贵州省遵义市余庆县龙溪第二中学2022年高三物理上学期期末试卷含解析

1、贵州省遵义市余庆县龙溪第二中学2022年高三物理上学期期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 关于分子动理论和内能，下列说法中正确的是 （）         a分子平均动能大的物体，其内能一定大         b分子势能与分子间距离有关，是物体内能的一部分         c只有热传递才可改变物体的内

2、能         d物体的动能和重力势能也是其内能的一部分参考答案：b2. 如图所示，虚线为电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等。一个带正电的点电荷在a点的电势能大于其在b点的电势能，则下列说法正确的是（   ）aa点的电势比b点的高b无法比较a、b两点的电势高低ca点的电场强度比b点的大d无法比较a、b两点的场强大小参考答案：aab、由带正电的点电荷在电势高的地方，电势能大，又带正电的点电荷在a点的电势能大于其在b点的电势能，所以a点的电势比b点的高，故a正确，b错误；cd、由题图

3、可知，a点出的电场线比b点出的电场线稀疏，所以a点的电场强度比b点的小，故cd错误。故选：a3. 如图所示，有一倾角为30°的光滑斜面，匀强磁场垂直斜面，匀强电场沿斜面向上并垂直斜面底边。一质量为m、带电荷量为q的小球，以速度v在斜面上做半径为r匀速圆周运动。则a带电粒子带负电            b匀强磁场的磁感应强度大小b=c匀强电场的场强大小为e=          

4、d带电粒子在运动过程中机械能守恒参考答案：b4. （单选）物体在万有引力场中具有的势能叫做引力势能。取两物体相距无穷远时的引力势能为零，一个质量为的质点距离质量为m0-的引力源中心为时。其引力势能（式中g为引力常数），一颗质量为的人造地球卫星以圆形轨道环绕地球飞行，已知地球的质量为m，由于受高空稀薄空气的阻力作用。卫星的圆轨道半径从逐渐减小到。若在这个过程中空气阻力做功为，则在下面给出的的四个表达式中正确的是 (      )abc        d参考答案：b5. 如图甲所

5、示，波源s的起振方向向上，振动频率f=100hz，产生的简谐波分别沿水平方向向左、右传播，波速v=80m/s，在波的传播方向上有p、q两点，已知sp=1.2m，sq=1.4m，如图乙所示，波刚好传播到p点时波形图正确的是            （    ）         参考答案：答案：b二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 近年，我国的高铁发展非

6、常迅猛为了保证行车安全，车辆转弯的技术要求是相当高的如果在转弯处铺成如图所示内、外等高的轨道，则车辆经过弯道时，火车的外轨（选填“外轮”、“内轮”）对轨道有侧向挤压，容易导致翻车事故为此，铺设轨道时应该把内轨（选填“外轨”、“内轨”）适当降低一定的高度如果两轨道间距为l，内外轨高度差为h，弯道半径为r，则火车对内外轨轨道均无侧向挤压时火车的行驶速度为参考答案：考点：向心力专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：火车拐弯需要有指向圆心的向心力，若内、外轨等高，则火车拐弯时由外轨的压力去提供，若火车拐弯时不侧向挤压车轮轮缘，要靠重力和支持力的合力提供向心力，进而判断降低哪一侧的高度火车对内外轨轨

7、道均无侧向挤压时，火车拐弯所需要的向心力由支持力和重力的合力提供根据牛顿第二定律求解火车的行驶速度解答：解：火车拐弯需要有指向圆心的向心力，若内、外轨等高，则火车拐弯时由外轨的压力去提供，则火车的外轮对轨道有侧向挤压，若火车拐弯时不侧向挤压车轮轮缘，要靠重力和支持力的合力提供向心力，则铺设轨道时应该把内轨降低一定的高度，使外轨高于内轨设路面的倾角为，由牛顿第二定律得：mgtan=m由于较小，则tansin解得 v=故答案为：外轮，内轨，点评：本题是生活中圆周运动问题，关键是分析受力情况，分析外界提供的向心力与所需要的向心力的关系，难度不大，属于基础题7. 后，该矿石中的铀、钍质量之比为_ 参考

8、答案：39：1158. 用a、b两个弹簧秤拉橡皮条的d端（o端固定），当d端达到e处时，.然后保持a的读数不变，角由图中所示的值逐渐变小时，要使d端仍在e处，则角      _（选填：增大、保持不变或减小），b弹簧秤的拉力大小          。（选填：增大、保持不变或减小）. 参考答案：9. 客运电梯简化模型如图甲所示，电梯的加速度a随时间t变化的关系如图乙所示。已知电梯在t=0时由静止开始上升，电梯总质最m=2.0×103kg，忽略一切阻力。电梯在上

9、升过程中受到的最大拉力f =       n，电梯在前2s内的速度改变量v =        m/s。参考答案：2.2×104， 1.510. 如图所示，由导热材料制成的气缸和活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内，活塞与气缸壁之间无摩擦，活塞上方存有少量液体，将一细管插入液体，利用虹吸现象，使活塞上方液体缓慢流出，在此过程中，大气压强与外界的温度均保持不变，下列各个描述理想气体状态变化的图象中与上述过程相符合的是_图，该过程为_过程(选填“吸热”、“放热”

10、或“绝热”)参考答案：11. p、q是一列简谐横波中的两质点，已知p离振源较近，p、q两点的平衡位置相距15m（小于一个波长），各自的振动图象如图所示。此列波的波速为           m/s。参考答案：2.5m/s12. 匀强磁场中有一半径为0.2m的圆形闭合线圈，线圈平面与磁场垂直已知线圈共50匝，其阻值为2匀强磁场磁感应强度b在01s内从零均匀变化到0.2t，在15s内从0.2t均匀变化到0.2t则0.5s 时该线圈内感应电动势的大小e=1.256v；在15s内通过线圈的电荷量q=1.2

11、56c参考答案：解：（1）在01s内，磁感应强度b的变化率=t/s=0.2t/s，由于磁通量均匀变化，在01s内线圈中产生的感应电动势恒定不变，则根据法拉第电磁感应定律得：0.5s时线圈内感应电动势的大小e1=n=n?r2=50×0.2×3.14×0.22=1.256v根据楞次定律判断得知，线圈中感应方向为逆时针方向（2）在15s内，磁感应强度b的变化率大小为=t/s=0.1t/s，由于磁通量均匀变化，在15s内线圈中产生的感应电动势恒定不变，则根据法拉第电磁感应定律得：15s时线圈内感应电动势的大小e2=n=n?r2=50×0.1×3.14&

12、#215;0.22=0.628v通过线圈的电荷量为q=i2t2=c=1.256c；故答案为：1.256  1.25613. （5分）1999年11月20日，我国发射了“神舟号”载入飞船，次日载入舱着陆，实验获得成功。载人舱在将要着陆之前，由于空气阻力作用有一段匀速下落过程，若空气阻力与速度的平方成正比，比例系数k，载人舱的质量为m，则此过程中载人舱的速度应为_。参考答案：答案：三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （简答）光滑的长轨道形状如图所示，下部为半圆形，半径为r，固定在竖直平面内质量分别为m、2m的两小环a、b用长为r的轻杆连接在一起，套在轨道上，a环距

13、轨道底部高为2r现将a、b两环从图示位置静止释放重力加速度为g求：（1）a环到达轨道底部时，两环速度大小；（2）运动过程中a环距轨道底部的最大高度；（3）若仅将轻杆长度增大为2r，其他条件不变，求运动过程中a环距轨道底部的最大高度参考答案：（1）a环到达轨道底部时，两环速度大小为；（2）运动过程中a环距轨道底部的最大高度为r；（3）若仅将轻杆长度增大为2r，其他条件不变，运动过程中a环距轨道底部的最大高度为r解：（1）a、b都进入圆轨道后，两环具有相同角速度，则两环速度大小一定相等，对系统，由机械能守恒定律得：mg?2r+2mg?r=（m+2m）v2，解得：v=；（2）运动过程中a环距轨道最低

14、点的最大高度为h1，如图所示，整体机械能守恒：mg?2r+2mg?3r=2mg（hr）+mgh，解得：h=r；（3）若将杆长换成2r，a环离开底部的最大高度为h2如图所示整体机械能守恒：mg?2r+2mg（2r+2r）=mgh+2mg（h+2r），解得：h=r；答：（1）a环到达轨道底部时，两环速度大小为；（2）运动过程中a环距轨道底部的最大高度为r；（3）若仅将轻杆长度增大为2r，其他条件不变，运动过程中a环距轨道底部的最大高度为r15. （选修模块34）如图所示是一种折射率n=1.5的棱镜用于某种光学仪器中。现有一束光线沿mn的方向射到棱镜的ab界面上，入射角的大小。求光在棱镜中传播的速率

15、及此束光线射出棱镜后的方向（不考虑返回到ab面上的光线）。  参考答案：解析：由得（1分） 由得，（1分） 由，可知c45°（1分） 而光线在bc面的入射角c，故光线在bc面上发生全反射后，垂直ac面射出棱镜。（2分）  四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图，一半径为r的圆表示一柱形区域的横截面（纸面）。在柱形区域内加一方向垂直于纸面的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q的粒子沿图中直线在圆上的a点射入柱形区域，在圆上的b点离开该区域，离开时速度方向与直线垂直。圆心o到直线的距离为。现将磁场换为平等于纸面且垂直于直线的匀强电场

16、，同一粒子以同样速度沿直线在a点射入柱形区域，也在b点离开该区域。若磁感应强度大小为b，不计重力，求电场强度的大小。参考答案：粒子在磁场中做圆周运动,设圆周的半径为r，由牛顿第二定律和洛仑兹力公式得:,式中v为粒子在a点的速度.过b点和o点作直线的垂线,分别与直线交于c和d点,由几何关系知,线段和过a、b两点和轨迹圆弧的两条半径(末画出)围成一正方形,因此设,由几何关系得:   联立式得: 再考虑粒子在电场中的运动,设电场强度的大小为e,粒子在电场中做类平抛运动.设其加速度大小为a,由牛顿第二定律和带电粒子在电场中的受力公式得:qe=ma    

17、; r=vt式中t是粒子在电场中运动的时间,联立式得:17. （7分）如图所示，直线mn表示一条平直公路，甲、乙两辆汽车原来停在a、b两处，a、b间的距离为85 m，现甲车先开始向右做匀加速直线运动，加速度a12.5 m/s2，甲车运动6.0 s时，乙车开始向右做匀加速直线运动，加速度a25.0 m/s2，求两辆汽车第一次相遇处距a处的距离参考答案：18. 如图所示的电路中，两平行金属板a、b水平放置，两板间的距离d=40cm电源电动势e=24v，内电阻r=1，电阻r=15闭合开关s，待电路稳定后，将一带正电的小球从b板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间若小球带电量为q=1×

18、102c，质量为m=2×102kg，不考虑空气阻力那么（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达a板？（2）此时，电源的输出功率是多大？（取g=10m/s2）参考答案：解：（1）小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到a板时速度为零设两板间电压为uab由动能定理得mgdquab=0滑动变阻器两端电压          u滑=uab=8 v             设通过滑动变阻器电流为i，由欧姆定律得i=1a                    滑动变阻器接入电路的电阻 r滑=8