2020-2021学年四川成都树德中学高二上期月考物理卷(解析版).doc

1、2020-2021学年四川成都树德中学高二上期月考物理卷(解析版)姓名:年级:学号:题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分评卷人 得分 1.(知识点：摩擦力)如图所示，以A、B和C、D为端点的半径为R = 0. 6m的两半圆形光滑绝缘轨道固 定于竖直平面内，B端、C端与光滑绝缘水平地面平滑连接。A端、D端之间放一 绝缘水平传送带。传送带下方B、C之间的区域存在水平向右的匀强电场，场强E=5X105V/m。当传送带以 6m/s的速度沿图示方向匀速运动时，现将质量为m=4X10-3kg,带电量q=+1X10-8C的物块从传送带的右端 由静止放上传送带。小物块运动第一次到A时刚好能沿半圆轨

2、道滑下。不计小物块大小及传送带与半圆轨 道间的距离，g取10m/s2,已知A、D端之间的距离为1.2m。求：(1)物块与传送带间的动摩擦因数；(2)物块第1次经CD半圆形轨道到达D点时速度；(3)物块第几次经CD半圆形轨道到达D点时的速度达到最大，最大速度为多大。【答案】 =0 25 (2)%(3)第5次到达D点速度达最大，最大速度为% =病加【解析】试题分析：(1)由题意及向心力公式得："*一"'穴，解得" =必;0 ' ° 6 =扁/s < %小物块从D到A的过程中被全程加速，由动能定理得：6I代入数据解得："二而加”

3、> % (2分) 小物块第5次到达D点后，将沿传送带做减速运动，设在传送带上前进距离S后与传送带速度相等，由动J - -WV5 = 2gs能定理得：22联立以上各式并代入数据解得：S=0,6m (2分)从以上计算可知，小物块第5次到达D点后，沿传送带做减速到传送带中点以后即同传送带一起匀速到A点，以后的运动将重复上述的过程，因此小物块第5次到达D点速度达最大，最大速度为"二考点：考查了动能定理，牛顿第二定律，圆周运动规律的应用【名师点睛】（1）先根据重力提供向心力列式求出过A点的速度，然后对加速过程运用动能定理列式求解 即可；（2）对从D出发，第一次回到D的过程运用动能定理列式

4、求解即可；（3）先全程列式求出到达D 点速度等于传送带速度的传动圈数，然后再加上一次即可如图所示，在水平方向的匀强电场中有一表面光滑、与水平面成45°角的绝缘直杆AC,其下端（C端）距地 面高度h=0.8m.有一质量为500 g的带电小环套在直杆上，正以某一速度沿杆匀速下滑.小球离杆后正 好通过C端的正下方P点处.（g取10m/s2）求：-X"小环离开直杆后运动的加速度大小和方向；小环从C运动到P过程中的动能增量；小环在直杆上匀速运动时速度的大小V0.【答案】（1） 10 m/s2,方向垂直于杆向下（2） Ek=4 J （3） v0=2 m/s【解析】试题分析：（1）小环沿

5、杆做匀速运动，受力如图所示V-%mg故 qEcos 45° =mgcos 450 即 qE = mg小环离开直杆后，所受合外力为F合=018=（112,解得a = g = 10m/s2,方向垂直于杆向下小环从C运动到P的过程中动能的增量为 Ek=W重+W电其中 W 重=mgh=4 J. W 电=0,所以 2Ek=4J环离开杆做类平抛运动平行杆方向做匀速运动：h=vOt（1分）垂直杆方向做匀加速运动：h=2 at2解得 v0 = 2 m/s考点：考查了带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题中带电粒子在电场与重力场共同作用下的运动，在直杆的束缚下的匀速直线运动与没有 束缚下的类平抛运动.

6、关键能对研究对象的受力进行正确分析，判断其运动情况，能根据其受力情况，运 用运动的分解法，由运动学公式、牛顿第二定律与动能定理等物理规律求解如图所示的装置，U1是加速电压，紧靠其右侧的是两块彼此平行的水平金属板，板长为L,两板间距离为d。 一个质量为m,带电量为-q的质点，经加速电压加速后沿两金属板中心线以速度v0水平射入两板中。若在 两水平金属板间加一电压U2,当上板为正时，带电质点恰能沿两板中心线射出；当下板为正时，带电质点 则射到下板上距板的左端L / 4处，为使带电质点经U1加速后沿中心线射入两金属板，并能够从两金属之 间射出，问：两水平金属板间所加电压应满足什么条件.【答案】97OO

7、【解析】 试题分析：当两金属板间电压为上板为正时：d =下板为正时：d带点质点射到下板距左端以4处，在竖直方向作匀加速直线运动2 2cl 1 . 在 一> a t; 2 为使带电质点射出金属板，质点在竖直方向运动应有2 2-。,是竖直方向的加速度，t2是质点在金属板间运动时间根据解得8-mg = ma若a，的方向向上则两金属板应加电压为乙上板为正有d（1分）U'q .mg mci若a，的方向向下则两极间应加电压乙"'上板为正有d （1分）97UYU、根据解得8 , , S为使带电质点从两板间射出，两板间电压U始终应上极为正（2分）考点：考查了带电粒子在电场中的加

8、速与偏转【名师点睛】注意粒子打不到极板上有两种可能，一种是向上偏转，另一种是向下偏转，考虑问题要全面. 根据受力平衡以及类平抛运动解出粒子在偏转电场中的加速度，根据运动学表达式写出粒子打不到极板上的条件，列出方程组解题R 二 1AC已知一个电流表的内阻为、一,lg=100uA,若要改装成量程为3V的伏特表，需（填“串”或“并”）联一个阻值为。的电阻，若改装成量程为1A的安培表，需 （填“串”或“并”）联一个阻值约为 Q的电阻.【答案】串，29k,并，0.1【解析】试题分析：改装电压表需要串联一个电阻分压，根据串并联电路规律可得“与 -解得认_ C+4 = 1A«二29kC,改装电流表

9、需要并联一个电阻分流，根据串并联电路规律可得&,解得凡二0。上9考点：考查了电表的改装【名师点睛】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，即串联后两者两端的电压即为电压表量程，把电 流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻，即井联后通过两电阻的电流之和即为电流表的最大量程，应 用串并联电路特点可以求出电阻阻值如图所示电路中，已知l=3A, I1=2A, R1=10O, R2=5Q, R3=30O,则通过电流表的电流方向为向 （填向左或者向右），电流的大小为 A.【答案】向右，0.5【解析】试题分析：因为c点的电流是与与4的电流之和，所以通过的电流为4 = /-/】=1月，根据欧姆定律可得

10、两端的电压为a内=20,两点的电压为仇=40二匕 因为仇=我一"，"一%,所以 科）心 ,电流是从高电势流向低电势，通过&的电流方向是从b到a,即从出来的电流分为两个支流，一A = /#乙=幺+乙二竺二组+乙个流经，一个流经电流表，故电流表中电流的方向为向右，根据.%0 ，解得小054考点：考查了串并联电流规律的应用【名师点睛】流过C点的电流等于流过4与&电流之和，即可得到流过外的电流，根据欧姆定律分别求 出电阻和&的电压，两电压之差等于ab间的电压，并判断它们电势的高低，确定电流的方向，再求解通过电流表的电流大小和方向板长为L的平行金属板与水平面成

11、e角放置，板间有匀强电场.一个带负电、电量为q、质量为m的液滴, 以速度v0垂直于电场方向射入两板间，如图所示，射入后液滴沿直线运动，两极板间的电场强度E=.液滴离开电场时的速度为 .（液滴的运动方向没有改变）【答案】r _ "2g COS e 乜二【解析】试题分析：液滴受到电场力和重力作用，做直线运动，则两力的合力方向沿直线方向，根据力的合成与分 解可得，?7gCO,"二%,解得，因为粒子的运动方向垂直电场方向，故只有重力做功，根据动能定理可得= mgL sin/722,解得考点：考查了带电粒子在复合场中的运动【名师点睛】做本题的关键是把握液滴做直线运动，当物体受到的合力

12、与速度方向共线时，物体做直线运 动，在求解速度时，需要知道速度方向与电场方向垂直，电场力不做功，如图所示，在匀强电场中有a、b、c、d四点，它们处于同一圆周上，且ac、bd分别是圆的直径.已知a、 b、c三点的电势分别为。a=9V, Ob = 15V, 0c = 18V,则d点的电势为 V【答案】12【解析】试题分析：因为且LP&,所以%-%=&-3尸18一例二15-9,解得%=12/ 考点：考查了电势的计算【名师点睛】做本题的关键是知道在匀强电场中两段平行且相等的线段的电势差相等，用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，以下属于用比值法定义的物理量是（）加'

13、 R 、LFwSR = p匕 C = A,加速度a=& B.电阻 S C.电场强度D.电容4万【答案】AC【解析】试题分析：用比值法定义物理量是物理上常用的思想方法，可以根据定义出的物理量与两个物理量有无关 系，判断是否是比值法定义，AC属于比值法定义，故AC正确考点：考查了物理研究方法【名师点睛】所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法，与定义 的物理量无关.比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所 用的物理量的大小取舍而改变如图所示，平行板电容器与电源连接，下极板接地。一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态

14、。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离 0A.带点油滴将沿竖直方向向上运动B. P点的电势将降低C.带点油滴的电势将减少D.若电容器的电容减小，则极板带电量将增大【答案】B【解析】试题分析：一带电油滴位于容器中的p点且恰好处于平衡状态则="吆，当上极板竖直向上移动一小段小金距离后，两极板间的距离增大，根据公式4万"可知电容器电容减小，由于电容器两极板和电源相连,c = Q0所以两极板间的电压恒定，故根据"可得Q减小，故D错误；根据公式d可得两极板间的电场强度减小，所以电场力减小，故油滴将向下运动，电场力做负功，电势增大，AC错误；由于电场强度减小， 所以

15、沿电场方向单位距离上的电势差减小，所以P到下极板之间的电势差减小，因为下极板电势为零，所 以P点的电势减小，B正确考点：考查了电容器的动态变化【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合，等公式分析， 需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变，欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、 C,且a>b>c.电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）试卷第11页共13页AR.=p 土 R. =pbc x b

16、e ,故A图电阻最小,【解析】R = p R, = p A. = p- 试题分析：根据公式S可得 ab % - 所 故A正确考点：考查了电阻定律【名师点睛】基础题，根据列式即可，关键是对公式中的各个物理量的含义清楚 如图所示，电路中每个电阻的阻值都相同.当电压u升高时，先烧坏的电阻应是（）A. R1和R2 B. R3和R4 C. R5 D.不能确定【答案】C【解析】试题分析：等效电路图如图所示rrr设电阻都为R,则与与0的电压为2 ,4和号并联之后的电阻为2 ,所以和的电压为3 ,号的电压为竺3 ,所以的电压最大，所以随着电压U升高时，先烧坏的电阻应是考点：考查了串并联电路规律的应用【名师点睛

17、】本题的关键是画出等效电路图，在画等效电路图时，可以依据电势降落法画图，然后根据串 并联电路的特点，判断哪个电阻的电压最高，哪个电阻就先烧坏在绝缘粗糙的斜面上A点处固定一点电荷甲，将一带电小物块乙从斜面上B点处由静止释放，乙沿斜面运 动到C点时静止.则。A.甲、乙一定带异种电荷B. B点的电势一定高于C点的电势C.从B到C的过程中，乙的电势能一定减少D.从B到C的过程中，乙的机械能的损失量一定等于克服摩擦力做的功 【答案】C【解析】试题分析：如果甲乙带异种电荷，乙受到甲对乙的沿斜面向上的吸引力，沿斜面向上的摩擦力和重力沿斜 面向下的分力，刚开始会下滑，则说明吸引力与摩擦力之和小于重力沿斜面向下

18、的分力，当向下运动过程 中甲乙之间的吸引力减小，乙受到的合力变大，不会静止，故甲乙不可能带异种电荷，A错误；甲乙带同种 电荷，但是不知道甲的电场方向，所以BC两点的电势关系不清楚，B错误；从B到C过程中库仑力做正功, 所以乙的电势能减小，C正确；从B到C的过程中，库仑力对乙做正功，摩擦力做负功，重力做正功，根据 功能关系可知：乙的机械能的损失量与系统电势能的损失量之和等于克服摩擦力做的功，D错误； 考点：考查了功能关系，受力分析，【名师点睛】根据乙沿斜面运动到C点时静止，甲乙间的距离增大，库仑力减小，即可判断它们电性的关 系.根据电场线的方向判断B、C间电势关系；根据库仑力做功的正负判断电势能

19、的变化.根据功能关系分 析能量如何转化一水平放置的光滑铜板正中央上方某处固定放置一个带正电的可视为点电荷的源电荷Q。一个绝缘的带少量 正电的金属小球（即小球自身带正电，但和周围环境以及和铜板之间没有电量交换）以某一初速度水平冲 上该铜板，经位置B到达位置C后离开金属板。则对小球在ABC间的运动速率的判断中正确的是（）+Q.A.先增大后减小B.先减小后增大C.一直减小D.一直不变【答案】D【解析】试题分析：铜板处于Q产生的电场中，稳定后Q处于静电平衡状态，即是一个等势体，铜板表面是一个等 势面，所以带电小球q在表面上运动时，电场力不做功，即速度大不变，故D正确 考点：考查了静电平衡【名师点睛】本

20、题是一道易错题，学生很容易认为小球小球受库仑斥力，忽略ABC处于静电平衡状态，如图所示，空间有竖直向下的匀强电场，电场强度为E,在电场中尸处由静止下落一质量为m、带电量为,0的小球（可视为质点）。在的正下方h处有一水平弹性绝缘挡板S（挡板不影响电场的分I【解析】试题分析：第一次下落到挡板处，电场力做功七二Eq”,电场力做正功，电势能减小因为挡板处电势为零，即在挡板处电势能为零，所以在P处电势能为，A正确；因为碰撞过程中速度大小不变，所以第（mg + Eq ）h = mv1 - 0一次下落到挡板处时有 、2,第一次碰撞后上升到最高点有-（mgEk（i）h = 0心？2,因为所以有力",

21、小球第一次与挡板相碰后所能达到最大高度时的电势能小于，故BC正确D错误；考点：考查了带电粒子在复合场中的运动，【名师ID【解析】试题分析：因为0P与初速度方向的夹角为450,根据几何知识可得小球运动到P点的水平方向上的位移等于竖直方向上的位移，而小球在水平方向上做初速度为%的匀速直线运动，故水平方向上的位移为“ 二%。0+Kv =-t在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，设P点竖直方向上的速度为6,则. 2,故有_ 0+4尸7%'一 2 1根据速度的合成可得在p点的速度十町，联立可得二君 ,所以通过P点时的动能为 22 ,故d正确 考点：考查了运动的合成与分解【名师点睛】小球在电场

22、中受到重力和电场力而做类平抛运动，运用平均速度表示竖直位移，由水平位移 和竖直位移大小相等，求出P点竖直方向分速度，运用速度合成，求出P点的速度，再求出动能，本题技 巧是回避加速度，用平均速度表示竖直方向的位移三个分别带有正电、负电和不带电的质量相同的颗粒，从水平放置的平行带电金属板左侧以相同速度v0垂 直电场线方向射入匀强电场，分别落在带正电荷的下板上的a、b、c三点，如图所示，下面判断正确的是 0'+ + + + +'A.落在a点的颗粒带正电，c点的带负电，b点的不带电；B.落在a、b、c点颗粒在电场中的加速度的关系是aa&gt;ab&gt;ac；C.三个颗

23、粒在电场中运动的时间关系是ta&gt;tb&gt;tc；D.电场力对落在c点的颗粒做负功。【答案】BD【解析】qEa =试题分析：沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，加速度为切，在垂直电场方向上做匀速直线L1 、t=v = at"运动，故运动的时间为,偏移量,2,因为初速度相等，根据可得三个粒子的偏移量相等，所以根据，可得包>%>，对于不带电的粒子，加速度”二g,带正电的粒子加速度in "Eq"坦 + Eq<ga = -> g加，对于带负电的粒子，加速度小，故落在a点的颗粒带负电，c点的带正电，b点的不带电，c点的带正电

24、，电场力对落在c点的颗粒做负功，D正确考点：考查了带电粒子在电场中的偏转【名师点睛】类平抛运动时粒子在电场中经过做的一种运动，这种运动可分解为沿电场方向上的运动，和 垂直电场方向上的运动，然后结合运动学公式，牛顿第二定律分析解题几种混合带电粒子（重力不计），初速为零，它们从同一位置经一电场加速后，又都垂直场方向进入另一相 同的匀强电场，设粒子刚出偏转电场时就打在荧光屏上.且在荧光屏上只有一个光点，则到达荧光屏的各 种粒子（）A,电量一定相等B.荷质比一定相等C.质量一定相等D.质量、电量都可能不等【答案】D【解析】qU= mv2试题分析：在加速电场中，根据动能定理可得：2qEa =在偏转电场中

25、：沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，加速度为切，在垂直电场方向上做匀速L1 j 5y = -at-=-二.直线运动，故运动的时间为 了，所以偏转距离为2根据公式分析可得到达荧光屏的各种粒子的偏转量与粒子的质量、电量无关，D正确，考点：考查了带电粒子在电场中的加速和偏转【名师点睛】类平抛运动时粒子在电场中经过做的一种运动，这种运动可分解为沿电场方向上的运动，和 垂直电场方向上的运动，然后结合运动学公式，牛顿第二定律分析解题如图所示，在正点电荷Q形成的电场中，已知ab两点在同一等势面上，重力不计的甲、乙两个带电粒子的 运动轨迹分别为acb和adb曲线，两个粒子经过a点时具有相同的动能，下列判

26、断错误的是。A.甲粒子经过c点时与乙粒子经过d点时具有相同的动能B.甲、乙两个粒子带异号电荷C.若取无穷远处为零电势，则甲粒子经过c点时的电势能小于乙粒子经过d点时的电势能D.两粒子经过b点时具有相同的动能【答案】AC【解析】试题分析：物体做曲线运动时，物体的运动轨迹是夹在速度方向与合力方向之间的，故正点电荷对甲有排试卷第11页共13页斥力，甲带正电，即对甲做负功，对乙有吸引力，乙带负电，故对乙做正功，所以甲乙带异种电荷，因为 初动能相等，对甲做负功，对乙做正功，所以甲粒子经过C点时小于乙粒子经过d点时的动能，故A错误B 正确；正电荷产生的电场中，附近的电势都为正，所以根据公式玛二夕”可得甲的电势能为正，乙的电势 能为负，故甲粒子经过c点时的电势能大于乙粒子经过d点时的电势能，C错误；ab处于同一个等势面上, 所以电势相等，故从a到b过程中，电场力做功