湖南省常德市东岳庙联校2020-2021学年高三物理联考试卷含解析

1、湖南省常德市东岳庙联校2020-2021学年高三物理联考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示，a、b球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为的斜面光滑.系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，下列说法中正确的是(   )a. 在细线被烧断的瞬间，两个小球的加速度均沿斜面向下，大小均为gsinb. 在细线被烧断的瞬间，a球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为gsinc. 在细线被烧断后的一小段时间内（弹簧仍拉伸），a球的加速度大于b球的加速度d. 在细线被烧断后的一小段时间内（弹簧仍拉伸），a球的加速度等于b球的加速度

2、参考答案：c2. 如图所示，理想变压器副线圈通过导线接两个相同的灯泡和。导线的等效电阻为r。现将开关s闭合，若变压器原线圈两端的交流电压保持不变，则下列说法中正确的是a电阻r两端的电压变大b通过灯泡的电流增大c原线圈中的电流减小d变压器的输入功率变大参考答案：ad开关s闭合后，副线圈的电阻减小，电流变大，r的电阻没有变，电流增大，所以r两端的电压增大，故a正确；副线圈电压由原线圈的电压和匝数比决定，而原线圈电压和匝数比都没有变，所以副线圈输出电压不变，故灯泡两端的电压减小，通过灯泡的电流减小，b错误；原副线圈的电流跟匝数成反比，副线圈电流增大，原副线圈匝数比没有变，所以原线圈电流增大，c错误；

3、副线圈的电压不变，电流增大，则输出功率增大，故变压器的输入功率变大，故d正确故选ad。3. （单选）如图，质量相同的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上初始时用力压住b使a、b静止，撤去此压力后，a开始运动，在a下降的过程中，b始终未离开桌面在此过程中（）aa的动能小于b的动能b两物体机械能的变化量相等ca的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量d绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的代数和为零参考答案：考点：功能关系.分析：b的速度在绳子方向的分速度与a的速度相等，比较出速度大小即可比较动能的大小解答：解：a、将b的实际速度进行

4、分解如图：由图可知va=vbcos，即a的速度小于b的速度，故a的动能小于b的动能，a正确；b、由于有摩擦力做功，故ab系统机械能不守恒，则二者机械能的变化量不相等，b错误；c、a的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量与产生的内能之和，故a的重力势能的减小量大于两物体总动能的增加量，c错误；d、在这段时间t内，绳子对a的拉力和对b的拉力大小相等，绳子对a做的功等于ftvat，绳子对b的功等于拉力与拉力方向上b的位移的乘积，即：ftvbcost，又va=vbcos，所以绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的绝对值相等，二者代数和为零，故d正确故选：ad点评：本题考查了有摩擦力作用下的系统功能转

5、化关系，克服摩擦力做功时，系统的机械能减少，减少的机械能转化为内能4. “快乐向前冲”节目中有这样一种项目，选手需要借助悬挂在高处的绳飞跃到鸿沟对面的平台上，如果已知选手的质量为m，选手抓住绳由静止开始摆动，此时绳与竖直方向夹角为，如图所示，不考虑空气阻力和绳的质量(选手可视为质点)下列说法正确的是(    )    a选手摆到最低点时所受绳子的拉力大于mg    b选手摆到最低点时受绳子的拉力大于选手对绳子的拉力    c选手摆到最低点的运动过程中所受重力的功率一直增大&#

6、160;   d选手摆到最低点的运动过程为匀变速曲线运动参考答案：a5. 如图所示为热水系统的恒温电路，r1是可变电阻，r2是热敏电阻，当温度低时，热敏电阻的阻值很大，温度高时，热敏电阻的阻值很小。当热水器中的水位达到一定高度（由水位计控制）且水的温度低于某一温度时，发热器才会开启并加热。则下列关于该恒温电路的说法中正确的是（a）如果热水器中没有水，电路中b点处于高电势（b）当水的温度低于某一温度时a点处于低电势（c）为将发热器开启的水温调高一些，应增大r1的阻值（d）为将发热器开启的水温调高一些，应减小r1的阻值参考答案：d二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16

7、分6. 如图所示，a、b两点间电压为u，所有电阻阻值均为r，当k闭合时，ucd=_ ，当k断开时，ucd=_。 参考答案：0   u/37. 如图所示的器材可用来研究电磁感应现象及判定感应电流的方向，其中l1为原线圈，l2为副线圈。（1）在给出的实物图中，将实验仪器连成完整的实验电路。（2）在实验过程中，除了查清流入检流计电流方向与指针偏转方向之间的关系之外，还应查清_的绕制方向（选填“l1”、“l2”或“l1和l2”）。闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑动头p处于_端（选填“左”或“右”）。参考答案：（1）（2）_ l1和l2； _ （3）_右_ 端8. 某同学用打点计时器

8、测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50 hz。在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如图所示，a、b、c、d是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点a、b、d到零点的距离：xa=16.6 mm,xb=126.5 mm,xd=624.5 mm.若无法再做实验，可由以上信息推知：（1）相邻两计数点的时间间隔为_s;（2）打c点时物体的速度大小为_m/s(取2位有效数字）；（3）物体的加速度大小为_（用xa、xb、xd和f表示）.参考答案：(1)0.1(2)2.5(3) 9. 单摆做简谐振动时回复力是由摆球_的分力提供。用单摆测重力加速度实

9、验中，尽量做到摆线要细，弹性要小，质量要轻，其质量要_摆球质量。参考答案：    (1). 重力沿圆弧切线；    (2). 远小于【详解】单摆做简谐振动时回复力是由摆球重力沿圆弧切线的分力提供。用单摆测重力加速度实验中，尽量做到摆线要细，弹性要小，质量要轻，其质量要远小于摆球质量。10. 卢瑟福用a粒子轰击氮核时发现了质子.完成其核反应方程：n+he               

10、60;  .参考答案：o+h11. 几个力如果都作用在物体的           ，或者它们的         相交于同一点，这几个力叫做共点力参考答案：同一点  延长线12. 某同学做共点的两个力的合成实验作出如图所示的图，其中a为固定橡皮条的固定点，o为橡皮条与细绳的结合点，图中_是f1、f2合力的理论值，      是合力的实验值，通过本实验

11、可以得出结论：在误差允许的范围内，                 是正确的。参考答案：f   f   力的平行四边形定则13. 如图所示，在平面直角中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，已测得坐标原点处的电势为0 v，点处的电势为6 v, 点处的电势为3 v,那么电场强度的大小为e=      v/m，方向与x轴正方向的夹角为  

12、;     。参考答案：200v/m  1200三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （2013?黄冈模拟）某种材料的三棱镜截面abc如图所示，底边bc水平且镀银，其中a=90°，b=60°，一束竖直向下的光束从ab边上的m点入射，经过bc面反射后，从ac边上的n点平行于bc边射出，且mn连线平行于bc求：（）光线在m点的折射角；（）三棱镜的折射率（可用根式表示）参考答案：（）光线在m点的折射角是15°；（）三棱镜的折射率是考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：（）由几何知识求出光线在m点

13、的入射角和折射角（）运用折射定律求解三棱镜的折射率解答：解：（）如图，a=90°，b=60°，c=30°由题意可得1=2=60°，nmq=30°，mnq=60°根据折射定律，可得：pmq=pnq根据反射定律，可得：pmn=pnm即为：nmq+pmq=mnqpnq故折射角pmq=15°（）折射率n= = 答：（）光线在m点的折射角是15°；（）三棱镜的折射率是点评：本题是几何光学问题，作出光路图，运用几何知识求出入射角和折射角是解题的关键之处，即能很容易解决此类问题15. 直角三角形的玻璃砖abc放置于真空中，b30

14、°，ca的延长线上s点有一点光源，发出的一条光线由d点射入玻璃砖，如图所示光线经玻璃砖折射后垂直bc边射出，且此光束经过sd用时和在玻璃砖内的传播时间相等已知光在真空中的传播速度为c，asd15°.求：玻璃砖的折射率；s、d两点间的距离参考答案：(1)   (2)d试题分析：由几何关系可知入射角i=45°，折射角r=30°可得在玻璃砖中光速光束经过sd和玻璃砖内的传播时间相等有可得  sd = d考点：光的折射定律。四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 连接体问题在物理中很重要，下面分析一个情景：如右图所示，两根金属杆

15、ab和cd的长度均为l，电阻均为r，质量分别为3m和m（质量均匀分布），用两根等长的、质量和电阻均不计的、不可伸长的柔软导线将它们连成闭合回路，悬跨在绝缘的、光滑的水平圆棒两侧，ab和cd处于水平。在金属杆ab的下方有高度为h的水平匀强磁场，磁感强度的大小为b，方向与回路平面垂直，此时cd处于磁场中。现从静止开始释放金属杆ab，经过一段时间（ab、cd始终水平），在ab即将进入磁场的上边界时，其加速度为零，此时金属杆cd还处于磁场中，在此过程中金属杆ab上产生的焦耳热为q. 重力加速度为g，试求：（1）金属杆ab即将进入磁场上边界时的速度v1.（2）在此过程中金属杆cd移动的距离h和通过导线截

16、面的电量q.（3）设金属杆ab在磁场中运动的速度为v2，通过计算说明v2大小的可能范围.参考答案：（1）（2）   （3）v2解：（1）ab杆达到磁场边界时，加速度为零，系统处于平衡状态，对ab杆：3mg=2t，对cd杆：2t=mg+bil又f=bil=解得：v1=（2）以ab、cd棒组成的系统在此过程中，根据能的转化与守恒有：（3m-m）gh-2q=×4mv12解得金属杆cd移动的距离：h=，通过导线截面的电量：q=it=（3）ab杆与cd杆都在磁场中运动，直到达到匀速，此时系统处于平衡状态，对ab杆：3mg=2t+bil，对cd杆：2t=mg+bil

17、又f=bil=，解得：v2=，所以v2； 17. 如图所示，在直角坐标系的第象限分布着场强e=5×103v/m、方向水平向左的匀强电场，其余三个象限分布着垂直纸面向里的匀强磁场现从电场中m（0.5m，0.5m）点由静止释放一比荷为=2×104c/kg、重力不计的带正电微粒，该微粒第一次进入磁场后将垂直通过x轴求：（1）匀强磁场的磁感应强度；（2）带电微粒第二次进入磁场时的位置坐标；（3）带电微粒第二次进入磁场时的速度大小和方向参考答案：解：（1）根据动能定理有：qexm=mv2可得：v=104m/s因为微粒第一次进入磁场后将垂直通过x轴，根据几何关系知：r=xm根

18、据洛伦兹力提供向心力可得：qvb=m联立解得：b=1t（2）粒子垂直进入电场，做类平抛运动，则有：a抛=2×104×5×103=108m/s2xm=a抛t抛2代入数据解得：t抛=104s则：y=vt抛=104×104=1m带电微粒第二次进入磁场时的位置坐标为（0m，1m）（3）第二次进入磁场时：vx=a抛t抛=108×104=104m/sv合=×104m/s速度方向与y轴夹角45°答：（1）匀强磁场的磁感应强度为1t；（2）带电微粒第二次进入磁场时的位置坐标为（0m，1m）；（3）带电微粒第二次进入磁场时的速度大小为

19、5;104m/s，方向与y轴夹角45°【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【分析】（1）粒子在加速电场中做匀加速直线运动，运用动能定理求出其第一次进入磁场的速度v，当带电粒子进入磁场后，仅受洛伦兹力作用，做匀速圆周运动由微粒第一次进入磁场后将垂直通过x轴，可寻找到已知长度与圆弧半径的关系，从而求出磁感应强度；（2）当粒子再次进入电场时，做类平抛运动，利用平抛运动规律，结合电场强度、电荷的荷质比，求出离开电场的位置；（3）运用平行四边形定则，将粒子第二次进入磁场时的速度正交分解，利用类平抛规律结合勾股定理即可求出合速度大小，并根据合速度与分速度大小即可判断合速

20、度的方向18. 如图所示，在xoy平面的第一象限内，分布有沿x轴负方向的场强e=×104n/c的匀强电场，第四象限内分布有垂直纸面向里的磁感应强度b1=0.2 t的匀强磁场，第二、三象限内分布有垂直纸面向里的磁感应强度b2的匀强磁场。在x轴上有一个垂直于y轴的平板om，平板上开有一个小孔p，p处连接有一段长度d=lcm内径不计的准直管，管内由于静电屏蔽没有电场。y轴负方向上距o点cm的粒子源s可以向第四象限平面内各个方向发射a粒子，假设发射的a粒子速度大小v均为2×105ms，打到平板和准直管管壁上的a粒子均被吸收。已知a粒子带正电，比荷为×l07ckg，重力不计，求：(1) a粒子在第四象限的磁场中运动时的轨道半径和粒子从s到达p孔的时间； (2) 除了通过准直