(全国专用)2016版高考生物大二轮总复习增分策略专题五必考点13“八耕耘”的孟氏定律课件

1、必考点13“八年耕耘”的孟氏定律专题五 遗传的基本规律和伴性遗传依纲排查1.孟德尔遗传实验的科学方法()(1)“假说演绎法”的一般过程是怎样的？(2)孟德尔获得成功的原因是什么？2.基因的分离定律和自由组合定律()(1)分离定律和自由组合定律的实质、发生时间及适用条件分别是什么？(2)分离定律、自由组合定律及其变式的分析及应用。核心提炼夯实基础突破要点题组突破剖析题型提炼方法栏目索引(1)适用范围：真核生物 性生殖过程中 基因的传递规律。(2)实质：等位基因随 分开而分离， 上的非等位基因自由组合。(3)时期： 。1.把握基因分离定律和自由组合定律的实质把握基因分离定律和自由组合定律的实质核心

2、提炼有同源染色体源染色体减数第一次分裂后期核非同(1)根据性状分离判断相同性状亲本杂交，子代新表现出的性状一定为 性状。(2)根据子代分离比判断具有一对相对性状的亲本杂交，若F2性状分离比为31，则分离比为“3”的性状为性状。2.明确性状显隐性的明确性状显隐性的“2”大判断方法大判断方法隐性显性(1)自交法F1自交后代的性状分离比为31，则符合基因的 定律。F1自交后代的性状分离比为9331，则符合基因的 定律。(2)测交法F1测交后代的性状分离比为11，则符合 定律。F1测交后代的性状分离比为1111，则符合 _ 定律。分离自由组合3.验证遗传两大定律常用的验证遗传两大定律常用的2种方法种方

3、法分离自由组合(1)杂合子(Aa)产生雌雄配子种类相同、数量不相等雌雄配子都有两种(Aa11)。一般来说雄配子数远多于雌配子数。(2)自交自由交配自交：强调相同基因型个体之间的交配。自由交配：强调群体中所有个体随机交配。4.关注关注“3”个失分点个失分点(3)性状分离基因重组性状分离是等位基因所致，基因重组是控制不同性状的基因重新组合。1.判断下列相关叙述：(1)孟德尔以豌豆为研究材料，采用人工杂交的方法，发现了基因分离与自由组合定律(2015江苏，4A)()(2)按孟德尔方法做杂交实验得到的不同结果证明孟德尔定律不具有普遍性(2013江苏，2D)()(3)孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测

4、F1的基因型(2012江苏，11C)()题组一分离定律和自由组合定律的相关判断题组突破(4)若用玉米为实验材料验证孟德尔分离定律，其中所选实验材料是否为纯合子基本没有影响(2013新课标，6A)()(5)在孟德尔两对相对性状杂交实验中，F1黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生F2。其中，F1产生基因型YR的卵和基因型YR的精子数量之比为11(2011上海，24B)()(6)F2的31性状分离比一定依赖于雌雄配子的随机结合(2012江苏，11D)()(7)有人用一株开红花的烟草和一株开白花的烟草作为亲本进行实验。红花亲本自交，子代全为红花；白花亲本自交，子代全为白花。该结果支持孟德尔遗传方式而否定融

5、合遗传方式(2011海南，18D)()( 8 ) 假 定 五 对 等 位 基 因 自 由 组 合 ， 则 杂 交 组 合AaBBCcDDEeAaBbCCddEe产生的子代中，有一对等位基因杂合、四对等位基因纯合的个体所占比率是 (2011海南，17A)()(9)将2株圆形南瓜植株进行杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜；F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。则亲代圆形南瓜植株的基因型分别是AABB和aabb(2010安徽，4D)()(10)食指长于无名指为长食指，反之为短食指。该相对性状由常染色体上一对等位基因控制(TS表示短食指基因，TL表示长食指基因)。此等位基因表达受

6、性激素影响，TS在男性为显性，TL在女性为显性。若一对夫妇均为短食指，所生孩子中既有长食指又有短食指，则该夫妇再生一个孩子是长食指的概率为(2010天津，6C)()2.孟德尔采用假说演绎法提出基因的分离定律，下列有关说法不正确的是()A.观察到的现象是：具有一对相对性状的纯合亲本杂交得F1， F1自交得F2，其表现型之比接近31B.提出的问题是：F2中为什么出现31的性状分离比C.演绎推理的过程是：具有一对相对性状的纯合亲本杂交得 F1，F1与隐性亲本测交，对其后代进行统计分析，表现型 之比接近11题组二孟德尔遗传实验的科学方法D.得出的结论是：配子形成时，成对的遗传因子发生分离，分别进入不同

7、的配子中解析孟德尔提出分离定律时，观察的是一对相对性状的杂交实验过程，A正确；孟德尔在观察和分析的基础上提出问题：遗传性状在杂种后代中按一定比例分离的原因是什么？B正确；孟德尔演绎推理的过程是若F1产生配子时成对的遗传因子分离，则测交后代会出现两种性状，比例接近11，而进行测交实验，统计分析后代表现型之比接近11是检验演绎推理的过程是否正确，C错误；孟德尔通过实验验证了所做假说的正确性，提出了分离定律，即在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代，D正确。答案C3.(2014海南，25)某二倍体植物中，抗病和感病这对相对性状由一对等位基因控制，

8、要确定这对性状的显隐性关系，应该选用的杂交组合是()A.抗病株感病株B.抗病纯合子感病纯合子C.抗病株抗病株，或感病株感病株D.抗病纯合子抗病纯合子，或感病纯合子感病纯合子解析判断性状显隐性关系的方法有：定义法具有相对性状的纯合个体进行正反交，子代表现出来的性状就是显性性状，对应的为隐性性状；相同性状的雌雄个体间杂交，子代出现不同于亲代的性状，该子代的性状为隐性性状，亲代为显性性状。答案B4.下表表示豌豆杂交实验，相关分析正确的是()组别操作步骤1操作步骤2表现型一纯种高茎授粉到纯种矮茎播种F1种子，发育成F1植株F1全为高茎二组别一中F1种子与矮茎豌豆种子等量混合种植得植株，所有植株统称为F

9、1植株，结子为F2播种F2种子，发育成F2植株？A.由组别一可知高茎为显性性状B.组别二中，F1植株都为高茎C.F2植株基因型比例为11D.F2植株表现型为高茎矮茎31解析根据显性性状的概念，“高茎与矮茎杂交，F1全为高茎”，则F1表现出来的性状为显性性状，A正确；由于组别二中矮茎豌豆种子长成的植株都为矮茎，所以B错；由于组别一中F1种子全为杂合子，它播种后的F1代植株全为高茎，所以它自花传粉(自交)结出的F2种子播种后长成的植株会出现性状分离，比例为3 1，基因型有3种，所以C错；假设F1植株中，矮茎种子播种产生的F2植株占1/2；则F1高茎植株产生的F2植株也占1/2，其中高茎占1/23/

10、43/8，矮茎占1/21/41/8；统计F2植株中高茎 矮茎3/8 (1/21/8)3 5，所以D错误。答案A5.用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图。下列分析错误的是()A.曲线的F3中Aa基因型频率为0.4B.曲线的F2中Aa基因型频率为0.4C.曲线的Fn中纯合子的比例比上一代 增加(1/2)n1D.曲线和的各子代间A和a的基因频率始终相等题组三只做一题，打尽“自”、“随”交解析若Aa分别连续自交和随机交配并淘汰隐性个体，则后代都为(1/4AA1/2Aa1/4aa)，淘汰掉aa则F1代A

11、a的基因型比例都是2/3。而若F1代再自交则其后代是1/3AA2/3Aa(1/4AA1/2Aa1/4aa)，淘汰掉aa以后，得到的后代F2是3/5AA2/5Aa，Aa所占的比例是0.4；若F1代再随机交配则可先计算出F1的A和a的基因频率分别为2/3和1/3，依据遗传平衡可计算出F2中AA4/9、Aa4/9、aa1/9，淘汰aa之后则Aa1/2，由此推知图中曲线是随机交配并淘汰aa的曲线，曲线是自交并淘汰aa的曲线，进而可知B项正确；曲线所示F2代的A、a基因频率分别为3/4和1/4，则随机交配后代中AA9/16、Aa6/16、aa1/16，淘汰aa后，则F3中Aa的基因型频率为2/5，所以A

12、项正确；Aa分别连续自交和随机交配不淘汰隐性个体，F1代Aa的基因型频率都是1/2，若F1代再随机交配，后代的基因型频率不会发生改变，则图中曲线是Aa随机交配的曲线。而若F1代再连续自交Aa的基因型频率(1/2)n，F2中Aa1/4，则可推知图中曲线是自交的结果，曲线中在Fn代纯合子的比例是1(1/2)n，则比上一代Fn1增加的数值是1(1/2)n(1(1/2)n1)(1/2)n，C项错误；连续自交和随机交配这两者都不存在选择，所以不会发生进化，A和a的基因频率都不会改变，D项正确。答案C6.某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无

13、花瓣。花瓣颜色(红色和黄色)受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是()A.若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型B.若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有3种表现型题组四利用分离组合法解决自由组合问题C.若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣 的植株占3/8D.若基因型为AaRr的个体测交，则子代表现型有3种解析根据题意，由于控制花瓣大小与颜色的基因独立遗传，可以按照自由组合定律分析，且aa为无花瓣，也就无颜色之分。据此，若基因型为AaRr的亲本自交，则子代基因型种类为339种，表现型种类为2215种。若基因型为Aa

14、Rr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株所占比例为3/41/23/8。若基因型为AaRr的个体测交，则子代表现型有红色小花瓣、黄色小花瓣与无花瓣3种。答案B7.番茄红果对黄果为显性，二室果对多室果为显性，长蔓对短蔓为显性，三对性状独立遗传。现有红果、二室、短蔓和黄果、多室、长蔓的两个纯合品系，将其杂交种植得F1和F2，则在F2中红果、多室、长蔓所占的比例及红果、多室、长蔓中纯合子的比例分别是()A.9/64、1/9 B.9/64、1/64C.3/64、1/3 D.3/64、1/64解析假设控制三对性状的基因分别用A、a，B、b，C、c表示，亲本为AABBcc与aabbCC，F1为AaB

15、bCc，F2中A_aa31，B_bb31，C_cc31，所以F2中红果、多室、长蔓所占的比例是：3/41/43/49/64；在F2的每对相对性状中，显性性状中的纯合子占1/3，故红果、多室、长蔓中纯合子的比例是1/31/31/9。答案A8.现发现某种植物的绿色叶对花色叶为显性，控制该相对性状的两对等位基因(A、a和S、s)分别位于不同对的同源染色体上。让纯合植株杂交，得到下表实验结果。下列叙述错误的是()亲本组合F1株数F2株数绿色叶花色叶绿色叶花色叶绿色叶花色叶120053936绿色叶花色叶90024079A.控制该植物叶色性状的基因的遗传遵循基因的分离定 律和自由组合定律B.表中组合的亲本

16、基因型为AASS、aassC.表中组合的亲本基因型为AAss(或aaSS)、aassD.表中组合的F2与花色叶个体杂交，理论上后代的表 现型比例为绿色叶花色叶11解析控制该植物叶色性状的两对等位基因(A、a和S、s)分别位于不同对的染色体上，所以其遗传遵循基因的分离定律和自由组合定律，A项正确；分析组合的F2可知，绿色叶 花色叶15 1，所以花色叶植株基因型为aass，绿色叶植株基因型为A_ss或aaS_或A_S_，又因为亲本都是纯合子，所以组合的亲本基因型为AASS、aass，同理推出，组合的亲本基因型为AAss(或aaSS)、aass，B、C项正确；组合的F2有9种基因型，会产生AS、As

17、、aS、as 4种配子，各占1/4，其与花色叶个体(aass)杂交，理论上后代中花色叶个体为1/4asas1/4，绿色叶个体为11/43/4，后代的表现型及比例为绿色叶 花色叶3 1，D项错误。答案D首先，将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独立遗传的情况下，有几对等位基因就可分解为几组分离定律问题。如AaBbAabb，可分解为如下两组：AaAa，Bbbb。然后，按分离定律进行逐一分析。最后，将获得的结果进行综合，得到正确答案。 技法提炼利用分离定律解决自由组合定律问题的解题思路利用分离定律解决自由组合定律问题的解题思路9.(2014上海，25)某种植物果实重量由三对等位基因控制，这

18、三对基因分别位于三对同源染色体上，对果实重量的增加效应相同且具叠加性。已知隐性纯合子和显性纯合子果实重量分别为150 g和270 g。现将三对基因均杂合的两植株杂交，F1中重量为190 g的果实所占比例为()A.3/64 B.5/64C.12/64 D.15/64题组五把握实质、应变多种考法解析由于隐性纯合子(aabbcc)和显性纯合子(AABBCC)果实重量分别为150 g和270 g，则每个显性基因的增重为(270150)/620(g)，AaBbCc果实重量为210 g，自交后代中重量为190 g的果实的基因型中只有两个显性基因、四个隐性基因，即AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、A

19、aBbcc、AabbCc、aaBbCc六种，所占比例依次为1/64、1/64、1/64、4/64、4/64、4/64。故为15/64，选D。答案D10.在老鼠中，基因C决定色素的形成，其隐性等位基因c则为白化基因；基因B决定黑色素的沉积，其隐性等位基因b在纯合时导致棕色表现型；基因A决定毛尖端黄色素的沉积，其隐性等位基因a无此作用；三对等位基因独立遗传，且基因型为C_A_B_的鼠为栗色鼠。有两只基因型相同的栗色鼠甲、乙，其交配后代有三种表现型，比例约为：栗色黑色白化934。下列相关叙述错误的是()A.若仅考虑老鼠体色有色和白化的遗传，则其遵循基因 的分离定律B.这两只栗色的双亲鼠的基因型均为C

20、cAaBBC.其后代栗色鼠中基因型有4种D.其后代白化鼠中纯合子占白化鼠的1/3解析若仅考虑老鼠体色有色和白化的遗传，涉及一对相对性状的遗传，则其遵循基因的分离定律，A正确；根据题意可知基因型为C_A_B_的鼠为栗色鼠，两只基因型相同的栗色鼠甲、乙，其交配后代有三种表现型，比例约为：栗色黑色白化934，此比例为两对基因自由组合的结果，因此三对基因中必有一对是显性纯合的，由于后代未出现棕色表现型，因此BB基因纯合，由此可确定这两只栗色双亲鼠的基因型是CcAaBB，其后代表现型及比例为9栗色(C_A_BB)3黑色(C_aaBB)4白化(1ccaaBB3ccA_BB)，白化鼠中纯合子占白化鼠的1/2

21、，所以B、C正确，D错误。答案D11.蓖麻性别有两性株(植株开有雌花和雄花)和雌株(植株只开有雌花)。研究人员让纯合高秆柳叶雌株与纯合矮秆掌状叶两性株蓖麻杂交，F2的表现型及植株数量如下表。请回答：F2表现型高秆掌状叶两性株矮秆掌状叶两性株高秆柳叶雌株矮秆柳叶雌株总数数量(株)1 4394824691582 548(1)据实验结果推测，蓖麻三对相对性状的遗传遵循基因自由组合定律的有_(株高与叶形/株高与性别/叶形与性别)。解析根据表中信息可知，高秆掌状叶 矮秆掌状叶 高秆柳叶 矮秆柳叶9 3 3 1，说明高秆相对于矮秆为显性性状、掌状叶相对于柳叶为显性性状，且控制这两对性状的基因位于两对同源染

22、色体上，遵循基因自由组合定律；而掌状叶和两性株(或柳叶和雌株)总是同时出现，说明控制叶形和性别花序的两对基因位于同一对同源染色体上，不遵循基因自由组合定律，综合以上可知，蓖麻三对相对性状的遗传遵循基因自由组合定律的有株高与叶形、株高与性别。株高与叶形、株高与性别(2)F1表现型为_。若株高、叶形与性别分别受一对等位基因控制，在不考虑性别的情况下，F2高秆掌状叶两性株的基因型有_种，F2矮秆掌状叶两性株中杂合子占_。解析 由以上分析可知，高秆、掌状叶和两性株为显性性状，因此用纯合高秆柳叶雌株和纯合矮秆掌状叶两性株蓖麻为亲本，F1表现型为高秆掌状叶两性株；F2代高秆掌状叶两性株中基因型有4种，F2

23、矮秆掌状叶两性株中，纯合子只有一种占1/3，杂合子的比例为2/3。高秆掌状叶两性株42/3(3)为确定F2中某株高秆柳叶雌株蓖麻是否为纯合子，可选用F2中表现型为_的个体与其杂交，若后代性状表现为_，则该株蓖麻为纯合子。解析 鉴定高秆柳叶雌株蓖麻的基因型，可采用测交法，即用矮秆掌状叶两性株为亲本与其杂交，若后代性状表现全为高秆(掌状叶两性株)(或高秆柳叶雌株和高秆掌状叶两性株)，则该株蓖麻为纯合高秆柳叶雌株。矮秆掌状叶两性株全为高秆(掌状叶两性株)(或高秆柳叶雌株和高秆掌状叶两性株)12.某研究所将一种抗虫基因导入棉花细胞内，培养并筛选出含两个抗虫基因且都成功地整合到染色体上的抗虫植株(假定两

24、个抗虫基因都能正常表达)。让这些抗虫植株自交，后代中抗虫植株和非抗虫植株之间的比例不可能是()A.91 B.31C.10 D.151题组六转基因类基因型的判定解析题目给出条件：两个抗虫基因都能正常表达，所以根据“程序”的第一步，把抗虫基因看作显性基因。根据第二步，把同源染色体上未导入位置的基因看作隐性基因。根据第三步，可以按照三种类型依次分析，若为第一种类型则基因型可以表示为AA，故自交后代中抗虫植株和非抗虫植株之间的比例为10；若为第二种类型则基因型可以表示为AAaa(A、A在同一条染色体上)，故自交后代中抗虫植株和非抗虫植株之间的比例为31；若为第三种类型则基因型可以表示为AaAa(A、A整合到两条非同源染色体上)，故自交后代中抗虫植株和非抗虫植株之间的比例为151。由此可以看出，题型“程序化”可以减少分类讨论的盲目性，做到有条不紊、各个击破。答案A13.将纯合灰毛雌家兔与纯合白毛雄家兔杂交，F1都是灰毛。若用F1中所有雌家兔与亲代白毛雄家兔回交，子代中白毛灰毛为31。请回答：(1)根据杂交实验结果分析，家兔毛色性状受常染色体上_(一对、两对)等位基因控制，遵循基因的_定律。(2)亲本中白毛兔的基因型为_(若一对等位基因用Aa表示