【KS5U解析】上海市黄浦区2020届高三上学期期末调研测试物理试题 Word版含解析

1、2020届上海市黄浦区高三上学期期末调研测试物理试题一、单项选择题（共12小题）1.下列各图中接触面均光滑，其中a、b物体间无弹力的是（）a. b. c. d. 【答案】a【解析】【详解】a因为接触面均光滑，假设ab间有弹力，则ab两物体均不能处于平衡状态，a符合题意；bcd由图可知若撤去b物体，则a物体不能维持图示状态，所以ab间必定存在弹力，bcd，不符合题意。故选a。2.下列与磁场有关的说法中正确的是（）a. 磁场是假想的，不是客观存在的物质b. 描述磁场的磁场线是客观存在的c. 磁场的强弱与放入其中导线的电流有关d. 通电导线在磁场中受力的大小与放置的方向有关【答案】d【解析】【详解】

2、a磁场虽然看不见、摸不着，但它是客观存在的物质，a错误；b描述磁场的磁场线是虚拟的，现实并不存在，b错误；c磁场的强弱由磁场本身决定，与放入其中导线的电流无关，c错误；d通电导线在磁场中受力的大小与磁感应强度大小、电流大小、以及导线放置的方向有关，d正确。故选d。3.如图所示的静电场中，实线表示电场线，虚线表示等势面。则（ ）a. b、c两点的电势相等b. a、b两点的电势相等c. b、c两点的场强相等d. a、b两点的场强相等【答案】a【解析】【详解】a同一等势面上的点电势相等，所以b、c两点的电势相等，a正确；b沿电场线方向电势降低，所以a点电势大于b点的电势，b错误；cb、c两点的场强大

3、小相等、但方向不同，所以场强不相等，c错误；d电场线的疏密表示场强的大小，a点的电场线更密一些，所以a点的场强大于b点的场强，d错误。故选a。4.从牛顿第一定律可直接演绎得出（ ）a. 质量是物体惯性的量度b. 质量一定的物体加速度与合外力成正比c. 物体的运动需要力来维持d. 物体有保持原有运动状态的特性【答案】d【解析】【分析】要解决此题需要掌握牛顿第一定律的内容，即任何物体在不受任何外力的作用下，总保持匀速直线运动状态或静止状态并且要理解牛顿第一定律的内容【详解】一切物体在不受外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态静止状态或匀速直线运动状态是指原来静止的将保持静止状态，原来运动的将保持

4、匀速直线运动状态故牛顿第一定律说明了一切物体均有惯性，会保持原来的运动状态；同时说明了力是改变物体运动状态的原因；故只有d正确；故选d【点睛】此题主要考查了对牛顿第一定律的理解，不仅要知道牛顿第一定律的内容，并且要理解“或”字的含义5.下列单位中不可能为能量单位的是（ ）a. kg·m2/s2b. v·s/c. a2··sd. t·c·m2/s【答案】b【解析】【详解】a能量的单位与功的单位都为j，根据有，a正确，不符合题意；b根据有，所以v·s/是电量的单位，不可能是能量的单位，b错误，符合题意；c根据有，c正确，不符合题

5、意；d根据有，d正确，不符合题意。故选b。6.物体做自由落体运动，其动能ek随运动时间t的关系图线可能是（ ）a. b. c. d. 【答案】c【解析】【详解】物体做自由落体运动，根据速度时间公式有：则动能：所以ek-t图线为开口向上的抛物线，c正确，abd错误。故选c。7.电梯以大小为0.25g的加速度竖直向上做减速运动，站在电梯中质量为m的人对电梯的压力为（ ）a. 0.25mgb. 0.75mgc. mgd. 1.25mg【答案】b【解析】【分析】站在电梯中质量为m的人与电梯具有相同的运动情况，对人受力分析，根据牛顿运动定律列方程即可求解。【详解】由电梯竖直向上做减速运动，具有向下的加速

6、度0.25g，站在电梯中质量为m的人与电梯具有相同的运动情况，对人受力分析，受到重力mg、地面支持力f，根据牛顿运动定律有解得：，b正确，acd错误。故选b。8.四个做直线运动物体的运动图像如图所示，其中在2s末不能回到0时刻位置的是（ ）a. b. c. d. 【答案】b【解析】【详解】as-t图象中2s末图线回到坐标原点表示回到0时刻位置，a正确，不符合题意；bcdv-t图象中图线与坐标轴所围成的面积表示位移，2s末回到0时刻位置，则需要2s内图线与坐标轴所围成的面积为零，cd选项面积为零，不符合题意；b选项面积不为零，符合题意。故选b。9.在“用单摆测定重力加速度”的实验中，若测得的g值

7、偏小，可能是因为（ ）a. 摆球的质量太大b. 测摆长时，将线长加小球直径作为摆长c. 测周期记录全振动次数时，将n次全振动误记为（n+1）次d. 摆球上端未固定牢固，摆动中出现松动，摆线变长【答案】d【解析】【详解】在“用单摆测定重力加速度”的实验中，根据得ag值与摆球的质量无关，a错误；b测摆长时，将线长加小球直径作为摆长，使得偏大，则g值偏大，b错误；c测周期记录全振动次数时，将n次全振动误记为（n+1）次，使得g值偏大，c错误；d摆球上端未固定牢固，摆动中出现松动，摆线变长，使得测得的比实际值偏小，则g值偏小，d正确。故选d。10.位于磁场中的甲、乙两个矩形金属线框可绕各自的轴转动，两

8、根导线将两个线框按如图方式连接。现用外力使甲线框顺时针方向转动。某时刻甲、乙线框恰处于如图所示的位置。设此时乙线框的ab边受到的安培力为f，则（ ）a. f向上，乙线框表示电动机的原理b. f向上，乙线框表示发电机的原理c. f向下，乙线框表示电动机的原理d. f向下，乙线框表示发电机的原理【答案】c【解析】【分析】甲线框因用外力而动，产生感应电动势，根据楞次定律可判断感应电流方向。两个线框用导线连接，则乙线框中有电流而受到安培力的作用。【详解】用外力使甲线框顺时针方向转动后，甲线框切割磁感线产生感应电动势，产生感应电流，根据楞次定律可判断甲线框中感应电流为顺时针方向。流经乙线框中感应电流也为

9、顺时针方向。乙线框由于有电流而在磁场中受安培力的作用将发生转动，此为电动机的原理。根据左手定则可判断乙线框的ab边受到的安培力f方向向下，c正确，abd错误。故选c。11.如图，在a、b两点分别放置电量为q1、q2的点电荷，p是a、b连线上的中点。以下四种情况中p点的场强方向一定向左的是（ ）q1、q2都带正电，且q1<q2；q1、q2都带负电，且q1>q2；q1带正电、q2带负电，且q1>q2；q1带负电、q2带正电，且q1<q2a. 只有b. 只有c. 只有d. 【答案】a【解析】【详解】q1、q2都带正电，则q1在p点的场强e1方向水平向右，q2在p点的场强e2方

10、向水平向左，根据点电荷电场强度公式因为q1<q2，则e1<e2，所以p点的合场强方向向左；q1、q2都带负电，则q1在p点的场强e1方向水平向左，q2在p点的场强e2方向水平向右，根据点电荷电场强度公式因为q1>q2，则e1>e2，所以p点的合场强方向向左；q1带正电、q2带负电，则q1在p点的场强e1方向水平向右，q2在p点的场强e2方向水平向右，所以p点的合场强方向向右；q1带负电、q2带正电，则q1在p点的场强e1方向水平向左，q2在p点的场强e2方向水平向左，所以p点的合场强方向向左；所以p点的场强方向一定向左的是。a正确，bcd错误。故选a。12.如图，光滑绝

11、缘的斜面底端固定一带电体a，另一带电体b在斜面上c点由静止释放后沿斜面向上运动，最远可到达d点。则从c运动到d的过程中，带电体b的（ ）a. 加速度逐渐减小，电势能逐渐增大b. 加速度先减小后增大，电势能逐渐减小c. 加速度逐渐减小，电势能先减小后增大d. 加速度先减小后增大，电势能先减小后增大【答案】b【解析】【详解】带电体b在斜面上c点由静止释放后沿斜面向上运动，则可判断ab带同种电荷，物体b受到重力和沿斜面向上的库仑力作用。开始阶段，所受的库仑力大于下滑力，加速度沿斜面向上，但库仑力不断减小，加速度不断减小；当库仑力小于下滑力时，合力与运动方向相反，加速度变为方向向下，逐渐增大。由于库仑

12、力对b一直做正功，则物体a、b之间的电势能一直减小。b正确，acd错误。故选b。二、填空题（共5小题）13.一列沿x轴传播的横波某时刻的波形如图所示，此时质点a正向下运动。由此可知该波的传播方向为_，此后b、c两质点中先到达平衡位置的是_点。【答案】 (1). 沿x轴负方向（向左） (2). b【解析】【详解】1质点a正向下运动，则该质点前面的点在它下方，所以波自右向左传播，即沿x轴负方向传播。 2 根据波沿x轴负方向传播，则b点跟随前面的质点向平衡位置方向振动，c点跟随前面的质点远离平衡位置振动，所以b、c两质点中先到达平衡位置的是b点。14.在如图所示的实验装置中，最下方的d点与b点间的竖

13、直高度差为0.1m，摆锤的质量为7.5×10-3kg。某次实验测得摆锤经过b点的速度大小为1.0m/s，由此可推算出摆锤经过d点时的动能为_×10-3j，推算依据的理论是_。（g取9.8m/s2）【答案】 (1). 11.1 (2). 机械能守恒定律【解析】【详解】1摆锤运动过程中，拉力方向与速度方向垂直，拉力不做功，重力做正功，机械能守恒。以d点所在平面为零势能面，根据机械能守恒定律有代入数据解得；2推算依据的理论是机械能守恒定律。15.图中、分别为锂离子电池充电过程中充电电流i、电池电压u随时间t变化的图线。此过程中充电功率最大为_w，图线与时间轴所包围的面积对应的物理

14、量是_。【答案】 (1). 4.2 (2). 电量（电荷量）【解析】【详解】1充电功率由图可知在t2时刻充电电流i、电池电压u都最大，所以充电功率最大为2图线与时间轴所包围面积是电流i与时间t的乘积，根据可知图线与时间轴所包围的面积对应的物理量是电量（电荷量）。16.如图，用力传感器a、b共同支起一个质量为m的光滑球。其中a对球的作用力方向与水平方向间夹角始终为30°，b对球的作用力方向可调。为使球保持平衡，传感器b对球作用力的作用点所在范围为_（在区域、中选填），作用力的最小值为_。（重力加速度为g）【答案】 (1). (2). mg【解析】【详解】1以球为研究对象，受重力g和力传

15、感器a对它的支持力fa作用，如图： 为使球保持平衡，传感器b对球作用力的作用点所在范围应在区域内。2当传感器b对球作用力fb与传感器a对它的支持力fa垂直的时候作用力的最小，最小值为。17.科学家测得一行星a绕一恒星b运行一周所用的时间为1200年，a、b间距离为地球到太阳距离的100倍。设a相对于b的线速度为v1，地球相对于太阳的线速度为v2，则v1:v2=_，该恒星质量与太阳质量之比为_。【答案】 (1). 1:12 (2). 25:36【解析】【详解】1行星a绕恒星b运行，有地球绕太阳运行，有因为，所以2根据万有引力提供向心力有：解得恒星质量与太阳质量之比为三、综合题（共4小题）18.如

16、图，一长直铁芯上绕有固定线圈m，铁芯右侧悬挂一闭合金属环n，金属环与铁芯共轴。将m接在如图所示电路中，其中r为滑动变阻器，e1和e2为直流电源，s为单刀双掷开关。（1）请填写下列操作中金属环n的摆动方向_（选填“向左”、“向右”或“不动”）。操作环n摆动方向在s断开的情况下，s向a闭合的瞬间_在s断开的情况下，s向b闭合的瞬间_在s已向a闭合的情况下，将r的滑动头向d端移动时_在s已向b闭合的情况下，将r的滑动头向d端移动时_在s已向a闭合的情况下，将r的滑动头向c端移动时_在s已向b闭合的情况下，断开s_（2）从上述实验现象中可以归纳出：使环n向右摆动的操作引起的共同变化有（请写出2个）_；

17、_。【答案】 (1). 向右 (2). 向右 (3). 向右 (4). 向右 (5). 向左 (6). 不动 (7). 电路中电流增大 (8). 穿过金属环的磁通量增加（或通电螺线管m的磁场增强）【解析】【详解】（1）1在s断开的情况下，s向a闭合的瞬间，线圈m中的电流有无到有增大，磁场由无到有增强，通过金属环n的磁通量由无到有增大，相当于线圈m向金属环n靠近，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环n将向右摆动。2在s断开的情况下，s向b闭合的瞬间，线圈m中的电流有无到有增大，磁场由无到有增强，通过金属环n的磁通量由无到有增大，相当于线圈m向金属环n靠近，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环

18、n将向右摆动。3在s已向a闭合的情况下，将r的滑动头向d端移动时，接入电路的电阻减小，电流增大，线圈m中的磁场增强，通过金属环n的磁通量增大，相当于线圈m向金属环n靠近，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环n将向右摆动。4在s已向b闭合的情况下，将r的滑动头向d端移动时，接入电路的电阻减小，电流增大，线圈m中的磁场增强，通过金属环n的磁通量增大，相当于线圈m向金属环n靠近，根据楞次定律“来拒去留”，可判断金属环n将向右摆动。5在s已向a闭合的情况下，将r的滑动头向c端移动时，接入电路的电阻变大，电流减小，线圈m中的磁场减弱，通过金属环n的磁通量减小，相当于线圈m远离金属环n，根据楞次定律“来

19、拒去留”，可判断金属环n将向左摆动。6在s已向b闭合的情况下，断开s后，线圈m中没有电流通过，无磁场，所以金属环n不动。（2）7 8从上述实验现象中可以归纳出：使环n向右摆动操作引起的共同变化有电路中电流增大，穿过金属环的磁通量增加（或通电螺线管m的磁场增强）。19.如图，质量为m、阻值为r、边长为l的正方形导线框，从位置a由静止下落，恰能竖直且匀速进入下方磁感应强度为b的有界匀强磁场（不计空气阻力）。求：（1）在a位置时线框的下边到磁场上边界的距离h；（2）线框进入磁场的过程中通过导线截面的电量q和线框上产生的热量q；（3）分析并说明从开始下落到线框下边到达磁场下边界的过程中，线框机械能的变

20、化情况。【答案】（1）（2）（3）见解析【解析】【详解】（1）线框进入磁场前，只有重力做功，机械能守恒线框进入磁场时受到竖直向下的重力和向上的安培力作用，恰好匀速，有mg=bil根据切割产生感应电动势规律和闭合电路欧姆定律有 联立三式，可得：（2）线框进入磁场时的感应电流大小，由可得：所需的时间线框进入磁场的过程中通过线框截面的电量产生的热量q=i2rt=mgl（3）线框下边进入磁场前只有重力做功，机械能守恒；线框下边进入磁场后，安培力做负功，因此线框机械能减少；线框全部进入磁场到下边出磁场前，无感应电流，不受安培力，只有重力做功，机械能守恒。20.如图a所示“冰爬犁”是北方儿童在冬天的一种游

21、戏用具：“上坐一人，双手握铁篙，向后下方用力点冰，则冰床前进如飞。”在空旷的水平冰面上，有一小孩从静止开始，连续三次“点冰”后，爬犁沿直线继续滑行了24m后停下。某同学用v-t图像描述了上述运动过程，如图b所示。（1）求爬犁减速滑行时加速度的大小a2和运动中的最大速率vmax；（2）求小孩“点冰”时爬犁加速度的大小a1；（3）通过受力分析，说明“点冰”过程中爬犁加速的原因；（4）该同学把小孩每次“点冰”使爬犁加速的过程视为匀加速直线运动，他做了哪些近似的处理。【答案】（1）0.93m/s2；6.67m/s（2）3.72m/s2（3）见解析（4）把力近似看做恒力【解析】【详解】（1）小孩滑行时水平方向只受摩擦力的作用，做匀减速直线运动，与初速度为零的匀加速直线运动具有对称性，因此有将s2=24m、t2=（12-4.8）s=7.2s代入上式，可解得a2=0.93m/s2根据可解得运动中的最大速率vmax=6.67m/s（2）小孩“点冰”加速过程中速度的增大量与滑行过程中速度的减小量相等，加速的时间共计t1=0.8s+0.8s