()环境工程原理第三版课后答案

1、(完整版)环境工程原理第三版课后答案11简要阐述环境工程学的主要任务及其学科体系。解：环境工程学作为环境学科的一个重要分支，主要任务是利用环境学科以及工程学的方法，研究环境污染控制理论、技术、措施和政策，以改善环境质量，保证人类的身体健康和生存以及社会的可持续发展。图 1-2 是环境工程学的学科体系。去除水中的悬浮物，有哪些可能的方法，它们的技术原理是什么？解：去除水中悬浮物的方法主要有：沉淀、离心分离、气浮、过滤（砂滤等） 、过滤（筛网过滤） 、反渗透、膜分离、蒸发浓缩等。上述方法对应的技术原理分别为：重力沉降作用、离心沉降作用、浮力作用、物理阻截作用、物理阻截作用、渗透压、物理截留等、水与

2、污染物的蒸发性差异。空气中挥发性有机物（vocs）的去除有哪些可能的技术，它们的技术原理是什么？解：去除空气中挥发性有机物（vocs）的主要技术有：物理吸收法、化学吸收法、吸附法、催化氧化法、生物法、燃烧法等。上述方法对应的技术原理分别为：物理吸收、化学吸收、界面吸附作用、氧化还原反应、生物降解作用、燃烧反应。简述土壤污染可能带来的危害及其作用途径。解：土壤污染的危害及其作用途径主要有以下几个方面：通过雨水淋溶作用,可能导致地下水和周围地表水体的污染;污染土壤通过土壤颗粒物等形式能直接或间接地为人或动物所吸入;通过植物吸收而进入食物链,对食物链上的生物产生毒害作用等。环境净化与污染控制技术原理

3、可以分为哪几类它们的主要作用原理是什么解：从技术原理上看，环境净化与污染控制技术原理可以分为“隔离技术” 、 “分离技术”和“转化技术”三大类。隔离技术是将污染物或者污染介质隔离从而切断污染物向周围环境的扩散，防止污染近一步扩大。分离技术是利用污染物与污染介质或其它污染物在物理性质或化学性质上的差异使其与介质分离，从而达到污染物去除或回收利用的目的。转化技术是利用化学或生物反应，使污染物转化成无害物质或易于分离的物质，从而使污染介质得到净化与处理。环境工程原理课程的任务是什么？解：该课程的主要任务是系统、深入地阐述环境污染控制工程，即水质净化与水污染控制工程、大气（包括室内空气）污染控制工程、

4、固体废物处理处置与管理和资源化工程、物理性污染（热污染、辐射污染、噪声、振动）控制工程、自然资源的合理利用与保护工程、生态修复与构建工程以及其它污染控制工程中涉及到的具有共性的工程学基础、基本过程和现象以及污染控制装置的基本原理，为相关的专业课程打下良好的理论基础。第二章质量衡算与能量衡算第二章质量衡算与能量衡算某室内空气中 o3的浓度是10-6（体积分数） ，求：（1）在105pa、25下，用 g/m3表示该浓度；(完整版)环境工程原理第三版课后答案22（2）在大气压力为105pa 和 15下，o3的物质的量浓度为多少？解：理想气体的体积分数与摩尔分数值相等由题，在所给条件下，1mol 空气

5、混合物的体积为v1v0p0t1/p1t0298k/273k所以 o3浓度可以表示为106mol48g/mol（）1g/m3（2）由题，在所给条件下，1mol 空气的体积为v1v0p0t1/p1t0=105pa288k/105pa273k）所以 o3的物质的量浓度为106mol/109mol/l假设在 25和105pa 的条件下，so2的平均测量浓度为 400g/m3，若允许值为10-6，问是否符合要求？解：由题，在所给条件下，将测量的 so2质量浓度换算成体积分数，即33965108.314298 10400 100.15 101.013 1064aartpm大于允许浓度，故不符合要求如果此方

6、程在因次上是一致的，在国际单位制中 a 的单位必须是什么？解：由题易得，a 的单位为 kg/（m3k）一加热炉用空气（含 o2 ,n2 ）燃烧天然气（不含 o2与 n2） 。分析燃烧所得烟道气，其组成的摩尔分数为 co2 ，h2o ，o2 ，n2 。求每通入100m3、30的空气能产生多少 m3烟道气？烟道气温度为 300，炉内为常压。解：假设燃烧过程为稳态。烟道气中的成分来自天然气和空气。取加热炉为衡算系统。以 n2为衡算对象，烟道气中的 n2全部来自空气。设产生烟道气体积为 v2。根据质量衡算方程，有p1v1/rt1p2v2/rt2即100m3/303kv2/573kv2某河流的流量为 s

7、，有一条流量为 s 的小溪汇入该河流。为研究河水与小溪水的混合状况，在溪水中加入示踪剂。假设仪器检测示踪剂的浓度下限为 l。为了使河水和溪水完全混合后的示踪剂可以检出，溪水中示踪剂的最低浓度是多少需加入示踪剂的质量流量是多少假设原河水和小溪中不含示踪剂。(完整版)环境工程原理第三版课后答案33解：设溪水中示踪剂的最低浓度为则根据质量衡算方程，有（3）解之得61 mg/l加入示踪剂的质量流量为 61ss假设某一城市上方的空气为一长宽均为 100 km、高为 km 的空箱模型。干净的空气以 4 m/s 的流速从一边流入。假设某种空气污染物以 kg/s的总排放速率进入空箱，其降解反应速率常数为1。假

8、设完全混合，（1）求稳态情况下的污染物浓度；（2）假设风速突然降低为 1m/s，估计 2h 以后污染物的浓度。解：（1）设稳态下污染物的浓度为则由质量衡算得s（3600）1001001109 m3/s41001106m3/s0解之得10-2mg/m3（2）设空箱的长宽均为 l，高度为 h，质量流量为 qm，风速为 u。根据质量衡算方程12mtmmdqqk vd有22tmdqulhk l hl hd带入已知量，分离变量并积分，得23600-6-501.05 10t106.6 10dd积分有10-2mg/m3某水池内有 1 m3含总氮 20 mg/l 的污水，现用地表水进行置换，地表水进入水池的流

9、量为 10 m3/min，总氮含量为 2 mg/l，同时从水池中排出相同的水量。假设水池内混合良好，生物降解过程可以忽略，求水池中总氮含量变为 5 mg/l 时，需要多少时间？解：设地表水中总氮浓度为0，池中总氮浓度为由质量衡算，得0tvvd vqqd即1t10(2)dd积分，有50201t10(2)tdd(完整版)环境工程原理第三版课后答案44求得 t min有一装满水的储槽，直径 1m、高 3m。现由槽底部的小孔向外排水。小孔的直径为 4cm，测得水流过小孔时的流速 u0与槽内水面高度 z 的关系u0（2gz）试求放出 1m3水所需的时间。解：设储槽横截面积为 a1，小孔的面积为 a2由题

10、得a2u0dv/dt，即 u0dz/dta1/a2所以有dz/dt（100/4）2（2gz）即有 dtz03mz1z01m3（）-1积分计算得t给水处理中，需要将固体硫酸铝配成一定浓度的溶液作为混凝剂。在一配料用的搅拌槽中，水和固体硫酸铝分别以 150kg/h 和 30kg/h 的流量加入搅拌槽中，制成溶液后，以 120kg/h 的流率流出容器。由于搅拌充分，槽内浓度各处均匀。开始时槽内预先已盛有 100kg 纯水。试计算 1h 后由槽中流出的溶液浓度。解：设 t 时槽中的浓度为，dt 时间内的浓度变化为 d由质量衡算方程，可得3012010060tdtd时间也是变量，一下积分过程是否有误？3

11、0dt（10060t）dc120cdt即（30120c）dt（10060t）dc由题有初始条件 t0，c0积分计算得：当 t1h 时 c有一个 43m2的太阳能取暖器，太阳光的强度为 3000kj/（m2h） ，有 50的太阳能被吸收用来加热流过取暖器的水流。水的流量为 min。求流过取暖器的水升高的温度。解：以取暖器为衡算系统，衡算基准取为 1h。输入取暖器的热量为 30001250kj/h18000 kj/h设取暖器的水升高的温度为（t） ，水流热量变化率为mpq ct根据热量衡算方程，有18000 kj/h601tkj/解之得t有一个总功率为 1000mw 的核反应堆，其中 2/3 的能

12、量被冷却水带走，不考虑其他能量损失。冷却水来自于当地的一条河流，河水的流量为(完整版)环境工程原理第三版课后答案55100m3/s，水温为 20。（1）如果水温只允许上升 10，冷却水需要多大的流量；（2）如果加热后的水返回河中，问河水的水温会上升多少。解：输入给冷却水的热量为q10002/3mw667 mw（1）以冷却水为衡算对象，设冷却水的流量为，热量变化率为。vqmpq ct根据热量衡算定律，有10310 kj/m3667103kwvqqs（2）由题，根据热量衡算方程，得100103t kj/m3667103kwt第三章流体流动第三章流体流动如图 3-1 所示，直径为 10cm 的圆盘由

13、轴带动在一平台上旋转，圆盘与平台间充有厚度 =的油膜。当圆盘以 n=50r/min 旋转时，测得扭矩m=10-4 nm。设油膜内速度沿垂直方向为线性分布，试确定油的黏度。解：在半径方向上取 dr，则有dmdfr由题有dfdad=duy 22da= (d )2drrrrrd2=dunry所以有23ddm=2d4ddunrr rrry 两边积分计算得24m=nr代入数据得104nm（）42（50/60）s/（103m）(完整版)环境工程原理第三版课后答案66可得103pas常压、20的空气稳定流过平板壁面，在边界层厚度为处的雷诺数为104。求空气的外流速度。解：设边界层厚度为 ；空气密度为 ，空气

14、流速为 u。由题，因为湍流的临界雷诺数一般取 5105104，所以此流动为层流。对于层流层有0.54.641=rexx同时又有xre =xu两式合并有0.54.641 re=u即有（104）u1103kg/m3（105pas）us污水处理厂中，将污水从调节池提升至沉淀池。两池水面差最大为 10m，管路摩擦损失为 4j/kg，流量为 34 m3/h。求提升水所需要的功率。设水的温度为 25。解：设所需得功率为ne，污水密度为neweqv（gzhf）qv=s210m+4j/kg)1103kg/m334/3600m3/s=如图所示，有一水平通风管道，某处直径由 400mm 减缩至 200mm。为了粗

15、略估计管道中的空气流量，在锥形接头两端各装一个 u 管压差计，现测得粗管端的表压为 100mm 水柱，细管端的表压为 40mm 水柱，空气流过锥形管的能量损失可以忽略，管道中空气的密度为 m3，试求管道中的空气流量。图 3-2 习题图示解：在截面 1-1和 2-2之间列伯努利方程：u12/2p1/u22/2p2/(完整版)环境工程原理第三版课后答案77由题有u24u1所以有u12/2p1/16u12/2p2/即15 u122(p1-p2)/=2(0-)g(r1-r2)/=2（）kg/m3s2（）/（m3）解之得u1s所以有u2sqvu1as（200mm）2s如图 3-3 所示，有一直径为 1m

16、 的高位水槽，其水面高于地面 8m，水从内径为 100mm 的管道中流出，管路出口高于地面 2m，水流经系统的能量损失（不包括出口的能量损失）可按计算，式中 u 为水在管内的流速，单位为 m/s。试计算25 . 6 uhf（1）若水槽中水位不变，试计算水的流量；（2）若高位水槽供水中断，随水的出流高位槽液面下降，试计算液面下降 1m 所需的时间。图 3-3 习题图示解：（1）以地面为基准，在截面 1-1和 2-2之间列伯努利方程，有u12/2p1/gz1u22/2p2/gz2hf由题意得 p1p2，且 u10所以有s2（8m2m）u2/2解之得usqvuas4102m3/s（2）由伯努利方程，

17、有u12/2gz1u22/2gz2hf(完整版)环境工程原理第三版课后答案88即u12/2gz17u22gz2由题可得u1/u2（1）2取微元时间 dt，以向下为正方向则有u1dz/dt所以有（dz/dt）2/2gz17（100dz/dt）2/2gz2积分解之得t水在 20下层流流过内径为 13mm、长为 3m 的管道。若流经该管段的压降为 21n/m2。求距管中心 5mm 处的流速为多少？又当管中心速度为 s 时，压降为多少？解：设水的黏度=，管道中水流平均流速为um根据平均流速的定义得：402020dd18d=8dffvmprpqlurarl 所以208mfu lpr 代入数值得21n/m

18、2810-3pasum3m/（13mm/2）2解之得um102m/s又有umax2 um所以u2um1（r/r0）2（1）当 r5mm，且 r0，代入上式得us（2）umax2 umpfumax/umaxpf21n/mm(完整版)环境工程原理第三版课后答案99温度为 20的水，以 2kg/h 的质量流量流过内径为 10mm 的水平圆管，试求算流动充分发展以后：（1）流体在管截面中心处的流速和剪应力；（2）流体在壁面距中心一半距离处的流速和剪应力（3）壁面处的剪应力解：（1）由题有umqm/a2/3600kg/s/（1103kg/m34）103m/s20004meu dr管内流动为层流，故管截面

19、中心处的流速umax2 um102m/s管截面中心处的剪应力为 0（2）流体在壁面距中心一半距离处的流速：uumax（1r2/r02）u1/2102m/s3/4102m/s由剪应力的定义得20d4dmuu rrr 流体在壁面距中心一半距离处的剪应力：1/22um/r0103n/m2（3）壁面处的剪应力：021/2103n/m2一锅炉通过内径为的烟囱排除烟气，排放量为105m3/h，在烟气平均温度为 260时，其平均密度为 kg/m3，平均粘度为104pas。大气温度为 20，在烟囱高度范围内平均密度为 kg/m3。为克服煤灰阻力，烟囱底部压力较地面大气压低 245 pa。问此烟囱需要多高？假设

20、粗糙度为5mm。解：设烟囱的高度为 h，由题可得uqv/asredu/104(完整版)环境工程原理第三版课后答案1010相对粗糙度为/d5mm/103查表得所以摩擦阻力22fh uhd建立伯努利方程有u12/2p1/gz1u22/2p2/gz2hf由题有u1u2，p1p0245pa，p2p0空gh即（h kg/m3s2245pa）/（m3）hs2h（s）2/2解之得h用泵将水从一蓄水池送至水塔中，如图 3-4 所示。水塔和大气相通，池和塔的水面高差为 60m，并维持不变。水泵吸水口低于水池水面，进塔的管道低于塔内水面。泵的进水管 dn150，长 60m，连有两个 90弯头和一个吸滤底阀。泵出水

21、管为两段管段串联，两段分别为 dn150、长 23m 和dn100、长 100 m，不同管径的管道经大小头相联，dn100 的管道上有 3 个 90弯头和一个闸阀。泵和电机的总效率为 60。要求水的流量为 140 m3/h，如果当地电费为元/（kwh） ，问每天泵需要消耗多少电费（水温为 25，管道视为光滑管）如图 3-5 所示，某厂计划建一水塔，将 20水分别送至第一、第二车间的吸收塔中。第一车间的吸收塔为常压，第二车间的吸收塔内压力为20kpa（表压） 。总管内径为 50mm 钢管，管长为（30z0） ，通向两吸收塔的支管内径均为 20mm，管长分别为 28m 和 15m（以上各管长均已包

22、括所有局部阻力当量长度在内） 。喷嘴的阻力损失可以忽略。钢管的绝对粗糙度为。现要求向第一车间的吸收塔供应 1800kg/h 的水，向第二车间的吸收塔供应 2400kg/h 的水，试确定水塔需距离地面至少多高？已知 20水的粘度为103 pas，摩擦系数可由式计算。23. 0re581 . 0d(完整版)环境工程原理第三版课后答案1111图 3-5 习题图示解：总管路的流速为u0qm0/（r2）4200 kg/h/（1103kg/m3）s第一车间的管路流速为u1qm1/（r2）1800kg/h/（1103kg/m3）s第二车间的管路流速为u2qm2/（r2）2400 kg/h/（1103kg/m

23、3）s则re0du/297000（/d58/re）re1du/318401（/d58/re）re2du/424002（/d58/re）以车间一为控制单元，有伯努利方程u12/2gz1p1/hf1gz0p0/p1=p0，故（s）2/2s23m（s）2（30z0）m/（2）（s）228m/（2）s2z0解之得z0以车间二为控制单元，有伯努利方程u22/2gz2p2/hf2gz0p0/（s）2/2s25m20kpa/（1103kg/m3）（s）2（30z0）m/（2）（s）215m/（2）s2z0解之得z0故水塔需距离地面某管路中有一段并联管路，如图 3-7 所示。已知总管流量为 120l/s。支管

24、 a 的管径为 200mm，长度为 1000m；支管 b 分为两段，mo 段管径为300mm，长度为 900m，on 段管径为 250mm，长度为 300m，各管路粗糙度均为。试求各支管流量及 m、n 之间的阻力损失。解：由题，各支管粗糙度相同，且管径相近，可近似认为各支管的 相等，取 。将支管 a、mo、on 段分别用下标 1、2、3 表示(完整版)环境工程原理第三版课后答案1212对于并联管路，满足 hfahfb，所以有222112233123222l ul ul uddd又因为 mo 和 on 段串联，所以有u2d22u3d32联立上述两式，则有2500 u12 u22u1又qvu1d1

25、2/4u2d22/4解之得u2s，u1sqvau1d12/4sqvbu2d22/4shfmnl1u12/2d1s2第五章质量传递第五章质量传递在一细管中，底部水在恒定温度 298k 下向干空气蒸发。干空气压力为106pa、温度亦为 298k。水蒸气在管内的扩散距离（由液面到管顶部）l20cm。在106pa、298k 的温度时，水蒸气在空气中的扩散系数为 dab10-5m2/s。试求稳态扩散时水蒸气的传质通量、传质分系数及浓度分布。解：由题得，298k 下水蒸气饱和蒸气压为103pa，则pa,i103pa，pa,00,0,5,0,-0.9841 10 palnbb ib mbb ippppp（1

26、）稳态扩散时水蒸气的传质通量：,042a,-n1.62 10molcmsaba iab mdp pprtpl（2）传质分系数：82,05.11 10molcms paaga iankpp （3）由题有,0,1111zlaaa ia iyyyyya,i100 ya,00简化得(1 5z)ay10.9683 (完整版)环境工程原理第三版课后答案1313在总压为105pa、温度为 298k 的条件下，组分 a 和 b 进行等分子反向扩散。当组分 a 在两端点处的分压分别为pa,1105pa 和pa,2105pa时，由实验测得 k0g10-8kmol/(m2spa)，试估算在同样的条件下，组分 a 通

27、过停滞组分 b 的传质系数 kg以及传质通量 na。解：由题有，等分子反向扩散时的传质通量为,1,200,1,2abaaagaadppnkpprtl单向扩散时的传质通量为,1,2,1,2,abaaagaab mdp ppnkpprtpl所以有0,1,2,agaab mpnkppp又有,2,15,2,11.75 10 palnbbb mbbppppp即可得=10-5mol/(m2spa)0,ggb mpkkp2,1,20.44molmsagaankpp浅盘中装有清水，其深度为 5mm，水的分子依靠分子扩散方式逐渐蒸发到大气中，试求盘中水完全蒸干所需要的时间。假设扩散时水的分子通过一层厚 4mm、

28、温度为 30的静止空气层，空气层以外的空气中水蒸气的分压为零。分子扩散系数 dabh.水温可视为与空气相同。当地大气压力为105pa。解：由题，水的蒸发可视为单向扩散,0,aba iaab mdp ppnrtpz30下的水饱和蒸气压为103pa，水的密度为 m3故水的物质的量浓度为103/18105mol/m330时的分子扩散系数为dabhpa,i103pa，pa,00,0,5,0,0.9886 10 palnbb ib mbb ippppp又有 nac水v/(at)(4mm 的静止空气层厚度认为不变)所以有c水v/(at)dabp(pa,ipa,0)/(rtpb,m z)可得 t一填料塔在大

29、气压和 295k 下，用清水吸收氨空气混合物中的氨。传质阻力可以认为集中在 1mm 厚的静止气膜中。在塔内某一点上，氨的分压为103n/m2。水面上氨的平衡分压可以忽略不计。已知氨在空气中的扩散系数为10-4m2/s。试求该点上氨的传质速率。解：设pb,1,pb,2分别为氨在相界面和气相主体的分压，pb,m为相界面和气相主体间的对数平均分压(完整版)环境工程原理第三版课后答案1414由题意得：b,2b,15b,mb,2b,1ppp0.97963 10 paln ppaba,1a,222ab,mdp ppn6.57 10molmsrtpl 一直径为 2m 的贮槽中装有质量分数为的氨水，因疏忽没有

30、加盖，则氨以分子扩散形式挥发。假定扩散通过一层厚度为 5mm 的静止空气层。在105pa、293k 下，氨的分子扩散系数为10-5m2/s，计算 12h 中氨的挥发损失量。计算中不考虑氨水浓度的变化，氨在 20时的相平衡关系为p=105x(pa)，x 为摩尔分数。解：由题，设溶液质量为 a g氨的物质的量为 17mol 总物质的量为 1817)mol所以有氨的摩尔分数为0.1a 17x0.10530.9a 180.1a 17故有氨的平衡分压为p105pa105pa即有pa,i105pa，pa00b,0b,i5b,mb,0b,ippp0.8608 10 paln pp所以aba,ia,022ab

31、,mdp ppn4.91 10molmsrtpl23adn=nt6.66 10 mol4 溴粒在搅拌下迅速溶解于水，3min 后，测得溶液浓度为 50饱和度，试求系统的传质系数。假设液相主体浓度均匀，单位溶液体积的溴粒表面积为a，初始水中溴含量为 0，溴粒表面处饱和浓度为ca,s。解：设溴粒的表面积为 a，溶液体积为 v，对溴进行质量衡算,有d(vca)/dtk(ca,sca)a因为aa/v，则有dca/dtka（ca,sca）对上式进行积分，由初始条件，t0 时，ca0，得ca/cas1e-kat所以有1131aa,sc0.5ka=tln 1180sln 13.85 10 sc1 第六章沉降

32、第六章沉降直径 60m 的石英颗粒，密度为 2600kg/m3，求在常压下，其在 20的水中和 20的空气中的沉降速度（已知该条件下，水的密度为 m3，黏度为10-3pas；空气的密度为 m3，黏度为10-5pas） 。(完整版)环境工程原理第三版课后答案1515解：（1）在水中假设颗粒的沉降处于层流区，由式（）得：m/s262332600998.29.8160 103.13 101818 1.005 10pptgdu检验：63360 103.13 10998.20.18621.005 10ptepd ur位于在层流区，与假设相符，计算正确。（2）在空气中应用 k 判据法，得36322560

33、109.81 1.205 260020.3361.81 10ppdgk 所以可判断沉降位于层流区，由斯托克斯公式，可得：m/s26252600 9.8160 100.281818 1.81 10pptgdu密度为 2650kg/m3的球形颗粒在 20的空气中自由沉降，计算符合斯托克斯公式的最大颗粒直径和服从牛顿公式的最小颗粒直径（已知空气的密度为 m3，黏度为10-5pas） 。解：如果颗粒沉降位于斯托克斯区，则颗粒直径最大时，2ptepd ur所以，同时2tpud218pptgdu所以，代入数值，解得m232 18ppdg 57.22 10pd同理，如果颗粒沉降位于牛顿区，则颗粒直径最小时，

34、1000ptepd ur所以，同时1000tpud1.74pptgdu所以，代入数值，解得m2332.3ppd 31.51 10pd第七章过滤第七章过滤用板框压滤机恒压过滤某种悬浮液，过滤方程为2526 10vva t式中：t 的单位为 s（1）如果 30min 内获得 5m3滤液，需要面积为的滤框多少个？(完整版)环境工程原理第三版课后答案1616（2）求过滤常数k，qe，te。解：（1）板框压滤机总的过滤方程为2526 10vva t在内，则根据过滤方程s18006030t3m5v180010655252a求得，需要的过滤总面积为2m67.16a所以需要的板框数42675.414 . 06

35、7.16n（2）恒压过滤的基本方程为tkavvve222与板框压滤机的过滤方程比较，可得/sm10625k，3m5 . 0ev23/mm03. 067.165 . 0avqees1510603. 0522kqtee为过滤常数，与相对应，可以称为过滤介质的比当量过滤时间，eteqkqtee2如例中的悬浮液，颗粒直径为，颗粒的体积分数为，在103pa 的恒定压差下过滤，过滤时形成不可压缩的滤饼，空隙率为，过滤介质的阻力可以忽略，滤液黏度为 110-3 pas。试求：（1）每平方米过滤面积上获得滤液所需的过滤时间；（2）若将此过滤时间延长一倍，可再得多少滤液？解：（1）颗粒的比表面积为m2/m346

36、 10a 滤饼层比阻为m-222242103356 101 0.6511.33 100.6ar过滤得到 1m3滤液产生的滤饼体积0.10.1/ 0.90.61/31 0.61 0.6f 过滤常数m2/s331022 98104.43 101 101.33 101/3pkrf所以过滤方程为2qkt当 q=时，s231.55084.43 10t（2）时间延长一倍，获得滤液量为m334.43 102 5082.1q 所以可再得的滤液。(完整版)环境工程原理第三版课后答案1717用过滤机处理某悬浮液，先等速过滤 20min，得到滤液 2m3，随即保持当时的压差等压过滤 40min，则共得到多少滤液（忽

37、略介质阻力）解：恒速过滤的方程式为式（）22112ka tv所以过滤常数为21212vka t此过滤常数为恒速过滤结束时的过滤常数，也是恒压过滤开始时的过滤常数，在恒压过滤过程中保持不变，所以由恒压过滤方程式（） ，2222222222111121221122vvvvka tvva tvvta tt所以22222121122 24022020vvtvt所以总的滤液量为m34.47v 第 8 章吸收吸收在 30，常压条件下，用吸收塔清水逆流吸收空气-so2混合气体中的 so2，已知气-液相平衡关系式为，入塔混合气47.87yx中 so2摩尔分数为，出塔混合气 so2摩尔分数为，出塔吸收液中每 1

38、00 g 含有 so2 g，试分别计算塔顶和塔底处的传质推动力，用、yx、表示。pc第第 9 9 章章解：（解：（1 1）塔顶）塔顶出塔 so2的摩尔分数为，入塔吸收液中 so2的摩尔分数为20.002y 20 x 所以与出塔气相平衡的吸收液摩尔分数为*520.002/47.874.17 10 x与入塔吸收液平衡的气相摩尔分数为20y所以*552224.17 1004.17 10 xxx*2220.00200.002yyykpa22101.325101.325 0.0020.2026py忽略吸收液中溶解的 so2，则摩尔浓度可计算为mol/l1000/1855.6c mol/l52255.65

39、5.6 4.17 100.00232cx（2）塔底入塔 so2的摩尔分数为，出塔吸收液中 so2的摩尔分数为10.05y 10.356/640.001100/18x 所以与入塔气相平衡的吸收液摩尔分数为*10.05/47.870.0010444x 与出塔吸收液平衡的气相摩尔分数为1147.8747.87 0.0010.04787yx所以*51110.00104440.0014.44 10 xxx*1110.050.047870.00213yyykpa11101.325101.325 0.002130.2158pymol/l51155.655.6 4.44 100.00247cx吸收塔内某截面处

40、气相组成为，液相组成为，两相的平衡关系为，如果两相的传质系数分别为0.05y 0.01x 2yx(完整版)环境工程原理第三版课后答案1818kmol/(m2s)，kmol/(m2s)，试求该截面上传质总推动力、总阻力、气液两相的阻力和传质速率。51.25 10yk51.25 10 xk解：与气相组成平衡的液相摩尔分数为22 0.010.02yx所以，以气相摩尔分数差表示的总传质推动力为*0.050.020.03yyy 同理，与液相组成平衡的气相摩尔分数差为*0.05/20.025x 所以，以液相摩尔分数差表示的总传质推动力为*0.0250.010.015xxx 以液相摩尔分数差为推动力的总传质

41、系数为kmol/(m2s)555110.83 101/1/1/ 1.25 101/ 2 1.25 10 xxykkmk以气相摩尔分数差为推动力的总传质系数为kmol/(m2s)55/0.83 10/20.42 10yxkkm传质速率kmol/(m2s)570.83 100.0151.25 10axnkx 或者kmol/(m2s)570.42 100.031.26 10aynky 以液相摩尔分数差为推动力的总传质系数分析传质阻力总传质阻力(m2s)/kmol551/1/ 0.83 101.20 10 xk其中液相传质阻力为(m2s)/kmol551/1/ 1.25 100.8 10 xk占总阻力

42、的%气膜传质阻力为(m2s)/kmol551/1/ 2 1.25 100.4 10ymk占总阻力的%用吸收塔吸收废气中的 so2，条件为常压，30，相平衡常数为，在塔内某一截面上，气相中 so2分压为，液相中 so2浓度为 m3，气26.7m 相传质系数为kmol/(m2hkpa)，液相传质系数为m/h，吸收液密度近似水的密度。试求：2105 . 1gk0.39lk （1）截面上气液相界面上的浓度和分压；（2）总传质系数、传质推动力和传质速率。解：（1）设气液相界面上的压力为，浓度为ipic忽略 so2的溶解，吸收液的摩尔浓度为kmol/m301000/1855.6c 溶解度系数kmol/(k

43、pam3)0206. 0325.1017 .266 .5500mpch在相界面上，气液两相平衡，所以iipc0206. 0又因为稳态传质过程，气液两相传质速率相等，所以gilikppkcc(完整版)环境工程原理第三版课后答案1919所以05. 039. 01 . 4105 . 12iicp由以上两个方程，可以求得kpa，kmol/m352. 3ip0724. 0ic（2）总气相传质系数kmol/(m2hkpa)00523. 039. 00206. 0/1015. 0/11/1/11lgghkkk总液相传质系数m/h254. 00206. 0/00523. 0/hkkgl与水溶液平衡的气相平衡分

44、压为kpa43. 20206. 0/05. 0/*hcp所以用分压差表示的总传质推动力为kpa67. 143. 21 . 4*ppp与气相组成平衡的溶液平衡浓度为kmol/m3084. 01 . 40206. 0* hpc用浓度差表示的总传质推动力为kmol/m3034. 005. 0084. 0*ccc传质速率kmol/(m2h)0087. 067. 100523. 0pknga或者kmol/(m2h)0086. 0034. 0254. 0cknla 操作压力下，在某吸收截面上，含氨摩尔分数的气体与氨浓度为 1kmol/m3的溶液发生吸收过程，已知气膜传质分系数为kmol/(m2skpa)，

45、液膜传质分系数为m/s，操作条件下的溶解度系数为kmol/(m2kpa)，试计算：65 10gk 41.5 10lk0.73h （1）界面上两相的组成；（2）以分压差和摩尔浓度差表示的总传质推动力、总传质系数和传质速率；（3）分析传质阻力，判断是否适合采取化学吸收，如果采用酸溶液吸收，传质速率提高多少。假设发生瞬时不可逆反应。解：（1）设气液相界面上的压力为，浓度为ipic因为相界面上，气液平衡，所以，iichp0.73iicp气相中氨气的分压为kpa0.03 101.33.039p 稳态传质条件下，气液两相传质速率相等，所以gilikppkcc645 103.0391.5 101iipc根据

46、上面两个方程，求得kpa，kmol/m31.44ip 1.05ic （2）与气相组成平衡的溶液平衡浓度为kmol/m30.03 101.3 0.732.22chp用浓度差表示的总传质推动力为kmol/m32.22 11.22ccc 与水溶液平衡的气相平衡分压为kpa*/1/0.731.370pc h(完整版)环境工程原理第三版课后答案2020所以用分压差表示的总传质推动力为kpa3.039 1.3701.669ppp 总气相传质系数kmol/(m2skpa)664114.78 101/1/1/ 5 101/ 0.73 1.5 10gglkkhk总液相传质系数m/s66/4.78 10/0.73

47、6.55 10lgkkh传质速率kmol/(m2s)664.78 101.6697.978 10agnkp 或者kmol/(m2s)666.55 101.227.991 10alnkc （3）以气相总传质系数为例进行传质阻力分析总传质阻力(m2skpa)/kmol651/1/ 4.78 102.092 10gk其中气膜传质阻力为(m2skpa)/kmol651/1/ 5 102 10gk占总阻力的%液膜传质阻力为(m2skpa)/kmol431/1/ 0.73 1.5 109.1 10ghk占总阻力的%所以这个过程是气膜控制的传质过程，不适合采用化学吸收法。如果采用酸液吸收氨气，并且假设发生瞬

48、时不可逆反应，则可以忽略液膜传质阻力，只考虑气膜传质阻力，则kmol/(m2skpa)，仅仅比原来的传质系数提高了%，如果传质推动力不变的话，传质速率也只能提高%。当然，采用酸65 10ggkk 溶液吸收也会提高传质推动力，但是传质推动力提高的幅度很有限。因此总的来说在气膜控制的吸收过程中，采用化学吸收是不合适的。利用吸收分离两组分气体混合物，操作总压为 310kpa，气、液相分传质系数分别为kmol/(m2s)、33.77 10ykkmol/(m2s)，气、液两相平衡符合亨利定律，关系式为（p*的单位为 kpa） ，计算：43.06 10 xk41.067 10px（1）总传质系数；（2）传

49、质过程的阻力分析；（3）根据传质阻力分析，判断是否适合采取化学吸收，如果发生瞬时不可逆化学反应，传质速率会提高多少倍？解：（1）相平衡系数4 .3431010067. 14pem所以，以液相摩尔分数差为推动力的总传质系数为kmol/(m2s)4341005. 31077. 34 .34/11006. 3/11/1/11yxxmkkk以气相摩尔分数差为推动力的总传质系数为kmol/(m2s)541089. 04 .34/1005. 3/mkkxy（2）以液相摩尔分数差为推动力的总传质阻力为(完整版)环境工程原理第三版课后答案2121341028. 31005. 31111yxxmkkk其中液膜传质阻力为，占总传质阻力的%341027. 31006. 3/1/1xk气膜传质阻力为，占传质阻力的%71. 71077. 34 .34/1/13ymk所以整个传质过程为液膜控制的传质过程。（3）因为传质过程为液膜控制，所以适合采用化学吸收。如题设条件，在化学吸收过程中