吉林省汪清县2018届高三物理11月月考试题

1、2A.OP的长度为5、2m吉林省汪清县 2018 届高三物理 11 月月考试题、选择题（本题共 12 小题，每小题 4 分。在每小题给出的四个选项中，第1-8 题只有一项符合题目要求，第8-12 题有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对但不全的得分，有选错的得 0 分）4kCfkdA. -p B. -pr C . mg D.3.如图所示，坐在雪橇上的人与雪橇的总质量为m在与水平面成0沿水平地面向右移动了一段距离I。已知雪橇与地面间的动摩擦因数为4 宇航员王亚平在“天宫”一号飞船内进行了我国首次太空授课，演示为R,引力常量为G,则飞船所在处的重力加速度大小为（GMD.G2为一抛物线。现仿

2、此抛物线制作一个光滑滑道并固定在与后将此物体从O点由静止释放，受微小扰动而沿此滑道滑下，在下滑过程中物体未脱离滑道.P为滑道上一点，OP连线与竖直成 45。角，此时物体的速度是g=10 m/s2，下列说法错误的是（）1 .下列图象均能正确反映物体在直线上的运动，则前2 .如图所示，一质量为m电荷量为Q的小球A系在长为I的绝缘轻绳下端，另一电荷量也为Q的小球B位于悬挂点的正下方（AB均视为点电荷），轻绳与竖直方向成 30角，小球B静止于同一高度。已知重力加速度为g,静电力常量为k，则两球间的静电力为（角的恒定拉力F作用下,卩,雪橇受到的（A. 支持力做功为mglB. 重力做功为mglC. 拉力做

3、功为Ficos0D. 滑动摩擦力做功为卩mgl了一些完全失重状态下的物理现象。若飞船质量为m距地面高度为h,地球质量为M半径GMA，0 B.(R+ h)2GMmC.(R+h)25如图所示，一物体自空间O点以水平初速度V。抛出,落在地面上的A点，其轨迹OA完全重合的位置上，然10 m/s ，取内物体位移最大的是（- 2 -C.物体沿滑道经过P点时速度的竖直分量为4、5 m/sD.物体沿滑道经过P点时速度的水平分量为2、.5 m/s6.两个相同的金属小球（视为点电荷），带电荷量大小之比为 1 : 7 相距为r，两者相互接触 后再放回到原位置上，则相互作用力可能是原来的（）7如图所示，在一条直线上有

4、两个相距 0.4 m 的点电荷AB,A带电+Q B带电一 9Q 现引 入第三个点电荷C,恰好使三个点电荷均在电场力的作用下处于平衡状态，则C的带电性质及位置应为10 .如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动。小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F,小球在最2B.物体做平抛运动的水平初速度vo 为2、. 5m/sA.正,B的右边0.4 mB.正,B的左边 0.2 mC. 负,A的左边 0.2 m.4-I- (k4 TT1fiD. 负,A的右边 0.2 m8.如图所示，一电场的电场线分布关于是y轴上的三个点，且OW MNP点在y轴右侧，MPL

5、 MN贝 UO MP四点中电场强度最大的是（A. O 点B.M点C. N 点D. P 点9. 一支枪固定在小车上， 小车放在光滑的水平地面上,当枪沿水平方向向前发射一颗子弹时,F 列判断正确的是A.枪和子弹组成的系统动量守恒枪和小车组成的系统动量守恒C.枪、子弹、小车三者组成的系统动量守恒D .枪发射子弹后，枪和小车一起向后运A.小球的质量为aRby轴（沿竖直方向）对称，O M)图乙图乙图甲图甲- 3 -高点的速度大小为v,其F-v图象如图乙所示。不计空气阻力，则（B.当地的重力加速度大小为- 4 -C.v2 3=c时，杆对小球的弹力方向向下D.v2=2b时，小球受到的弹力与重力大小不相等11

6、. 恒力F作用在质量为m的物体上，如图所示，由于地面对物体的摩擦力较大，物体没有被拉动，则经时间t，下列说法正确的是()A. 拉力F对物体的冲量大小为零B. 拉力F对物体的冲量大小为FtC. 拉力F对的体的冲量大小是Ftcos0D. 合力对物体的冲量大小为零12. 如图所示，三条平行等距的直虚线表示电场中的三个等势面，电势值分别为 10 V、20 V、30 V ,_ 实线是一带负电的粒子(不计重力)在该区域内的运动轨上的a、b、c三点来说，下列选项说法正确的是(A. 粒子必先过a,再到b,然后到cB.粒子在三点所受的合力关系为氏=Fb=FcC.粒子在三点的动能大小关系为EkbEEEa巳c二、实

7、验题，两小题，共 15 分。13 . ( 6 分)某同学“探究弹力与弹簧伸长量的关系”(1)弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，长度记为记为 匕在砝码盘中每次增加10 g 砝码，弹簧长度依次记为L1至山数据如下表代表符号LPLL1L2L3L4L5L6数值(cm)25.3527.3529.3531.3033.4035.3537.4039.30由表可知所用刻度尺的最小分度为2如图所示是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与_的差值(填“L”或“Lx”).3 由图可知弹簧的劲度系数为N/m(结果保留两位有效数字，重力加速度.步骤如下:S 弹簧下端挂上砝码盘时，长度- 5 - 6 -g取

8、 9.8 m/s2)14 . ( 9 分)用如图所示的实验装置验证止开始下落，m!上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。如图给出的是实验中获取的一条纸带：0 是打下的第一个点，每相邻两计数点间m、m组成的系统机械能守恒。m从高处由静还有 4 个点(图中未标出)，计数点间的距离q =38.40 cm、S2=21.60 cm、s3=26.40 cm、S4=31.21 cm、S5=36.02 cm 所示。已知m!=50 g、m2=150 g，频率为50 Hz，贝 U (g取 9.8 m/S2,所有计算结果保留三位有效数字)012345678*ST *1 111r

9、物块(可视为质点)质量m= 1 kg 从斜面上的P点由静止下滑，物块离开斜面后恰在B点沿切线进入BC段圆弧轨道，经C点滑上滑板，在C点对轨道的压力大小N=60 N，滑板左端到达D点时立即被牢固粘连。物块与斜面、物块与滑板间的动摩擦因数均为卩=0.5 ,2g= 10 m/s, sin37 = 0.6 ,cos37 = 0.8，求：(1)物块滑到C点的速率Vc；(2)P点距斜面底端A点的距离x;(3)物块最终静止时的位- 13 -置到D点的距离s。- 14 -参考答案1. B 2.A 3. C 4. B 5. B6.C 7.C 8.A 9.CD 10. AC 11. BD 12.BD13（1）1

10、mm（ 2）Lx（ 3 ）4.914（1）2.88(2) 0.829 0.847在误差允许范围内，m、m2组成的系统机械能守恒3) 9.7015 解析 选取人为研究对象，2人下落过程v= 2gh,v= 10 m/s ,缓冲过程由动量定理(Fmgt=mv- 15 -F=mmv+mg=(6 6：；：；1010+ 60 x10) N = 1 100 N。由牛顿第三定律，安全带所受的平均冲力为1 100 N。16 解析 A、B两小球碰撞过程中动量守恒，设小球B的速度为v，贝UmvA=mvA+mv,代入数据解得v= 1.1 m/s。(2)由A B两小球组成的系统能量守恒有121, 212qmvA= gm

11、vA+ qmv+ E解得E= 0.385 J答案(1)1.1 m/s (2)0.385 J17 解析(1)设电子经电压U加速后的速度为w，由动能定理有电子以速度 Vo进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动。由牛顿第二定律和运动学公式有FNCOS37 =mg3mg由可得E=石若电场强度减小为原来的,即 E= 驴28q由牛顿第二定律得 min 37 -qEcos 37 =maeU=1mv-02eUmLt= ,F=ma F=eE, v0U 12E=d，y=評解得偏移量y=Ud4Ud(3)由y=UUd可知，减小U或增大Ua均可使y增大，从而使电子打在P点上

12、方。4ULd(3)减小加速电压U或增大偏转电压U218 解析(1)小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，受力分析如图所示，则有Fzsin 37 =qE答案2eUm- 16 -可得a= 0.3g电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得mglsin 37qE Leos 37= E 0可得Ek= 0.3mgL3mg(1)才(2)0.3g(3)0.3mgL13. (1) BCD(2)解析：活塞下降的过程，气体发生的是等压膨胀刖hS 2hS即，求得T2=2T1T2气体的温度升高了 T=T2-T1=T1G +G0气缸内气体的压强为P = p0-S活塞向下运动的过程中

13、，对外做功W = pSh二p0Sh- G G0h根据热力学第一定律可知，气体的内能增加量为二E = Q -W =Q G G0h- p0Sh附加题.(1)物块在C点是对轨道的压力大小N=60 N，由牛顿第三定律,轨道对物块得支持力大小N 二N = 60 N在C点，由牛顿第二定律得2mveN- mg=-R解得vc=10 m/s答案- 17 -(2)物块从P点到C点得过程，根据动能定理得:2mg ( xsin0+H)-mgxsos0=mVc_ 02解得x=5 m(3)设物块与滑板能达到共同速度v,即物块未从滑板上落下来，滑板也未与D点相撞物块：v=vc-gt滑板：v=igt解得t=1 s ,v=5 m/svc+v物块的位移sct =7.5 m20 +v滑板的位移st = 2.5 m2因滑板的位移s2=2.5 m