20202021学高二物理11月周考试卷2

1、2020-2021学年度高二物理11月周考试卷学校:_姓名：_班级：_考号：_一、单选题1如图所示，在一磁感应强度b0.5 t的匀强磁场中，垂直于磁场方向水平放置着两根相距为l0.1 m的平行金属导轨mn和pq，导轨电阻忽略不计，在两根导轨的端点n、q之间连接一阻值r0.3 的电阻导轨上正交放置着金属棒ab，其电阻r0.2 .当金属棒在水平拉力作用下以速度v4.0 m/s向左做匀速运动时()aab棒所受安培力大小为0.02 nbn、q间电压为0.2 vca端电势比b端电势低d回路中感应电流大小为1 a2一质量为m、电阻为r的金属杆ab，以一定的初速度v0从一光滑平行金属导轨底端向上滑行，导轨平

2、面与水平面成30°角，两导轨上端用一电阻r相连，如图所示，磁场垂直斜面向上，导轨的电阻不计，金属杆向上滑行到某一高度之后又返回到底端时的速度大小为v，则金属杆在滑行的过程中,说法不正确的是()a向上滑行的时间小于向下滑行的时间b在向上滑行时电阻r上产生的热量大于向下滑行时电阻r上产生的热量c金属杆从开始上滑至返回出发点，电阻r上产生的热量为m()d向上滑行时与向下滑行时通过电阻r的电荷量相等3下列说法中正确的是（ ）a当穿过某个面的磁通量等于零时，该区域的磁感应强度一定为零b磁感应强度的方向一定与通电导线所受安培力方向、直导线方向都垂直c感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒

3、定律的必然结果d洛伦兹力不改变运动电荷的速度4关于电容器和电感器，下列说法中正确的是（ ）a电容器和电感器对交流电都有阻碍作用，因此不能让交流电通过b电容器和电感器对直流电都有阻碍作用，但可以让直流电通过c电容器和电感器对直流电都没有阻碍作用d电容器对直流电有阻碍作用，电感器对交流电有阻碍作用5如图甲所示，理想变压器原、副线圈的重数比为5：1，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡、，电路中分别按了理想交流电压表v1、v2，导线电阻不计。开关s闭合前，副线圈上的电压按图乙所示规律变化。现闭合开关s，下列说法正确的是a两端电压瞬时值表达式为u=220sin50t(v)b

4、电压表v1示数为1000vc的实际功率减小d变压器的输入功率增大6如图，电灯的灯丝电阻为2，电池电动势为2v，内阻不计，线圈匝数足够多，其直流电阻为3先合上电键k，稳定后突然断开k，则下列说法正确的是（ ）a电灯立即变暗再熄灭，且电灯中电流方向与k断开前方向相同b电灯立即变暗再熄灭，且电灯中电流方向与k断开前方向相反c电灯会突然比原来亮一下再熄灭，且电灯中电流方向与k断开前方向相同d电灯会突然比原来亮一下再熄灭，且电灯中电流方向与k断开前方向相反7机场的安检门可以利用涡流探测人身上携带的金属物品，安检门中接有线圈，线圈中通以交变电流关于其工作原理，以下说法正确的是（）a人身上携带的金属物品会被

5、地磁场磁化，在线圈中产生感应电流b人体在线圈交变电流产生的磁场中运动，产生感应电动势并在金属物品中产生感应电流c线圈产生的交变磁场不会在金属物品中产生交变的感应电流d金属物品中感应电流产生的交变磁场会在线圈中产生感应电流8如图所示，某小型发电站发电机输出的交流电压为500 v，输出的电功率为50 kw，用电阻为3 的输电线向远处送电，要求输电线上损失功率为输电功率的0.6%，则发电站要安装一升压变压器，到达用户再用降压变压器变为220 v供用户使用(两个变压器均为理想变压器)。对整个送电过程，下列说法正确的是()a输电线上的损失功率为300 wb升压变压器的匝数比为1100c输电线上的电流为1

6、00 ad降压变压器的输入电压为4 970 v二、多选题9如图所示为一理想变压器，s为单刀双掷开关，p为滑动变阻器的滑动触头，u1为加在原线圈两端的电压，i1为原线圈中的电流强度，则( )a保持u1及p的位置不变，s由a改接到b，i1将减小b保持u1及p的位置不变，s由a改接到b，r两端的电压变小c保持u1不变，s接在a处，使p滑向c端，r的电功率变大d保持p的位置不变，s接在a处，使u1增大，i1将增大e. 保持u1不变，s由a改接到b，同时使p滑向d端，r的电功率一定变大f. 保持s接在a处，使u1增大，同时使p滑向c端，r的电功率一定变大10一矩形线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固

7、定轴转动，产生的正弦式交变电压的波形图如图所示，下列说法正确的是（）a交变电压的最大值是311vb线圈转动的周期是1秒c2秒末通过线圈的磁通量绝对值最小d2秒末通过线圈的磁通量变化率绝对值最小11如图所示为音箱的电路图，高、低频混合电流由a、b端输入，l1和l2是线圈，c1和c2是电容器，则（ ）a甲扬声器是低频扬声器bc2的作用是阻碍高频电流通过乙扬声器cl1的作用是阻碍高频电流通过甲扬声器dl2的作用是减少通过乙扬声器的高频电流12如图所示，变压器为理想变压器，副线圈中三个电阻的阻值大小关系为r1=r2=2r=2，电流表为理想交流电表，原线圈输入正弦式交流电 ，开关 s 断开时，电阻 r消

8、耗的电功率为 100w.下列说法正确的是( )a原线圈输入电压的有效值为b开关s 闭合前后，通过电阻r1的电流之比为 2:3c开关s 闭合前后，电流表的示数之比为 2:3d变压器原副线圈的匝数之比为 11:3三、实验题13在探究磁场产生电流的条件，做了右图所示实验，在表格中填写观察到现象（1）接通开关瞬间，电流表的指针_（填偏转或不偏转） （2）接通开关，移动变阻器滑片，电流表的指针_（填偏转或不偏转） （3）接通开关，变阻器滑片不移动，电流表的指针_（填偏转或不偏转） （4）断开开关瞬间，电流表的指针_（填偏转或不偏转）14如图1所示的电路可用来研究电磁感应现象及判定感应电流的方向（1）在图

9、1中用实线代替导线把它们连成实验电路（2）将线圈a插入线圈b中，合上开关s，能使线圈b中感应电流的磁场方向与线圈a中原磁场方向相同的实验操作是_a插入铁芯f           b拔出线圈ac使变阻器阻值r变小      d断开开关s（3）已知一灵敏电流计，当电流从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，现把它与线圈串联接成图示电路，当条形磁铁按如图2所示所示的方向运动时，电流表偏转的方向向_（填“左”或“右”）（4）如图3所

10、示是一演示实验的电路图图中l是一带铁芯的线圈，a是一灯泡起初，开关处于闭合状态，电路是接通的现将开关断开，则在开关断开的瞬间，a、b两点电势相比，a_b（填“”或“”）；这个实验是用来演示_现象的四、解答题15如图所示，电阻不计的平行金属导轨mn和op水平放置，mo间接有阻值为r=0.5 w的电阻，导轨相距为l=0.20 m，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感强度为b=0.50 t，质量为m=0.1 kg，电阻为r=0.5 w的导体棒cd垂直于导轨放置，并接触良好用平行于mn的恒力f=0.6 n向右拉动cdcd受恒定的摩擦阻力f=0.5 n求：（1）cd运动的最大速度是多少？（2）当cd达到最大速

11、度后，电阻r消耗的电功率是多少？16某发电厂输出电压是400 v，输出功率为200 kw发电厂内经升压变压器通过两条输电线向远距离送电，最后再经一次降压变压器将电输送给用户，用户得到的电压是220 v，输电线电阻为10 若输电线中因发热而损失的功率为输送功率的2%，试求：（1）用户得到的电功率是多少？（2）输电线路中升、降压变压器原副线圈的匝数比？17如图所示，间距为l两根平行长直金属导轨mn、pq固定在倾角为的绝缘斜面上，导轨上端接有阻值为r的电阻，一根长为l、电阻为3r的直导体棒ab垂直放在两导轨上。整个装置处于方向垂直斜面向上、磁感应强度大小为b的匀强磁场中。ab由静止释放后沿导轨运动，

12、下滑位移大小为s时到达cd位置并开始以最大速度vm做匀速运动。ab在运动过程中与导轨接触良好，导轨电阻及一切摩擦均不计，重力加速度大小为g。求：(1)ab棒的质量m；(2)从ab棒由静止释放到开始匀速运动的整个过程中电阻r产生的热量q；(3)从ab棒由静止释放到开始匀速运动整个过程所经历的时间t。18如图是一小型发电站通过升压、降压变压器把电能输给用户的示意图已知发电机的输出功率是400kw，输出电压u1=400v，用变压比n1：n2=1：20的理想变压器升压后向远处供电，输电线的总电阻为10，到达用户后再用变压器降为220v，求：(1)升压变压器的副线圈两端电u2；  (2)输电线

13、上损失的电功率；  (3)降压变压器的变压比n3:n4第5页 共6页 第6页 共6页本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。参考答案1a【解析】【分析】【详解】adab棒产生的电动势eblv0.5×0.1×4.0 v0.2 v电流i0.4 aab棒受的安培力fbil0.5×0.4×0.1 n0.02 na正确，d错误；bn、q之间的电压ue0.12 vb错误；c由右手定则得a端电势较高，c错误2c【解析】因为导体棒中产生电能消耗机械能，则导体棒回到底端的速度小于v0；上滑阶段的平均速度大于下滑阶段的平均速度，而上滑阶段的位移与下滑阶

14、段的位移大小相等，所以上滑过程的时间比下滑过程短，所以a正确；电量，式中结果无时间，故上滑阶段和下滑阶段通过回路即通过r的电量相同，所以d正确；分析知上滑阶段的平均速度大于下滑阶段的平均速度，由动生电动势公式e=blv可知上滑阶段的平均感应电动势e1大于下滑阶段的平均感应电动势e2，而上滑阶段和下滑阶段通过回路即通过r的电量相同，再由公式w电=qe电动势，可知上滑阶段回路电流做功即电阻r产生的热量比下滑阶段多所以b正确；金属杆从开始上滑至返回出发点的过程中，只有安培力做功，动能的一部分转化为热能，电阻r与金属杆电阻上共同产生的热量等于金属杆减小的动能，c错误本题选错误的，故选c3c【解析】试题

15、分析：磁场的有无与磁通量大小无关，因磁通量的大小受到磁场与线圈平面的夹角来判定；根据左手定则，即可判定磁场、安培力与电流方向关系；穿过回路的磁通量发生变化，会产生感应电动势，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流磁通量的变化；洛伦兹力不做功，不改变速度的大小，可改变速度的方向，从而即可一一求解解：a、当磁场与线圈平面平行时，磁通量为零，而磁场不一定为零；故a错误b、根据左手定则可知，安培力一定与磁感应强度，及电流方向垂直，而磁场方向一定与通电导线所受安培力方向，但不一定与直导线方向垂直故b错误c、感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果故c正确d、洛伦兹力对电荷不做功，因此不改

16、变运动电荷的速度大小，但可改变速度的方向故d错误故选：c【点评】解决本题的关键掌握影响磁通量大小因素，注意磁感应强度与磁通量无关，以及会运用楞次定律判断感应电流的方向，最后掌握左手定则中安培力与磁场，及电流的方向4d【解析】【详解】a电感线圈阻碍交流电的变化，但不能阻止，所以回路中有电流，a错误。bc电容器对直流来说相当于断路，直流无法通过电容器，对直流有阻碍作用，bc错误。d综上可知：电容器对直流电有阻碍作用，电感器对交流电有阻碍作用，d正确。5d【解析】a、副线圈上的电压按图乙所示规律变化，交变电流的峰值是，周期t=0.02s， ，则两端电压的瞬时值表达式为（v），故a错误；b、副线圈上的

17、电压按图乙所示规律变化，由图象得副线圈上的电压有效值，理想变压器电压与匝数成正比，所以，则电压表示数为1100v，故b错误；c、接通开关，副线圈电压不变，l1两端电压不变，由可得l1的实际功率不变，故c错误；d、接通开关，副线圈电压不变，所以副线圈电流增大，所以副线圈消耗的功率增大，输入功率等于输出功率，变压器的输入功率增大，故d正确；故选d。【点睛】解题时要注意变压器的三个决定关系，副线圈电压由原线圈决定，则不论负载如何变化，电压表的读数不变。6b【解析】突然断开k，线圈将产生自感现象，且与电灯构成一闭合回路，此时通过电灯的电流向上，与断开前的电流方向相反，ac错；因线圈匝数足够多，产生的自

18、感电动势比较大，即电灯会突然比原来亮一下再熄灭，b错，d对。7d【解析】【分析】【详解】ab金属物品一般不能被磁化，且地磁场很弱，即使被磁化，磁性很弱，人体的电阻很大，不能与金属构成回路产生感应电流，故ab错误；cd安检门利用涡流探测人身上携带的金属物品原理是：线圈中交变电流产生交变的磁场，会在金属物品产生交变的感应电流，而金属物品中感应电流产生的交变磁场会在线圈中产生感应电流，引起线圈中交变电流发生变化，从而被探测到。故c错误，d正确。故选d。8b【解析】试题分析：根据得输电线上损失的功率为：p损=300w，输电线上的电流为：故a正确，c正确；升压变压器原线圈的输入电流为：，则升压变压器的匝

19、数之比为：故b错误；输电线上损失的电压为，升压变压器的输出电压为：，则降压变压器的输入电压为：，故d正确。考点：考查了远距离输电9de【解析】试题分析：根据输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比分析；保持u1及p的位置不变，s由a改接到b，原线圈匝数减小，根据公式可知在和不变的情况下， 减小，则增大，即r两端的电压增大，所以副线圈中的电流增大，副线圈中消耗的电功率增大，根据原副线圈两端功率相等以及可知原线圈中电流增大，ab错误；保持不变，s合在a处，使p上滑时，r增大，而电压不变，所以r的电功率减小，c错误；保持p的位置

20、不变，s合在a处，若u1增大，根据公式，则副线圈电压增大，所以副线圈电流变大，根据可知将增大，d正确；根据ab项分析可知s由a改接到b， 增大，使p滑向d端，r减小，根据可知r的功率一定增大，e正确；保持s接在a处，使u1增大，根据可知增大，同时使p滑向c端，r增大，根据根据可知分子上下都增大，r消耗的功率不一定增大，f错误10ac【解析】【分析】【详解】a由图可知，交变电流的最大值为311v，故a正确；b由图可知，线圈转动的周期为2s，故b错误；cd由图可知，2秒末时刻对应的瞬时电压值为最大值，根据交变电流的特点可知，此时线框平面与中性面垂直，即线框平面与磁场平行，所以此时磁通量为0，磁通量

21、的变化率绝对值最大，故c正确，d错误。故选ac。11ac【解析】【详解】高频和低频交流电通入该电路，由于线圈通低频，阻高频，电容通高频，阻低频，所以低频交流电通过甲扬声器，高频交流电通过乙扬声器所以甲扬声器是低频扬声器故a正确c2的作用是阻碍低频电流通过乙扬声器故b错误l1的作用是阻碍高频电流通过甲扬声器故c正确l2的作用是让低频交流电通过，减弱乙扬声器的低频电流故d错误12cd【解析】【详解】a、原线圈输入正弦式交流电e=110sin100t(v)，故有效值为110v，故a错误；bc、对于理想变压器，由可知，无论开光闭合与否，副线圈两端电压不变，开关闭合前，副线圈所在电路，有，开关闭合后，对

22、电阻的电流，有，开关s闭合前后，通过电阻r1的电流之比为43，故b错误；电流表的示数，故闭合前后有，故c正确；d、开关断开时，对电阻r，有，得，此时副线圈两端电压的有效值为，故有，故d正确，13偏转 偏转 不偏转 偏转 【解析】【详解】（1）接通开关瞬间，穿过副线圈磁通量增加，产生感应电流，则电流表指针偏转；（2）接通开关，移动变阻器滑片，原线圈中电流变化，则穿过副线圈的磁通量变化，产生感应电流，电流表指针偏转；（3）接通开关，变阻器滑片不移动，原线圈中的电流不变，穿过副线圈的磁通量不变，不产生感应电流，电流表指针不偏转；（4）断开开关瞬间，穿过副线圈磁通量减小，产生感应电流，电流表指针偏转故

23、本题答案为：(1)偏转， (2)偏转，(3)不偏转，(4)偏转【点睛】产生感应电流的条件有两个：(1)闭合电路；(2)穿过闭合电路的磁通量发生了变化14 bd 右 自感 【解析】【分析】本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同由楞次定律可知，感应电流磁场总是阻碍原磁通量的变化，当原磁通量变大时，感应电流磁场与原磁场方向相反；根据楞次定律确定电流的方向，判断指针的偏转；线圈的特点是闭合时阻碍电流的增大，断开时产生一自感电动势相当于电源，与a组成闭合回路，l的右端电势高【详解】解：将电源、电键、变阻器、小螺线管a串联成一个回路，再将电流计与大螺线管b串联成另一个回

24、路，电路图如图所示、插入铁芯f  时，穿过线圈b的磁通量变大，感应电流磁场与原磁场方向相反，故a错误；b、拔出线圈a，穿过线圈b的磁通量变小，感应电流磁场方向与原磁场方向相同，故b正确；c、使变阻器阻值r变小，原电流变大，原磁场增强，穿过线圈b的磁通量变大，感应电流磁场方向与原磁场方向相反，故c错误；d、断开开关，穿过线圈b的磁通量减小，感应电流磁场方向与原磁场方向相同，故d正确；当电流从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，当条形磁铁按如图所示所示的方向运动时，磁通量增加，依据楞次定律，感应磁场向上，再由右手螺旋定则，感应电流盘旋而下，则电流从正接线柱流入，所以灵敏电流

25、计的指针将右偏在k断开前，自感线圈l中有向右的电流，断开k后瞬间，l的电流要减小，于是l中产生自感电动势，阻碍自身电流的减小，但电流还是逐渐减小为零原来跟l并联的灯泡a，由于电源的断开，向右的电流会立即消失但此时它却与l形成了串联的回路，l中维持的正在减弱的电流恰好从灯泡a中流过，方向由b到a，即因此，灯泡不会立即熄灭，而是渐渐熄灭，将这称为自感现象这个实验是用来演示自感现象的【点睛】知道磁场方向或磁通量变化情况相反时，感应电流反向是判断电流表指针偏转方向的关键；做好本类题目的关键是弄清线圈与哪种电器相配，结合线圈特点分析新组成的闭合回路的电流流向15（1）10m/s （2）0.5w【解析】【分析】cd棒从静止开始先做加速度减小的变加速直线运动，后做匀速直线运动，此时速度达到最大由感应电动势、欧姆定律和安培力公式推导出安培力与速度的关系式，由平衡条件求出最大速