2014年考研定积分经典例题(完美讲析)

1、定积分常见问题一、关于含“变上限积分的问题 二、定积分计算的有关问题 例2、分段函数，绝对值函数 例3对称区间上积分 例5、由三角有理式与其他初等函数通过四那么成复合而成的函数的积分， 例6 利用适当变量代换计算积分 例7其它 例9 例10、计算以下广义积分广义积分变量代换例 经典例题例1 求解 将区间等分，那么每个小区间长为，然后把的一个因子乘入和式中各项于是将所求极限转化为求定积分即=例2 =_解法1 由定积分的几何意义知，等于上半圆周 ()与轴所围成的图形的面积故=解法2 此题也可直接用换元法求解令=，那么=例3 比拟，解法1 在上，有而令，那么当时，在上单调递增，从而，可知在

2、上，有又，从而有解法2 在上，有由泰勒中值定理得注意到因此例4 估计定积分的值解 设 , 因为 , 令，求得驻点, 而 , , ,故 ,从而,所以 .例5 设，在上连续，且，求解 由于在上连续，那么在上有最大值和最小值由知，又，那么由于，故=例6求, 为自然数解法1 利用积分中值定理设 , 显然在上连续, 由积分中值定理得, ,当时, , 而, 故 解法2 利用积分不等式因为 ,而,所以 例7 求解法1 由积分中值定理 可知 =，又且，故解法2 因为，故有于是可得又由于因此=例8 设函数在上连续，在内可导，且证明在内存在一点，使证明 由题设在上连续，由积分中值定理，可得，其中于是由罗尔定理，存

3、在，使得证毕例9 1假设，那么=_；2假设，求=_解 1=；2 由于在被积函数中不是积分变量，故可提到积分号外即，那么可得 =例10 设连续，且，那么=_解 对等式两边关于求导得，故，令得，所以例11 函数的单调递减开区间为_解 ，令得，解之得，即为所求例12 求的极值点解 由题意先求驻点于是=令=，得，列表如下：-故为的极大值点，为极小值点例13 两曲线与在点处的切线相同，其中，试求该切线的方程并求极限解 由条件得，且由两曲线在处切线斜率相同知故所求切线方程为而例14 求 ； 解 =注 此处利用等价无穷小替换和屡次应用洛必达法那么例15 试求正数与，使等式成立解 =，由此可知必有，得又由 ，

4、得即，为所求例16 设，那么当时，是的 A等价无穷小 B同阶但非等价的无穷小 C高阶无穷小 D低阶无穷小解法1 由于 故是同阶但非等价的无穷小选B解法2 将展成的幂级数，再逐项积分，得到，那么例17 证明：假设函数在区间上连续且单调增加，那么有证法1 令=，当时，那么 = =故单调增加即 ，又，所以，其中从而=证毕证法2 由于单调增加，有，从而 即 =故 例18 计算分析 被积函数含有绝对值符号，应先去掉绝对值符号然后再积分解 注 在使用牛顿莱布尼兹公式时,应保证被积函数在积分区间上满足可积条件如，那么是错误的错误的原因那么是由于被积函数在处间断且在被积区间内无界. 例19 计算分析 被积函数

5、在积分区间上实际是分段函数 解 例20 设是连续函数，且，那么解 因连续，必可积，从而是常数，记，那么，且所以，即，从而，所以 例21 设，求, 并讨论的连续性解 1求的表达式的定义域为当时，, 因此当时，, 因此, 那么=，故 (2) 在及上连续, 在处，由于 , , 因此, 在处连续, 从而在上连续例22 计算由于积分区间关于原点对称，因此首先应考虑被积函数的奇偶性 解 =由于是偶函数，而是奇函数，有, 于是=由定积分的几何意义可知, 故 例23 计算解 =例24 计算解 =注 此题为三角有理式积分的类型，也可用万能代换公式来求解，请读者不妨一试例25 计算，其中解 =，令，那么= =注

6、假设定积分中的被积函数含有，一般令或例26 计算，其中解法1 令，那么 =解法2 令，那么=又令，那么有=所以，=注 如果先计算不定积分，再利用牛顿莱布尼兹公式求解,那么比拟复杂，由此可看出定积分与不定积分的差异之一例27 计算解 设，那么=例28 计算，其中连续分析 要求积分上限函数的导数，但被积函数中含有，因此不能直接求导，必须先换元使被积函数中不含，然后再求导解 由于=故令，当时；当时，而，所以=，故=错误解答 错解分析 这里错误地使用了变限函数的求导公式，公式中要求被积函数中不含有变限函数的自变量，而含有，因此不能直接求导，而应先换元例29 计算解 例30 计算解 = =例31 计算解

7、 由于， 1而 ， 2将2式代入1式可得 ,故 例32计算解 1令，那么 2将2式代入1式中得 例33 设在上具有二阶连续导数，且，求解 由于故 例3497研 设函数连续，且为常数，求并讨论在处的连续性分析 求不能直接求，因为中含有的自变量，需要通过换元将从被积函数中别离出来，然后利用积分上限函数的求导法那么，求出，最后用函数连续的定义来判定在处的连续性解 由知，而连续，所以，当时，令，；，那么，从而又因为，即所以=由于=从而知在处连续注 这是一道综合考查定积分换元法、对积分上限函数求导、按定义求导数、讨论函数在一点的连续性等知识点的综合题而有些读者在做题过程中常会犯如下两种错误：1直接求出，

8、而没有利用定义去求，就得到结论不存在或无定义，从而得出在处不连续的结论2在求时，不是去拆成两项求极限，而是立即用洛必达法那么，从而导致又由用洛必达法那么得到=，出现该错误的原因是由于使用洛必达法那么需要有条件：在的邻域内可导但题设中仅有连续的条件，因此上面出现的是否存在是不能确定的例3500研 设函数在上连续，且，试证在内至少存在两个不同的点使得分析 此题有两种证法：一是运用罗尔定理，需要构造函数，找出的三个零点，由条件易知，为的两个零点，第三个零点的存在性是此题的难点另一种方法是利用函数的单调性，用反证法证明在之间存在两个零点证法1 令，那么有又，由积分中值定理知，必有，使得=故又当，故必有

9、于是在区间上对分别应用罗尔定理，知至少存在，使得，即证法2 由条件及积分中值定理知必有， 那么有假设在内，仅有一个根，由知在与内异号，不妨设在内，在内，由 ，以及在内单调减，可知：=由此得出矛盾故至少还有另一个实根，且使得例36 计算分析 该积分是无穷限的的反常积分，用定义来计算解 =例37 计算解 例38 计算分析 该积分为无界函数的反常积分，且有两个瑕点，于是由定义，当且仅当 和均收敛时，原反常积分才是收敛的解 由于=所以 例39 计算分析 此题为混合型反常积分，积分上限为，下限为被积函数的瑕点解 令，那么有 ，再令，于是可得 例40 计算解 由于 ，可令，那么当时，；当时，；当时，；当时

10、，；故有 注 有些反常积分通过换元可以变成非反常积分，如例32、例37、例39；而有些非反常积分通过换元却会变成反常积分，如例40，因此在对积分换元时一定要注意此类情形例41 求由曲线，所围成的图形的面积分析 假设选为积分变量，需将图形分割成三局部去求，如图51所示，此做法留给读者去完成下面选取以为积分变量解 选取为积分变量，其变化范围为，那么面积元素为=于是所求面积为=例42 抛物线把圆分成两局部，求这两局部面积之比解 抛物线与圆的交点分别为与，如下图52所示，抛物线将圆分成两个局部，记它们的面积分别为，那么有图5151图52=，=，于是=例43 求心形线与圆所围公共局部的面积分析 心形线与

11、圆的图形如图53所示由图形的对称性，只需计算上半局部的面积即可解 求得心形线与圆的交点为=，由图形的对称性得心形线与圆所围公共局部的面积为图53=例44 求曲线在区间内的一条切线，使得该切线与直线，和曲线所围成平面图形的面积最小如图54所示分析 要求平面图形的面积的最小值，必须先求出面积的表达式解 设所求切线与曲线相切于点，那么切线方程为又切线与直线，和曲线所围成的平面图形的面积为图54=由于=，令，解得驻点当时，而当时故当时，取得极小值由于驻点唯一故当时，取得最小值此时切线方程为：例45 求圆域其中绕轴旋转而成的立体的体积解 如图55所示，选取为积分变量，得上半圆周的方程为，下半圆周的方程为

12、图55那么体积元素为=于是所求旋转体的体积为=注 可考虑选取为积分变量，请读者自行完成例4603研 过坐标原点作曲线的切线，该切线与曲线及轴围成平面图形1求的面积；2求绕直线旋转一周所得旋转体的体积分析 先求出切点坐标及切线方程，再用定积分求面积，旋转体积可用大的立体体积减去小的立体体积进行图56计算，如图56所示解 1设切点横坐标为，那么曲线在点处的切线方程是由该切线过原点知，从而，所以该切线的方程是从而的面积2切线与轴及直线围成的三角形绕直线旋转所得的旋转体积为，曲线与轴及直线围成的图形绕直线旋转所得的旋转体积为因此，所求体积为例47 有一立体以抛物线与直线所围成的图形为底，而垂直于抛物线

13、的轴的截面都是等边三角形，如图57所示求其体积解 选为积分变量且过轴上坐标为的点作垂直于轴的平面，与立体相截的截面为等边三角形，其底边长为，得等边三角形的面积为图57=于是所求体积为 =例4803研 某建筑工程打地基时，需用汽锤将桩打进土层，汽锤每次击打，都将克服土层对桩的阻力而作功，设土层对桩的阻力的大小与桩被打进地下的深度成正比比例系数为，汽锤第一次击打进地下，根据设计方案，要求汽锤每次击打桩时所作的功与前一次击打时所作的功之比为常数问：1汽锤打桩3次后，可将桩打进地下多深？2假设击打次数不限，汽锤至多能将桩打进地下多深？注：表示长度单位米分析 此题属于变力作功问题，可用定积分来求解 1设第次击打后，桩被打进地下，第次击打时，汽锤所作的功为，由题设，当桩被打进地下的深度为时，土层对桩的阻力的大小为，所以 ，由得