关，当浮球最低时滑片 P 滑到 a 端，电流表示数为 0.3A，当浮球最高时，滑片 P 滑到 b 端，电流表示数为0.5A下列说法错误的是（）A. 电阻 R1的阻值为 30B. 电源电压为 15VC. 在加满油后， 1min 内电阻 R1产生的热量为 450J D. 电阻 R1 最小功率为 7.5W 【答案】 D【解析】 【解答】解：由电路图可知， R1 与 R2 串联，电流表测电路中的电流（ 1）当滑 片位于 a 端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之 和

29、，所以，由 I= 可得，电源的电压：U=Ia（R1+R2）=0.3A ×（ R1+20），当滑片位于 b 端时，电路为 R1 的简单电路，则电源的电压：U=IbR1=0.5A ×1R， 因电源的电压不变，所以， 0.3A×（ R1+20）=0.5A ×1R，解得： R1=30 ，故 A 正确；电源的电压 U=IbR1=0.5A × 30 =1，5V故 B 正确；（ 2）在加满油后，滑片位于 b 端，则 1min 内电阻 R1 产生的热量：Q1=Ib2R1t=（0.5A） 2× 30× 60s=4，50故J C正确； 当滑片位

30、于 a 端时，电阻 R1 的功率最小，则 P1=Ia2R1=（0.3A）2×30=2.7，W故 D 错误 故选 D【分析】由电路图可知， R1 与 R2 串联，电流表测电路中的电流（ 1）当滑片位于 a 端 时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压； 当滑片位于 b 端时，电路为 R1 的简单电路，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的 电压不变得出等式即可求出R1 的阻值，进一步求出电源的电压；（2）在加满油后，滑片位于 b端，根据 Q=I2Rt求出 1min 内电阻 R1产生的热量；当滑片位于 a端时，电阻 R1的功 率最小，根据 P=I2R

31、 求出其大小17如图所示是加热器的电路图，设电源电压保持不变，R1、 R2 均为发热电阻丝，通过开关通断组合，可得到不同加热档位。该加热器最大电功率为12W，只闭合开关 S1 时，加热A. 该加热器只有两个加热档位B. 加热器两个发热电阻丝的阻值之比R1 R2=1 3C. 加热器功率最大时， R1与 R2的电流之比为 21 D. 该加热器的最小电功率是 8W 【答案】 C【解析】 【解答】 A由电路图知道， R1 与 R2 并联连接，且均有一个开关单独控制，这样电加热器能有三个加热档位，即R1 单独工作、 R2 单独工作、 R1 和 R2 同时工作， A 不符合题意； B由电路图知道，开关S1

32、、S2 均闭合时， R1 与 R2 并联，由于并联电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，R2的发热功率是： P2 =P-P1 =12W-8W=4W ，又因为并联电路中所以 ，由 知道，两个发热电阻 的阻值之比是：各支路两端的电压相等，B 不符合题意； C由于并联电路两端的电压相等，根据P=UI 知道， 加热器功率最大时，R1与 R2 的电流之比是：D由于 P1=8W，P2=4W ，所以，当只有 R2 工作时，该加热器的电功率最小，即最小电功率是 4W，D 不符合题意。故答案为： C【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，根据并联电路的特点和求出两个发热电阻的阻值之比；根据

33、P=UI 可得电流之比；根据 R1 的发热功率和 R2 的发热功率判断得出最小电功率 .18一灯泡标有“3.8V字”样，额定功率模糊不清，某同学设计了如图甲所示的电路进行测 量，电源电压恒为 6V，电压表、电流表使用的量程分别为0 3V、 00.6A ，滑动变阻器的规格为“101 A”，他根据实验数据作出了电压表、电流表示数的U-I 图像如图乙所示 .则以下判断正确的是（ ）A. 小灯泡的额定功率为 0.88WB . 滑片向左移时电压表示数变大，小灯泡变亮C. 变阻器允许连入电路的最大阻值约为8.82 D. 小灯泡正常发光 2s 内，变阻器产生的电热为 3.04J【答案】 C【解析】 【解答】

34、 A、如图电路，电压表与滑动变阻器并联，当滑动变阻器两端电压为2.2V 时，根据串联电路的分压特点，此时灯泡两端的电压为： ， 由乙图得，此时电流为 0.4A，故灯泡的功率为：，A 不符合题意；B、如图滑片向左移时，接入电路的电阻变小，电流变大，小灯泡变亮，但根据串联电路的 分压特点可知，电压表示数变小， B不符合题意；C、由乙图知，电压表为3V 时，电流为 0.34A，所以变阻器允许连入电路的最大阻值约为：，C符合题意；D. 小 灯 泡 正 常 发 光 2s 内 ， 变 阻 器 产 生 的 电 热 为，D 不符合题意 .故答案为： C.【分析】（ 1）根据图像，灯泡正常发光时，变阻器两端的电

35、压为2.2V，并确定此时电路中的电流，由公式 P=UI 便可计算出灯泡的额定电功率；（ 2）滑片向左滑动，变阻器的阻 值变小，电路中电流变大，灯泡变亮，变阻器分压变小，从而可判断电流表和电压表的示数变化；（ 3）变阻器的阻值越大，两端的电压越大，根据电压表的量程确定电阻器两端的 最大电压，根据图像确定此时的电流，由公式 R= 可得变阻器的最大值；（4 ）根据Q=W=UIt 可计算出变阻器产生的电热 .19 一台额定电压为 220V 的电动机，正常工作时通过的电流为 5A，发热损失的功率为 25W ，则其线圈电阻是（ ）A. 1B5.C4.4 D1.1 00【答案】 A【 解 析 】 【 解 答

36、 】 算 线 圈 电 阻 时 应 该 通 过 发 热 功 率 来 计 算 ， 即 由 Q=I2R 可 得故答案为 :A.【分析】知道正常工作时通过的电流和发热损失的功率，根据P=I2R 的变形公式 R=P/I2 电动机线圈的电阻20 如图所示，下列电器设备工作时，主要利用电流热效应进行工作的是（）A.电视机C. 【答案】 DB不符合题意【解析】 【解答】 A、电视机主要把电能转化为光能和声能，不是根据电流的热效应工作 的； A 不符合题意B、洗衣机工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；C、电风扇工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；C 不符合题意D、电热水壶工作

37、时，将电能转化成内能，是根据电流的热效应工作的；D 符合题意故答案为： D【分析】电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；根据各用电器工作时能量转化识别判断即可21 小灯泡 .的额定电压为 中，先将滑动变阻器的滑片 左移动直到电压表示数为 说法中错误的是（ ）3V，它的 I-U 图象如图甲所示，把小灯泡接入如图乙所示的电路P 移至 B 端，闭合开关 S，电压表示数为 1.5V；再将滑片 P 向 3V，已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有102A。”下列A. 电源电压为 4.5V1.5WB. 小灯泡的额定功率为C. 小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为 1.25WD. 小灯泡正常

38、发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为 3 【答案】 C解析】 【解答】 A. 自图甲中知灯泡 1.5V 时电流为 0.3A，滑动变阻器两端电压为U=IR=0.3Ax10 =，3V故电源电压为 U=1.5V+3V=4.5V，A 不符合题意；B. 从图甲中知灯泡两端电压为 3V 时， I=0.5A ，灯泡额定电压为 3V，故灯泡额定功率为 P=UI=3Vx0.5A=1.5W， B 不符合题意；C. 灯泡正常发光时，灯泡两端电压为3V，电流为 0.5A ，滑动变阻器与灯泡串联，故滑动变阻器两端电压为 1.5V，其消耗的电功率为 P=UI =1.5Vx0.5A=0.75W，C符合题意；D. 灯泡正常发光

39、时，滑动变阻器接入电路的阻值R= =1.5V/0.5A=3 ， D 不符合题意；故答案为： C【分析】灯泡与滑动变阻器串联，二者两端电压之和为电源电压，通过二者的电流相同。 灯泡和电阻消耗的电功率均可为 P=UI 计算，当灯泡两端电压达到其额定电压时，正常发 光，额定电功率为额定电压与电流的乘积。22 如图所示电路中，电源电压不变， R1 为定值电阻， R2 为滑动变阻器（ a、b 为其两端 点）闭合开关 S，当滑片 P 在某一端点时，电流表示数为 0.1A， R2消耗的电功率为 1W； 当滑片 P 移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，R2 消耗的电功率为 1.8W 则当滑片 P从 a 移

40、到 b 的过程中（ ）A. 电流表示数变化了 0.4AC. R1消耗的电功率变化了 6WB电. 压表示数变化了 8VD . 电路消耗的总功率变化了 6W【答案】 D【解析】 【解答】解：由图知， R1 与滑动变阻器 R2 串联，电压表测 R2 两端的电压，电流 表测电路中电流， 根据 I= 可知，滑片 P 在某一端点时，电流表示数为 0.1A，电流最小，电阻最大，由此可知滑片在 b 端，变阻器 R2 连入阻值最大，根据 P=UI得：滑动变阻器 R2 的电压： U2=10V，滑动变阻器 R2 的最大值：R2=100 ，根据串联电路的电压特点可知： U=U1+U2 ，所以有： U=0.1A

41、5;R1+10V当滑片 P 移动至某一位置时，电流表示数为此时 R2的电压： U2 = =6V，由 U=U1 +2U可得：0.3A，U=0.3A ×1R+6V联立 解得： R1=20， U=12V； 当 P 在 a 端时， R2 连入阻值为 0 ， 所以电压表示数 UV=0，电流表示数： IA= =0.6A，由前面的计算可知：当 P在 b端时， IA =0.1，A电压表示数 UV =10，V 由此可知，电流表变化为： I=IAIA=0.6A0.1A=0.5A，故 A 错误； 电压表变化为： U=UVUV =12V 0=12V，故 B错误；R1消耗的电功率变化： P1=IA2R1IA2

42、R1=（0.6A）2×20（ 0.1A） 2× 20 =7，W故 C错误； 电路消耗的总功率变化： P=UI=12V×0.5A=6W，故 D 正确故答案为 :D【分析】由图可知， R1 与滑动变阻器 R2 串联，电压表测 R2 两端的电压，电流表测电路中 电流，由 P在某一端点时电流最小，根据欧姆定律计算变阻器的最大值，由 P=UI 计算 P在 两个位置时变阻器两端电压，根据串联电路和欧姆定律计算电源电压和R1 的阻值；根据串联电路特点和欧姆定律计算 P 在两端时电路中电流和变阻器两端电压，从而判断电表示数 变化；由 P=UI 计算 R1消耗的电功率和总功率变化2

43、3如图所示，在 “探究电功率跟电压的关系 ”实验中，将小灯泡L1： “ 2.5V0 .3A ”和 L2：“3.8V 0.3A串联”，下列说法正确的是（）A. L1 和 L2 串联的主要目的是使两灯泡电流和通电时间都相同B. 如果电源电压可调，两灯泡可以同时正常发光C. 闭合开关后， “3.8V 0.3A的小”灯泡更亮，因为其额定功率大D. 通过此实验现象和数据能探究出电功率跟电压的定量关系 【答案】 B【解析】 【解答】解： A、电功率与电压和电流有关，在探究电功率跟电压的关系时应控制电流相等，由串联电 路的电流特点可知， L1和 L2串联的主要目的是使两灯泡电流相等，故A错误；B、由题知，两灯的额定电压都是0.3A，两灯串联时，若电源电压可调，当电路中电流达到 0.3A ，达到它们的额定电路，则两灯都能正常发光，故B 正确；C、灯泡的亮度是由其实际功率决定的，所以闭