KS5U名校解析辽宁省大连二十中2018学年高一下学期月考

1、2018-2018 学年辽宁省大连二十中高一（下）月考物理试卷（6月份）一、单选题： （本题有8 个小题每小题4 分，共 32 分每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的 ）1欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且 abc电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）ab cd2如图所示，在正方形四个顶点分别放置一个点电荷，所带电荷量已在图中标出，则下列四个选项中，正方形中心处场强最大的是（）a b cd3两个可自由移动的点电荷分别放在a、b 两处，如图所示a 处电荷带正电q1，b 处电荷带负电 q2，且 q2=4ql

2、，另取一个可以自由移动的点电荷q3放在 ab 直线上，欲使整个系统处于平衡状态，则（）aq3为负电荷，且放于a 左方b q3为负电荷，且放于b 右方cq3为正电荷，且放于ab 之间d q3为正电荷，且放于b 右方4如图所示，菱形abcd 的对角线相交于o 点，两个等量异种点电荷分别固定在ac 连线上的 m 点与 n 点，且 om=on ，则（）aa、c 两处电势、场强均相同b b、d 两处电势、场强均相同ca、c 两处电势、场强均不相同d b、 d 两处电势、场强均不相同5如图所示的是甲、乙、丙三个电源的ui 图线，甲和丙两图线平行，下列判断正确的是（）a甲电源的电动势比乙的电动势大b甲电源的

3、内阻比丙电源的内阻大c甲电源内阻最大，丙电源内阻最小d乙电源的电动势和内阻都比丙电源的大6如图所示，电源电动势e=34v ，内阻不计，电灯上标有“ 6v ，12w” 的字样，直流电动机线圈电阻 r=2 接通电源后，电灯恰能正常发光，下列说法正确的是（）a电路中的电流大小为6 a b电动机两端电压为4v c电动机产生的热功率为56 w d电动机输出的机械功率为48w 7真空中的某装置如图所示，其中平行金属板a、b 之间有加速电场，c、d 之间有偏转电场， m 为荧光屏今有质子、氘核和粒子均由a 板从静止开始被加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后都打在荧光屏上，则下列判断中正确的是（）a

4、三种粒子从b 板运动到荧光屏经历的时间相同b三种粒子打到荧光屏上的位置不相同c偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：2： 4 d偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：1：2 8如图所示，m、n 是两块水平放置的平行金属板，r0为定值电阻， r1，r2为可变电阻，开关 s 闭合质量为m 的带正电荷的微粒从p 点以水平速度v0射入金属板间，沿曲线打在n 板上的 o 点若经下列调整后，微粒仍从p 点以水平速度v0射入，则关于微粒打在n 板上的位置说法正确的是（）a保持开关s闭合，增大r1，粒子打在o 点左侧b保持开关s 闭合，增大r2，粒子打在o 点左侧c断开开关s，m 极板稍微上移，粒子打在o

5、 点右侧d断开开关s，m 极板稍微下移，粒子打在o 点右侧二、多选题： （本题有3 个小题，每小题4 分，共 12 分每小题给出的四个选项中，不只一个选项是正确的，多选、错选或不答不得分，选不全得2 分 ）9如图所示的电路中，平行金属板中的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器r4的滑片向b 端移动时，则（）a电压表读数减小b电流表读数减小c质点 p 将向上运动 d 电源的效率逐渐增大10如图所示，实线为真空中某一正点电荷所形成的一簇电场线，a、b、c 三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从o 点射入电场的运动轨迹，其中 b 虚线为一圆弧， ab 的长度等于bc 的长度，

6、且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力，则以下说法正确的是（）aa 一定是正粒子的运动轨迹，其动能增加，电势能减少b由于 ab 的长度等于bc 的长度，故uab=ubcca 虚线对应的粒子的加速度越来越小，c 虚线对应的粒子的加速度越来越大，b 虚线对应的粒子的加速度大小不变db 虚线对应的粒子的质量大于c 虚线对应的粒子的质量11某同学将一直流电源的总功率pe、输出功率pr和电源内部的发热功率pr随电流 i 变化的图线画在同一坐标系中，如图中的a、 b、c 所示则下列说法中正确的是（）a图线 b 表示输出功率pr随电流 i 变化的关系b图中 a 线最高点对应的功率为最大输出功率c在图线上a

7、、b、c 三点的纵坐标一定满足关系pa=pb+pcd两个图线交点m 与 n 的横坐标之比一定为1： 2，纵坐标之比一定为1： 4 三、实验题： （本题有2 个小题，每空2分，共 20 分 ）12如图所示为多用电表的刻度盘，表针如图所示（1）若选用的倍率为“ 100” ，则所测电阻的阻值为 ；如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0118的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是（选填 “ 10” 、“ 100” 或“ 1k” ） （2）若选用的量程为50ma 的电流挡，则所测电流为ma；若选用的量程为250ma 的电流挡，则所测电流为ma（3）若选用的量程为10v 的电压挡，则所测电压为

8、v13某实验小组描绘规格为“ 2.5v 0.6w ” 的小灯泡的i u 特性曲线实验室提供下列器材：a电流表a1（量程为025ma，内阻约0.2 ）b电流表a2（量程为0 一 300ma ，内阻约1 ）c电压表v1（量程为03v，内阻约5k ）d电压表v2（量程为015v，内阻约15k ）e滑动变阻器r1（ 0 一 10 ，额定电流1.5a ） ；f滑动变阻器r2（0 一 1000 ，额定电流0.5a）g直流电源（电动势6v，内阻忽略不计）h电键一个、导线若干（1）实验中所用的电流表应选；电压表应选；滑动变阻器应选 （只需填器材前面的字母代号）（2）若采用如图1 所示的电路描绘小灯泡的伏安特性

9、曲线，电压表的右端应与电路中的点相连开关闭合之前，图1 中滑动变阻器的滑片应该置于端（选填 “ a” 、“ b” 、“ c” 、“ d” ）（3） 测量后，该小组根据实验数据，利用 excel 拟合出小灯泡的iu 特性曲线如图2 示请根据曲线确定小灯泡两端电压为1.5v 时，其实际功率p=w 三、计算题： （本题有3 个小题，共36 分，要求写出必要的方程和文字说明）14图中是一个平行板电容器，其电容为c，带电荷量为q，上极板带正电现将一个试探电荷 q 由两极板间的a 点移动到b 点，如图 a、 b 两点间的距离为s，连线 ab 与极板间的夹角为30 则电场力对试探电荷q 所做的功等于多少？1

10、5在如图所示的电路中，电源电动势e=6.0v，内阻 r=2 ，定值电阻r1=r2=10 ，r3=30 ，r4=35 ，电容器的电容c=100 f，电容器原来不带电求：（1）闭合开关s 后，电路稳定时，流过r3的电流大小i3；（2）闭合开关s 后，直至电路稳定过程中流过r4的总电荷量q16如图所示，在水平向左的匀强电场中，有一个半径为r 的半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一个水平绝缘轨道mn 连接，一切摩擦都不计，半圆轨道所在竖直平面与电场线平行，一个带正电的小滑块质量为m，所受电场力为其重力的，重力加速度为g，问：（1）要小滑块恰好运动到圆轨道的最高点c，滑块应在水平轨道上离n 点多远处释放？（

11、2）这样释放的滑块通过p点时，轨道对滑块的作用力是多大？（p 为半圆轨道中点）（3）小滑块经过c 点后最后落地，落地点离n 点的距离多大？2018-2018 学年辽宁省大连二十中高一（下）月考物理试卷（ 6 月份）参考答案与试题解析一、单选题： （本题有8 个小题每小题4 分，共 32 分每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的 ）1欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且 abc电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）ab cd【考点】 电阻定律【分析】 由金属导体电阻的决定式r= 进行计算，注意各电阻中的导体长

12、度及截面积【解答】 解：由电阻的决定式可知，a 中电阻 ra=，b 中电阻 rb=；c 中电阻rc=； d 中电阻 rd=；故电阻最小的为a；故选： a2如图所示，在正方形四个顶点分别放置一个点电荷，所带电荷量已在图中标出，则下列四个选项中，正方形中心处场强最大的是（）a b cd【考点】 电场的叠加；电场强度【分析】 在边长为a的正方形四个顶点a、b、c、d 上依次放置电荷量为题中各选项的点电荷，根据电场强度的方向与大小进行叠加，从而即可求解【解答】 解： a、根据点电荷电场强度公式e=，结合矢量合成法则，两个负电荷在正方形中心处场强为零，两个正点电荷在中心处电场强度为零，故a 错误；b、同

13、理，正方形对角线异种电荷的电场强度，即为各自点电荷在中心处相加，因此此处的电场强度大小为2，故 b 正确；c、同理，正方形对角线的两负电荷的电场强度在中心处相互抵消，而正点电荷在中心处，叠加后电场强度大小为，故 c 错误；d、根据点电荷电场强度公式，结合叠加原理，则有在中心处的电场强度大小，故 d错误故选： b3两个可自由移动的点电荷分别放在a、b 两处，如图所示a 处电荷带正电q1，b 处电荷带负电 q2，且 q2=4ql，另取一个可以自由移动的点电荷q3放在 ab 直线上，欲使整个系统处于平衡状态，则（）aq3为负电荷，且放于a 左方b q3为负电荷，且放于b 右方cq3为正电荷，且放于a

14、b 之间d q3为正电荷，且放于b 右方【考点】 库仑定律【分析】 由于 q1带正电荷， q2带负电荷，根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，要使整个系统处于平衡状态，对其q3受力分析，去判断所处的位置【解答】 解：假设 q3放在 q1q2之间，那么q1对 q3的电场力和q2对 q3的电场力方向相同， q3不能处于平衡状态，所以假设不成立设 q3所在位置与q1的距离为r13，q3所在位置与q2的距离为r23，要能处于平衡状态，所以 q1对 q3的电场力大小等于q2对 q3的电场力大小即：=由于 q2=4q1，所以 r23=2r13，所以 q3位于 q1的左方根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，可判断q3

15、带负电故选 a4如图所示，菱形abcd 的对角线相交于o 点，两个等量异种点电荷分别固定在ac 连线上的 m 点与 n 点，且 om=on ，则（）aa、c 两处电势、场强均相同b b、d 两处电势、场强均相同ca、c 两处电势、场强均不相同d b、 d 两处电势、场强均不相同【考点】 电势差与电场强度的关系；电场强度；电势【分析】 电场强度为矢量，叠加遵守四边形定则，电势为标量，叠加时直接求代数和【解答】 解： a、a 处电势为正， c 处电势为负， a 处场强方向向左，c 处场强方向也向左，大小相同，故a 错误；b、bd 两处场强大小相等，方向水平向右，两处的电势均为0，故 b 正确；c、

16、在 mn 连线上 o 点的场强最小故c 错误；d、在 bd 连线上 o 点的场强最大，故d 错误故选： b 5如图所示的是甲、乙、丙三个电源的ui 图线，甲和丙两图线平行，下列判断正确的是（）a甲电源的电动势比乙的电动势大b甲电源的内阻比丙电源的内阻大c甲电源内阻最大，丙电源内阻最小d乙电源的电动势和内阻都比丙电源的大【考点】 闭合电路的欧姆定律【分析】 根据闭合电路欧姆定律分析图线与坐标轴交点的物理意义，比较电动势的大小根据图线斜率大小的意义比较内阻的大小【解答】 解：a、根据闭合电路欧姆定律得：u=eir，当 i=0 时， u=e，即图线与纵轴交点坐标等于电源的电动势大小，由图看出，甲和乙

17、电源的电动势相等故a 错误b、c、d、由 u=eir 得知，图线的斜率绝对值大小等于电源的内阻大小，由图看出，乙电源的电动势和内阻都比丙电源大，甲和丙电源的内阻相等故d 正确， bc 错误故选： d 6如图所示，电源电动势e=34v ，内阻不计，电灯上标有“ 6v ，12w” 的字样，直流电动机线圈电阻 r=2 接通电源后，电灯恰能正常发光，下列说法正确的是（）a电路中的电流大小为6 a b电动机两端电压为4v c电动机产生的热功率为56 w d电动机输出的机械功率为48w 【考点】 闭合电路的欧姆定律【分析】 电灯恰能正常发光，故回路中电流等于电灯的额定电流；电动机输出的机械功率等于电源总功

18、率减去回路中内能的功率【解答】 解：a、因为电灯恰能正常发光，所以闭合电路中的电流为：i=2a，故 a错误；b、电动机的输入电压为：u=ei（ r+r）=362（ 1+） =28v；故 b 错误；c、电动机的热功率为：，故 c 错误d、电动机的总功率为：p=ui=28 2=56w 所以电动机输出的机械功率为：p出=pp热=568=48w ，故 d 正确；故选： d 7真空中的某装置如图所示，其中平行金属板a、b 之间有加速电场，c、d 之间有偏转电场， m 为荧光屏今有质子、氘核和粒子均由a 板从静止开始被加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后都打在荧光屏上，则下列判断中正确的是（）a

19、三种粒子从b 板运动到荧光屏经历的时间相同b三种粒子打到荧光屏上的位置不相同c偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：2： 4 d偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：1：2 【考点】 带电粒子在匀强电场中的运动；电势能【分析】 三种粒子在偏转电场中做类平抛运动，飞出电场后做匀速直线运动，两个过程中水平方向是速度相同的匀速直线运动，根据动能定理求出加速获得的速度表达式，可分析从 b板运动到荧光屏经历的时间关系根据推论分析粒子偏转距离与加速电压和偏转电压的关系，分析粒子打到荧光屏上的位置关系根据w=qey ，分析电场力做功之比【解答】 解： a、加速电压为u1，偏转电压为u2，偏转极板的长度为

20、l，板间距离为d，在加速电场中，由动能定理得qu1=mv18，解得 v0=，三种粒子从b 板运动到荧光屏的过程，水平方向做速度为v0的匀速直线运动，由于三种粒子的比荷不同，则v0不同，所以三种粒子从b 板运动到荧光屏经历的时间不同，故a 错误；b、据推论 y=、tan =可知， y 与粒子的种类、质量、电量无关，故三种粒子偏转距离相同，打到荧光屏上的位置相同，故b 错误；c、转电场的电场力做功为w=qey ，则 w 与 q 成正比，三种粒子的电荷量之比为1：1：2，则有电场力对三种粒子做功之比为1： 1：2，故 c 错误， d 正确故选： d8如图所示，m、n 是两块水平放置的平行金属板，r0

21、为定值电阻， r1，r2为可变电阻，开关 s 闭合质量为m 的带正电荷的微粒从p 点以水平速度v0射入金属板间，沿曲线打在n 板上的 o 点若经下列调整后，微粒仍从p 点以水平速度v0射入，则关于微粒打在n 板上的位置说法正确的是（）a保持开关s闭合，增大r1，粒子打在o 点左侧b保持开关s 闭合，增大r2，粒子打在o 点左侧c断开开关s，m 极板稍微上移，粒子打在o 点右侧d断开开关s，m 极板稍微下移，粒子打在o 点右侧【考点】 带电粒子在匀强电场中的运动【分析】 电路稳定时，电容器的电压等于可变电阻r1的电压，改变r2，对电容器的电压没有影响增大r1分担的电压增大，电容器的电压增大，粒子

22、将向下运动断开开关s，上下移动极板， 根据电容器的电容定义式与决定式判断出极板间的电场强度，根据牛顿第二定律即可判断加速度，利用运动学公式判断水平位移【解答】 解：a、保持开关s 闭合， 由串并联电压关系可知，r0两端的电压为u=，增大 r1，u 将减小，电容器两端的电压减小，故粒子受重力和电场力，产生的加速度增大，平行板两极板电压减小达到极板上则，水平位移为x=，水平位移将减小，故粒子打在o 点左侧侧，故a 正确b、保持开关s 闭合，增大r2，不会影响电阻r 两端的电压，故粒子打在o 点，故 b 错误；c、断开开关，平行板带电量不变，平行板间的电场强度为e=，结合及可得，电场强度不变，故加速

23、度不变，m 极板稍微上移，不会影响离子的运动，故还打在 o 点，故 c 错误；d、断开开关，平行板带电量不变，平行板间的电场强度为e=，结合及可得，电场强度不变，加速度不变，m 极板稍微下移，不会影响离子的运动，故还打在 o 点，故 d 错误故选： a 二、多选题： （本题有3 个小题，每小题4 分，共 12 分每小题给出的四个选项中，不只一个选项是正确的，多选、错选或不答不得分，选不全得2 分 ）9如图所示的电路中，平行金属板中的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器r4的滑片向b 端移动时，则（）a电压表读数减小b电流表读数减小c质点 p 将向上运动 d 电源的效率

24、逐渐增大【考点】 闭合电路的欧姆定律；电容【分析】 首先对电路进行分析：滑片的移动可知电路中总电阻的变化，由闭合欧姆定律可求得电路中电流及路端电压的变化；再对并联部分分析可知电容器两端的电压变化，则可知 p的受力变化，则可知质点的运动情况根据路端电压，分析电源的效率的变化【解答】 解： c、滑片向b 端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则外电路总电阻减小，总电流增大，则电源的内电压增大，由闭合电路的欧姆定律可知，路端电压减小，r1两端的电压增大， 故并联部分电压减小，则电容器两端的电压减小，板间场强减小，则带电液滴所受的电场力减小；则质点将向下移动，故c 错误；b、因并联部分电压减小，则r2中的

25、电流减小，而干路电流增大，故电流表中的电流增大，故 b 错误；a、r1两端的电压增大， 路端电压减小， 并联部分电压减小，即 r3与 r4两端的总电压减小；而由于电流表示数增大，由欧姆定律可知r3两端的电压增大，故 r4两端的电压减小，电压表示数减小，故a 正确；由电路图可知，r3与 r4串联后与r2并联，再与r1串联，电容器与并联部分并联；d、电源的效率为 =，由上分析可知，路端电压u 减小，则电源的效率降低故d错误故选 a10如图所示，实线为真空中某一正点电荷所形成的一簇电场线，a、b、c 三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从o 点射入电场的运动轨迹，其中 b 虚线为一圆弧， ab 的长度

26、等于bc 的长度，且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力，则以下说法正确的是（）aa 一定是正粒子的运动轨迹，其动能增加，电势能减少b由于 ab 的长度等于bc 的长度，故uab=ubcca 虚线对应的粒子的加速度越来越小，c 虚线对应的粒子的加速度越来越大，b 虚线对应的粒子的加速度大小不变db 虚线对应的粒子的质量大于c 虚线对应的粒子的质量【考点】 电势差与电场强度的关系；电势能【分析】 根据曲线运动受力特点判断电场力方向，分析电场力做功情况，从而判断电势能的变化； 电场线的疏密反映了电场强度的大小，由牛顿第二定律分析加速度的大小；结合离心运动的条件列式比较粒子质量大小【解答】 解：

27、a、a 粒子的轨迹向左弯曲，所受的电场力向左正点电荷的电场线向左，所以 a 一定是正粒子的运动轨迹电场力对a 粒子做正功，则其动能增加，电势能减少，故a正确b、根据公式u=ed ，知 ab 间的场强小于bc 间的场强，得uabubc，故 b 错误；c、由于电场线的疏密表示电场强度的大小，粒子只受电场力，根据f=qe 知，虚线对应的粒子所受的电场力越来越小，其加速度越来越小，c 虚线对应的粒子所受的电场力越来越大，其加速度越来越大，b 虚线对应的粒子的加速度大小不变，故c 正确；d、a、b、 c 三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从o 点射入电场的运动轨迹；且三个粒子的电荷量大小相等；故静电力相

28、等；由于b 粒子做圆周运动，说明向心力等于静电力；c粒子做向心运动，故静电力大于需要的向心力，根据f=m，知 b 粒子的质量大于c 粒子的质量；故d 正确；故选： acd 11某同学将一直流电源的总功率pe、输出功率pr和电源内部的发热功率pr随电流 i 变化的图线画在同一坐标系中，如图中的a、 b、c 所示则下列说法中正确的是（）a图线 b 表示输出功率pr随电流 i 变化的关系b图中 a 线最高点对应的功率为最大输出功率c在图线上a、b、c 三点的纵坐标一定满足关系pa=pb+pcd两个图线交点m 与 n 的横坐标之比一定为1： 2，纵坐标之比一定为1： 4 【考点】 电功、电功率【分析】

29、 根据电源消耗的总功率的计算公式pe=ei 可得电源的总功率与电流的关系，根据电源内部的发热功率pr=i2r 可得电源内部的发热功率与电流的关系，从而可以判断abc 三条线代表的关系式，在由功率的公式可以分析功率之间的关系【解答】 解： a、由电源消耗功率和电源内部消耗功率表达式pe=ei，pr=i2r，可知， a是直线，表示的是电源消耗的总电功率，b 是抛物线，表示的是电源内电阻上消耗的功率，c 表示外电阻的功率即为电源的输出功率pr，所以 ab 错误；c、在 a、b、c 三条图线上分别取横坐标相同的a、b、c 三点，因为直流电源的总功率pe等于输出功率pr和电源内部的发热功率pr的和，所以

30、这三点的纵坐标一定满足关系pa=pb+pc，所以 c 正确；d、当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为 b、c 线的交点m 时的电流，此时电流的大小为=，功率的大小为，a、b 线的交点n 表示电源的总功率pe和电源内部的发热功率pr随相等，此时只有电源的内电阻，所以此时的电流的大小为，功率的大小为，所以横坐标之比为1：2，纵坐标之比为1：4，所以 d 正确故选 cd三、实验题： （本题有2 个小题，每空2分，共 20 分 ）12如图所示为多用电表的刻度盘，表针如图所示（1）若选用的倍率为“ 100” ，则所测电阻的阻值为1500 ；如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0118的

31、电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是 1k （选填“ 10” 、“ 100” 或“ 1k” ） （2）若选用的量程为50ma 的电流挡， 则所测电流为30.8ma ；若选用的量程为250ma的电流挡，则所测电流为155ma （3）若选用的量程为10v 的电压挡，则所测电压为6.1v【考点】 用多用电表测电阻【分析】 （1）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近（2） （3）由图示表盘确定其分度值，然后再读出其示数【解答】 解： （1）用倍率为 “ 100” 的电阻挡测电阻，由图示可知，电阻阻值为：15100=1500 ；多用电

32、表测量一个阻值约为2.0118的电阻， 为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是 1k（2）选用量程为5ma 的电流挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为10ma，示数为30.8ma 选用量程为250ma 的电流挡测量电流时，最小分度为5ma ；故则所测电流为155ma ；（3）选用量程为10v 的电压挡测量电压，由图示表盘可知， 其分度值为0.2v， 示数为 6.1v故答案为：（ 1）1500， 1k； （2） 30.8， 155； （3）6.1 13某实验小组描绘规格为“ 2.5v 0.6w ” 的小灯泡的i u 特性曲线实验室提供下列器材：a电流表a1（量程为025ma，内阻约0.2 ）

33、b电流表a2（量程为0 一 300ma ，内阻约1 ）c电压表v1（量程为03v，内阻约5k ）d电压表v2（量程为015v，内阻约15k ）e滑动变阻器r1（ 0 一 10 ，额定电流1.5a ） ；f滑动变阻器r2（0 一 1000 ，额定电流0.5a）g直流电源（电动势6v，内阻忽略不计）h电键一个、导线若干（1）实验中所用的电流表应选b；电压表应选d；滑动变阻器应选e （只需填器材前面的字母代号）（2）若采用如图1 所示的电路描绘小灯泡的伏安特性曲线，电压表的右端应与电路中的a点相连开关闭合之前，图 1 中滑动变阻器的滑片应该置于c端（选填 “ a” 、“ b” 、“ c” 、“ d”

34、 ）（3） 测量后，该小组根据实验数据，利用 excel 拟合出小灯泡的iu 特性曲线如图2 示请根据曲线确定小灯泡两端电压为1.5v 时，其实际功率p=0.33w 【考点】 描绘小电珠的伏安特性曲线【分析】 （1）根据小电珠的额定电流选择电流表，根据小电珠额定电压选择电压表，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器（2）根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表接法，然后答题滑动变阻器采用分压接法，闭合开关前分压部分电路阻值应最小，根据电路图确定滑片的位置（3）由图象求出电压对应的电流，然后由p=ui 求出灯泡功率【解答】 解： （1）小电珠额定电流i=0.24a=240ma ，电流表应选

35、b；小电珠额定电压为 2.5v，电压表选c；为方便实验操作，滑动变阻器应选最大阻值较小的e（2） 电珠正常发光时的电阻r= 10.4 ， 灯泡电阻为10.4 ， 电流表内阻约1 ，电压表内阻约为5k ，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，由图 1 所示电路图可知， 电压表的右端应与电路中的a 端由图 1 所示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，开关 s 闭合前，滑动变阻器的滑片p 应置于最左端c 端（3）由图 2 所示图象可知，小灯泡两端电压为1.5v 时，通过灯泡的电流为0.22a，则灯泡实际功率 p=ui=1.5 0.22=0.33w 故答案为：（ 1）b；d；e； （2）a；c

36、； （3）0.33；三、计算题： （本题有3 个小题，共36 分，要求写出必要的方程和文字说明）14图中是一个平行板电容器，其电容为c，带电荷量为q，上极板带正电现将一个试探电荷 q 由两极板间的a 点移动到b 点，如图 a、 b 两点间的距离为s，连线 ab 与极板间的夹角为30 则电场力对试探电荷q 所做的功等于多少？【考点】 电势差与电场强度的关系【分析】 由平行板电容器的电容c 和带电量q，由电容的定义式求出板间电压由e=求出板间场强根据功的计算公式求解电场力对试探电荷q 所做的功【解答】 解：由电容的定义式c=得板间电压u=，板间场强e=试探电荷q由 a点移动到 b 点，电场力做功w=qessin30 =答：对试探电荷q 所做的功等于15在如图所示的电路中，电源电动势e=6.0v，内阻 r=2 ，定值电阻r1=r2=10 ，r3=30 ，r4=35 ，电容器的电容c=100 f，电容器原来不带电求