拉萨市重点名校2019-2020学年高一下学期期末调研物理试题含解析

1、拉萨市重点名校2019-2020学年高一下学期期末调研物理试题一、单项选择题：本题共 6小题，每小题 5分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的1.（本题9分）两颗人造地球卫星，质量之比mi: m2=1：2,轨道半径之比 Ri：R2=3:1 ,下面有关数据之比正确的是（）A.周期之比T1：T2=3:1B.线速度之比V1：V2=3:1C.向心力之比为 F1：F2=1:9D.向心加速度之比 a1：a2=1：9【答案】D【解析】卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：F G= m-E=m±=ma，解得：T=2无,周期之比：故a错误;R2T2

2、 R； GMT2, R31由v ，等可得线速度之比：v ,但 电，故B错误；向心力之比：F1 GMm1 ,GMm2 可 R2. R2正确；故选D.点睛：本题考查了比较线速度、周期、角速度与加速度大小关系，知道万有引力提供向心力是解题的关键，应用牛顿第二定律可以解题.2.（本题9分）如图所示，匈牙利大力士希恩考 若尔特曾用牙齿拉动 50 t的A320客机。他把一条绳索的一 端系在飞机下方的前轮处，另一端用牙齿紧紧咬住，在52 s的时间内将客机拉动了约 40 m。假设大力士牙齿 的拉力约为5X10 N恒定不变，绳子与水平方向夹角 。约为30。,则飞机在被拉动的过程中（ ）2mR2m2R2V21 w

3、,故C错误；由a18GMT，向心加速度之比:R2a1a?得1珈 评以故DA.重力做功约 2.0 X 7 JB.拉力做功约 1.7 X 5JC.克服阻力彳功约为 1.5 X 5J D.合外力做功约为 2.0 X 150J【答案】B【解析】A、C项：由于飞机在水平面上运动，所以重力不做功，故 A、C错误；B项：由功的公式二=口口C白门=$理.又非乂尸匚右上飞兴二，故b正确;D项：飞机的获得的动能 口二二9匚匚：二:浜然区2炉常值算令鼻口二人中区二，根据动能定理可知，合外 力做功为5.9 X1J,又拉力做功1.7 x 50,所以克服阻力做功 1.11 X 50,故D错误。点晴：掌握功的公式计算拉力做

4、功，能根据动能定理求合外力功和阻力功是正确解题的关键。B. (1 mgxC. FxF做功为（）3 .（本题9分）如图所示，用与水平方向成。角的力F拉质量为m的物体水平匀速前进距离 x.已知物体D. Fxcos 0【答案】D【解析】 某一个力做功只要这个力和物体的位移决定，与受不受其他力无关，与物体怎么运动无关；而合力做功就与受其他力有关，与怎么运动有关；故根据功的定义式可知W Fxcos ,则D正确、A、B、C错误.故选D.【点睛】本题考查了功的基本运算，解决本题的关键掌握功的公式，注意力和位移方向之间的夹角.4 .开普勒分别于1609年和1619年发表了他发现的行星运动规律，后人称之为开普勒

5、行星运动定律.关于开普勒行星运动定律，下列说法正确的是A.所有行星绕太阳运动的轨道都是圆，太阳处在圆心上B.对任何一颗行星来说，离太阳越近，运行速率就越大C.在牛顿发现万有引力定律后，开普勒才发现了行星的运行规律D.开普勒独立完成了观测行星的运行数据、整理观测数据、发现行星运动规律等全部工作【答案】B【解析】试题分析：开普勒三定律：1.开普勒第一定律：所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆.太阳处在所有3 aT2椭圆的一个焦点上.2.开普勒第二定律：行星与太阳的连线在相同的时间内扫过的面积相等.3.开普勒第三定律：所有行星的轨道的半长轴的三次方与公转周期的二次方的比值都相等，即A、由开普勒第一定

6、律可知；错误B、由开普勒第二定律可知行星与太阳的连线在相同的时间内扫过的面积相等，离太阳越近，弧长越长, 时间相同，速率越大；正确C开普勒发现了行星的运行规律在前，在牛顿发现万有引力定律在后；错误D、开普勒是在前人研究的基础上，根据自己的观测和研究总结出的开普勒三定律；错误故选B 考点：开普勒三定律点评：容易题.研究天体运行时.太阳系中的行星及卫星运动的椭圆轨道的两个焦点相距很近.因此行星的椭圆轨道都很接近圆.在要求不太高时，通常可以认为行星以太阳为圆心做匀速圆周运动.这样做使处理问题的方法大为简化，而得到的结果与行星的实际运行情况相差并不很大.在太阳系中.比例系数k是一个与行星无关的常量，但

7、不是恒量，在不同的星系中，k值不相同，k值与中心天体有关.5.（本题9分）一木块沿着高度相同、倾角不同的三个斜面由顶端静止滑下（如图所示）若木块与各斜面间B.倾角小的动能最大C.倾角等于45o的动能最大D.三者的动能一样大【答案】A【解析】分析可知，木块下滑中，重力做正功、支持力不做功，摩擦力做负功;重力做功：WG mgh;摩擦力做功：Wfmghcos sin '则由动能定理可得:WgWfEk ；即滑到底部的动能为:mghEk mgh ；tan因h、m不变，而tan。随角度的增大而增大，故 Ek随角度。的增大而增大，A正确;故本题选A.【点睛】木块在下滑中受重力、弹力及摩擦力，分析各力

8、做功情况，由动能定理列出通式可比较木块滑到 底部时的动能大小.6 .（本题9分）关于万有引力和万有引力定律，下列说法正确的是（）A.只有天体间才存在相互作用的引力B.只有质量很大的物体间才存在相互作用的引力C.物体间的距离变大时，它们之间的引力将变小D.物体对地球的引力小于地球对物体的引力【答案】C匚二=二，可以看出只有C正确;【解析】 本题考查对万有引力定律的理解，任意两个物体之间的引力为 二、多项选择题：本题共 6小题，每小题5分，共30分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得 5分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0分7 .（本题9分）如图甲所示，两物体 二、二叠

9、放在光滑水平面上，对 二施加一水平力二，二一二关系图象如图乙所示。两物体在力 二作用下由静止开始运动，且始终保持相对静止，则A.第B.第C.第乙甲1:末两物体的速度最大2&内，拉力二对物体二做正功2三末，两物体开始反向运动D.物体二对物体二的摩擦力方向始终与力一的方向相同【答案】BD试题分析：根据牛顿第二定律研究加速度与时间的关系，分析物体运动的性质.根据牛顿第二定律，分别 对AB整体和B研究，分析.A、根据牛顿第二定律得知，两物体的加速度3 =-由图看出，1s-2s时间内，F的方向不变，物体一直加速，2s末两物体的速度最大.故 A错误.B、由图看出，1s-2s时间内，F的方向不变，物

10、体一直加速，第2内，拉力二对物体二做正功.故 B正确.C、由于惯性，第2二末，两物体开始做正向减速运动.故 C错误.D、由£=力疗2 = 霁二看出，f与F方向总是相同.故 D正确. 24"故选BD。考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力.点评：本题是牛顿第二定律的应用问题，采用整体法和隔离法相结合研究.要注意F的正负表示F的方向.8 .（本题9分）关于重力势能，下列说法正确的是A.重力势能的大小只由重物本身决定B. 一物体的重力势能从 6J变为2J,重力势能变小了C.在地面上的物体，它具有的重力势能一定等于零D.距地面有一定高度的物体，其重力势能可能为零【答案】BD【解析】【详解】

11、A.物体的重力势能与物体本身的重力和零势能面的选取有关.故选项A不符合题意.8 .重力势能是标量，重力势能从6J变为2J,表示物体重力势能减小了 .故选项B符合题意.C.地面上的物体只有以地面为零势能面时，重力势能才为零.故选项C不符合题意.D.以物体所在平面为零势能面，距离地面有一定高度的物体重力势能也可能为零.故选项D符合题意.9 .物体在运动过程中，克服重力做功为50J,则A.重力做功为 50 JB.物体的重力势能一定增加了50JC.重力做了 50 J的负功D.物体的重力势能一定减少了50 J【答案】BC【解析】克服重力做功，即重力做负功，则重力势能一定增大，克服重力做多少功，重力势能就

12、增加多少，故重力势能增加50J, BC正确.【点睛】重力势能变化量直接对应重力做功，与其他因素无关，重力做正功，重力势能减小，重力做负功,重力势能增大，且满足 WGEP.10 .如图所示，一内壁光滑的圆形细管竖直放置，其半径为R,质量为m的小球在该管内做圆周运动，小球可视为质点.下列说法中正确的是A.小球能够通过光滑圆形细管最高点时的速度可以为, gRB .小球能够通过光滑圆形细管最高点时的最小速度为、gRc.如果小球在光滑圆形细管最高点时的速度大小为D.如果小球在光滑圆形细管最低点时的速度大小为【答案】AC【解析】【分析】【详解】2，gR,则此时小球对管道有向上的作用力JgR ,则小球通过该

13、点时与管道间无相互作用力AB.小球在最高点，由于细管对小球的弹力可以向上，也可以向下，则v的最小值为零，故 A正确，B错误；CD小球在最低点，不管小球的速度是多少，向心力由轨道向上的支持力和向下重力提供，且支持力大于重力，根据牛顿第三定律可知，小球对管道有向上的作用力，故 C正确，D错误.11 .（本题9分）下列关于电场强度的说法中，正确的是（）A,由公式E ：知，电场强度 E与点电荷所受电场力 F成正比，与点电荷的电荷量 q成反比B.由公式F qE知，点电荷在电场中所受电场力F与电场强度E成正比，与电荷量q成正比_ . QC.由公式E k2可知，电场强度 E与电何重Q成正比，与r成反比 rD

14、.以上说法均不正确【答案】BC【解析】【详解】A.场强E是由电场本身决定的，与试探电荷无关，不能说E与F成正比，与q成反比，故A错误B.场强E是由电场本身决定的，与试探电荷无关，由公式F qE知，点电荷在电场中所受电场力F与电场强度E成正比，与电荷量 q成正比，故B正确；CD.由公式E kQ可知，Q为场源电荷，电场强度 E与电荷量Q成正比，与r2成反比，故C正确；D r错误；12 .如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、30V.实线是一带电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，已知：带电粒子带电量为0.01C,在a点处

15、的动能为0.5J,则该带电粒子B.在b点处的电势能为 0.5JD.在c点处的动能为 0.4 JA.粒子带正电C.在b点处的动能为零【答案】AD【解析】【详解】A.由等势面与场强垂直可知场强方向向上，电场力指向轨迹弯曲的内侧，所以电场力向上，所以为正电荷，故A正确；B.由电势能的定义知粒子在b点处的电势能Epb=()q=0.01 X 30J=0.3J故B错误；C.由粒子在a点处的总能量E=0.01 X 10J+0.5J=0.6J由能量守恒得在b点处的动能为：&b=0.6-0.3J=0.3J故C错误；D.由能量守恒得在 C点处的动能为：mc=0.6J-0.01X 20J=0.4J故D正确.

16、三、实验题：共2小题，每题8分，共16分13.用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律，实验所用的电源为学生电源，输出电压有交流电和直流 电两种，重锤从高处由静止开始下落，打点计时器在重锤拖着的纸带上打出一系列的点，对图中纸带上的 点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律.(1)下列几个操作步骤中:A.按照图示，安装好实验装置;B.将打点计时器接到电源的交流输出”上;C.用天平测出重锤的质量；D.先释放重锤，后接通电源，纸带随着重锤运动，打点计时器在纸带上打下一系列的点;E.测量纸带上某些点间的距离；F .根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能.没有必要的是,操作错误的是.

17、(填步骤前相应的字母)(2)在某次实验中，假设质量为m的重锤由静止自由下落，带动纸带打出一系列的点，如图所示。相邻计数点间的时间间隔为 0.02s,距离单位为cm。(g=9.8m/s2)(所有计算结果保留小数点后两位)打点计时器打下计数点B时，物体的速度vB =m/s ；从起点O到打下计数点B的过程中物体的动能增加量 Ek=，势能减少量Ep= 通过计算，数值上 Ek小于 Ep ,其主要原因为 。【答案】C D 3.114.84mJ4.86mJ下落过中纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或有阻力的影响【解析】 【详解】 12 ,(1)1因为我们是比较 mgh、2mv的大小关系，所以 m可约去比较，不需

18、要用天平，故C没有必要.2开始记录时应先给打点计时器通电，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落再接通打点计时时器的电源， 因为重物运动较快不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故D错误.(2)3利用中点时刻的速度等于平均速度可得:xOC xOAVb 2T56.11 43.68 10 20.04m/s=3.11m/s4从O到B动能增加量：1 212Ek-mvB m (3.11) J 4.84mJ.2 25从O到B重力势能减小量：Ep mgh m 9.8 0.496J 6.86mJ6产生误差的主要原因是：纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或有阻力的影响等14.(本题

19、9分)某实验小组要探究力对物体做功与物体获得速度的关系，选取的实验装置如图所示， 实验主要步骤如下：(1)实验时，为使小车只在橡皮筋作用下运动，在未连接橡皮筋时将木板的左端用小木块垫起，使木板倾斜合适的角度，打开打点计时器，轻推小车，得到的纸带应该是.填用”或工”).(2)使小车在一条橡皮筋的作用下由静止弹出，沿木板滑行，这时橡皮筋对小车做的功为W;(3)再用完全相同的 2条、3条橡皮筋作用于小车，每次由静止释放小车时橡皮筋的(填写相应实验条件)，使橡皮筋对小车做的功分别为2W、3W-(4)分析打点计时器打出的纸带，分别求出小车每次获得的最大速度VI、 V2、 V3(5)作出 W-v图像，则下

20、列图像符合实际的是【答案】(1)乙;(3)伸长量(或形变量、长度等)都相同;(5) D.(1)平衡摩擦力后，小车应做匀速运动，所以纸带应该是图乙；(2)橡皮条拉力是变力，采用倍增法增加功；即使小车在一条橡皮筋的作用下由静止弹出，这时橡皮筋对小车做的功为 W;再用完全相同的2条、3条一橡皮筋作用于小车，每次由静止释放小车时橡皮筋的伸长量都相同，使橡皮筋对小车做的功分别为2W、3W-(3)功与速度的平方相对应，所以图象应为D.四、解答题：本题共 3题，每题8分，共24分15.电子偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为R和R的同心金属半球面 A和B构成，其过球心的截面V的电子恰好能沿如图所示，在 A、B

21、半球面间加电压会形成沿半径方向的电场.一电子束以不同初速度大小从偏转器M 板正中间小孔 S垂直入射，进入偏转电场区域.在射入的电子中，其中初速度大小为 虚线C做匀速圆周运动，并从 N板的正中间小孔 S2垂直N板射出.电子电荷量为 e、质量为m ,半球面A和B的电势分别为 A、 B，虚线C处的电势为 C、电场强度大小为 E,忽略电场的边缘效应，电子重力不计.(1)判断两半球面 A、B的电势高低；(2)求到达N板上边缘处的电子动能改变量Ek;(3)求初速度V0；(4)若N极板左侧有一平行板电容器，两极板 P、Q的间距为d ,长度为L .从小孔&垂直N板射出P左端边缘飞出.求P、Q两的电子，从P、Q两极板的正中间平行于极板方向射入，电子恰能从极板极板间的电压U.【答案】(1)ba；(2)e c a；(3)JR1R2;,2m(4)(1)电子在偏转器中做圆周运动，电场力指向圆心，可知电场由圆心指向外，即(2)由动能定理可知，到达 N板上边缘处的电子动能改变量(3)电子进入偏转电场区域，由电场力提供向心力沿虚线C做圆周运动虚线C离圆心距离eE(4)RiR222 mvoR电子进入PQ两极板后，平行于极板方向做匀速