(完整版)高中物理选修3-1磁场知识点及精选习题,推荐文档

1、一、 磁场知识要点1. 磁场的产生磁极周围有磁场。电流周围有磁场（奥斯特）。安培提出分子电流假说（又叫磁性起源假说），认为磁极的磁场和电流的磁场都是由电荷的运动产生的。（不等于说所有磁场都是由运动电荷产生的。）变化的电场在周围空间产生磁场（麦克斯韦）。2. 磁场的基本性质磁场对放入其中的磁极和电流有磁场力的作用(对磁极一定有力的作用；对电流只是可能有力的作用，当电流和磁感线平行时不受磁场力作用)。这一点应该跟电场的基本性质相比较。3. 磁感应强度b = fil （条件是匀强磁场中，或 l 很小，并且 lb ）。磁感应强度是矢量。单位是特斯拉，符号为 t，1t=1n/(am)=1kg/(as2)

2、 4.磁感线用来形象地描述磁场中各点的磁场方向和强弱的曲线。磁感线上每一点的切线方向就是该点的磁场方向，也就是在该点小磁针静止时n 极的指向。磁感线的疏密表示磁场的强弱。磁感线是封闭曲线（和静电场的电场线不同）。要熟记常见的几种磁场的磁感线：安培定则（右手螺旋定则）：对直导线，四指指磁感线方向；对环行电流，大拇指指中心轴线上的磁感线方向；对长直螺线管大拇指指螺线管内部的磁感线方向。5.磁通量如果在磁感应强度为 b 的匀强磁场中有一个与磁场方向垂直的平面，其面积为 s，则定义 b 与 s 的乘积为穿过这个面的磁通量，用 表示。 是标量，但是有方向（进该面或出该面）。单位为韦伯，符号为 wb。1w

3、b=1tm2=1vs=1kgm2/(as2)。可以认为磁通量就是穿过某个面的磁感线条数。在匀强磁场磁感线垂直于平面的情况下，b=/s，所以磁感应强度又叫磁通密度。在匀强磁场中，当 b 与 s 的夹角为 时，有 =bssin。地球磁场通电直导线周围磁场通电环行导线周围磁场二、安培力（磁场对电流的作用力） 知识要点1. 安培力方向的判定用左手定则。用“同性相斥，异性相吸”（只适用于磁铁之间或磁体位于螺线管外部时）。用“同向电流相吸，反向电流相斥”（反映了磁现象的电本质）。可以把条形磁铁等效为长直螺线管（不要把长直螺线管等效为条形磁铁）。只要两导线不是互相垂直的，都可以用“同向电流相吸，反向电流相斥

4、”判定相互作用的磁场力的方向；当两导线互相垂直时，用左手定则判定。2. 安培力大小的计算：f=blisin（ 为 b、l 间的夹角）高中只要求会计算 =0（不受安培力）和 =90两种情况。i sn例题分析例 1：如图所示，可以自由移动的竖直导线中通有向下的电流，不计通电导线的重力，仅在磁场力作用下，导线将如何移动？解：先画出导线所在处的磁感线，上下两部分导线所受安培力的方向相反，使导线从左向右看顺时针转动；同时又受到竖直向上的磁场的作用而向右移动（不要说成先转 90后平移）。分析的关键是画出相关的磁感线。f /fsf例 2：条形磁铁放在粗糙水平面上，正中的正上方有一导线，通有图示方向的电流后，

5、磁铁对水平面的压力将会(增大、减小还是不变？ f摩擦力大小为。解：本题有多种分析方法。画出通电导线中电流的磁场磁感线（如图中粗虚线所示），可看出两极受的磁场力的合力竖平面的压力减小，但不受摩擦力。画出条形磁铁的磁感线中)。水平面对磁铁的中通过两极的那条直向上。磁铁对水通过通电导线的那一条（如图中细虚线所示），可看出导线受到的安培力竖直向下，因此条形磁铁受的反作用力竖直向上。把条形磁铁等效为通电螺线管，上方的电流是向里的，与通电导线中的电流是同向电流，所以互相吸引。例 3：如图在条形磁铁 n 极附近悬挂一个线圈，当线圈中通有逆时针方向哪个方向偏转？解：用“同向电流互相吸引，反向电流互相排斥”最简

6、单：条形磁铁的等面是向下的，与线圈中的电流方向相反，互相排斥，而左边的线圈匝数多所以的电流时，线圈将向sn效螺线管的电流在正线圈向右偏转。（本题如果用“同名磁极相斥，异名磁极相吸”将出现判断错误，因为那只适用于线圈位于磁铁外部的情况。）i例 4：电视机显象管的偏转线圈示意图如右，即时电流方向如图所示。该时刻由里向外射出的电子流将向哪个方向偏转？解：画出偏转线圈内侧的电流，是左半线圈靠电子流的一侧为向里，右半线圈靠电子流的一侧为向外。电子流的等效电流方向是向里的，根据“同向电流互相吸引，反向电流互相排斥”，可判定电子流向左偏转。（本题用其它方法判断也行，但不如这个方法简洁）。 例 5：如图所示，

7、光滑导轨与水平面成 角，导轨宽 l。匀强磁场磁感应强度为 b。金属杆长也为 l，质量为 m，水平放在导轨上。当回路总电流为 i1 时，金属杆正好能静止。求：b 至少多大？这时 b 的方向如何？若保持 b 的大小不变而将 b 的方向改为竖直向上，应把回路总电流 i2 调到多大才能使金属杆保持静止？解：画出金属杆的截面图。由三角形定则可知，只有当安培力方向沿导轨平面向上时安培力才最小，b 也最小。根据左手定则，这时 b 应垂直于导轨平面向上，大小满bb=mgsin/i1l。 当 b 的方向改为竖直向上时，这时安培力的方向变为水平向右，沿导轨足：bi1l=mgsin，方向合力为零，得bi2lcos=

8、mgsin，i2=i1/cos。（在解这类题时必须画出截面图，只有在截面图上才能正确表示各力的准确方向，从而弄清各矢量方向间的关系）。三、洛伦兹力知识要点1. 洛伦兹力运动电荷在磁场中受到的磁场力叫洛伦兹力，它是安培力的微观表现。计算公式的推导：如图所示，整个导线受到的磁场力（安培力）为 f安=bil；其中 i=nesv；设导线中共有 n 个自由电子 n=nsl；每个电子受的磁场力为f，则 f 安=nf。由以上四式可得 f=qvb。条件是 v 与 b 垂直。当 v 与 b 成 角时，f=qvbsin。2. 洛伦兹力方向的判定在用左手定则时，四指必须指电流方向（不是速度方向），即正电荷定向移动的

9、方向；对负电荷，四指应指负电荷定向移动方向的反方向。3. 洛伦兹力大小的计算带电粒子在匀强磁场中仅受洛伦兹力而做匀速圆周运动时，洛伦兹力充当向心力，由此可以推导出该圆周运动的半径公式和周期公式： r = mv ,t = 2dmbqbq4. 带电粒子在匀强磁场中的偏转v lvrb穿过矩形磁场区。一定要先画好辅助线（半径、速度及延长线）。偏转角由 sin=l/r 求md出。侧移由 r2=l2-(r-y)2 解出。经历时间由t = bq 得出。注意，这里射出速度的反向延长线与初速度延长线的交点不再是宽度线段的中点，这点与带电粒子在匀强电场中的偏转结论不同！r v ov穿过圆形磁场区。画好辅助线（半径

10、、速度、轨迹圆的圆心、连心线）。偏角可由tand = r 求出。经历时间由t = md得出。2rbq注意：由对称性，射出线的反向延长线必过磁场圆的圆心。r例题分析o/例 1：磁流体发电机原理图如右。等离子体高速从左向右喷射， 向的匀强磁场。该发电机哪个极板为正极？两板间最大电压为多少？ 解：由左手定则，正、负离子受的洛伦兹力分别向上、向下。所负极板间会产生电场。当刚进入的正负离子受的洛伦兹力与电场力等两极板间有如图方 br 以上极板为正。正、值反向时，达到最大电压：u=bdv。当外电路断开时，这也就是电动势 e。当外电路接通时，极板上的电荷量减小，板间场强减小，洛伦兹力将大于电场力，进入的正负

11、离子又将发生偏转。这时电动势仍是 e=bdv，但路端电压将小于 bdv。在定性分析时特别需要注意的是：正负离子速度方向相同时，在同一磁场中受洛伦兹力方向相反。外电路接通时，电路中有电流，洛伦兹力大于电场力，两板间电压将小于 bdv，但电动势不变（和所有电源一样， 电动势是电源本身的性质。）注意在带电粒子偏转聚集在极板上以后新产生的电场的分析。在外电路断开时最终将达到平衡态。例 2：半导体靠自由电子（带负电）和空穴（相当于带正电）导电，分为 p 型和 n 型两种。p 型半导体中空穴为多数载流子；n 型半导体中自由电子为多数载流子。用以下实验可以判定一块半导体材料是 p 型还是 n 型：将材料放在

12、匀强磁场中，通以图示方向的电流 i，用电压表比较上下两个表面的电势高低，若上极板电势高，就是 p 型半导体；若下极板电势高，就是 n 型半导体。试分析原因。解：分别判定空穴和自由电子所受的洛伦兹力的方向，由于四指指电流方向，都向右，所以洛伦兹力方向都向上，它们都将向上偏转。p 型半导体中空穴多，上极板的电势高；n 型半导体中自由电子多，上极板电势低。注意：当电流方向相同时，正、负离子在同一个磁场中的所受的洛伦兹力方向相同，所以偏转方向相同。例 3：如图直线 mn 上方有磁感应强度为 b 的匀强磁场。正、负电子同时从同一点 o 以与 mn 成 30角的同样速度 v 射入磁场（电子质量为 m，电荷

13、为 e），它们从磁场中射出时相距多远？射出的时间差是多少？解：正负电子的半径和周期是相同的。只是偏转方向相反。mn先确定圆心，画出半径，由对称性知：射入、射出点和圆心恰好组成正三角形。所以两个射出点相距 2r，由图还看出经历时间相差 2t/3。答案为射出点相距4dms = 2mv ，时间差be为dt =3bq。关键是找圆心、找半径和用对称。yvbo/voa例4：一个质量为m 电荷量为q 的带电粒子从x 轴上的p(a，0)点以速度 v，沿与x 正方向成60的方向射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y 轴射出第一象限。求匀强磁场的磁感应强度 b 和射出点的坐标。解：由射入、射出点的半径可找到圆

14、心 o/，并得出半径为3r = 2a = mv , 得 b = 3mv；射出点坐标为（0， 3a ）。bq2aqx四、带电粒子在混合场中的运动知识要点1. 速度选择器v正交的匀强磁场和匀强电场组成速度选择器。带电粒子必须以唯一确定的速度（包括大小、方向）才能匀速（或者说沿直线）通过速度选择器。否则将发生偏转。这个速度的大小可以由洛伦兹力出：qvb=eq， v = e 。在本图中，速度方向必须向右。b 和电场力的平衡得这个结论与离子带何种电荷、电荷多少都无关。若速度小于这一速度，电场力将大于洛伦兹力，带电粒子向电场力方向偏转，电场力做正功，动能将增大，洛伦兹力也将增大，粒子的轨迹既不是抛物线，也

15、不是圆，而是一条复杂曲线；若大于这一速度，将向洛伦兹力方向偏转，电场力将做负功，动能将减小，洛伦兹力也将减小，轨迹是一条复杂曲线。2. 带电微粒在重力、电场力、磁场力共同作用下的运动带电微粒在三个场共同作用下做匀速圆周运动。必然是电场力和重力平衡，而洛伦兹力充当向心力。与力学紧密结合的综合题，要认真分析受力情况和运动情况（包括速度和加速度）。必要时加以讨论。例题分析v0例 1：某带电粒子从图中速度选择器左端由中点 o 以速度 v0 向右射去，从右端中心a 下方的 b 点以速度 v1 射出；若增大磁感应强度 b，该粒子将打到 a 点有 ac=ab，则该粒子带 电；第二次射出时的速度为 。o2v

16、2 - v 201解：b 增大后向上偏，说明洛伦兹力向上，所以为带正电。由于洛所以两次都是只有电场力做功，第一次为正功，第二次为负功，但功的1 mv 2 - 1 mv 2 = 1 mv 2 - 1 mv 2 , v =c上方的 c 点，且ab伦兹力总不做功， 绝对值相同。 212020222例 2：如图所示，一个带电粒子两次以同样的垂直于场线的初速度 v0 分别穿越匀强电场区和匀强磁场区， 场区的宽度均为 l 偏转角度均为 ，求 eblv0be解：分别利用带电粒子的偏角公式。在电场中偏转：tand= eql ，在0mv 2磁场中偏转： sind= lbq ，由以上两式可得 e = v0。可以证

17、明：当偏转角相同时，侧移必然不同（电m场v中0 侧移较大）；当侧移b相同c时os，d偏转角必然不同（磁场中偏转角较大）。例 3：一个带电微粒在图示的正交匀强电场和匀强磁场中在竖直面内做匀速圆周运动。则该带电微粒必然带，旋转方向为。若已知圆半径为 r，电场为 b，则线速度为。强度为 e 磁感应强度解：因为必须有电场力与重力平衡，所以必为负电；由左手定则得逆时针转动；再由eq = mg和r = mv 得v = brgbqe例 4：质量为 m 带电量为 q 的小球套在竖直放置的绝缘杆上，球与杆间的动摩擦因数匀强磁场的方向如图所示，电场强度为 e，磁感应强度为 b。小球由静止释放后沿杆下滑。和磁场也足

18、够大， 求运动过程中小球的最大加速度和最大速度。fneqmg v af解：不妨假设设小球带正电（带负电时电场力和洛伦兹力都将反向，结论相同）。刚电场力、弹力、摩擦力作用，向下加速；开始运动后又受到洛伦兹力作用，弹力、摩擦伦兹力等于电场力时加速度最大为 g。随着 v 的增大，洛伦兹力大于电场力，弹力方向变大，摩擦力随着增大，加速度减小，当摩擦力和重力大小相等qvbeqnmg vmmge为。匀强电场和设杆足够长，电场释放时小球受重力、力开始减小；当洛为向右，且不断增时，小球速度达到最大v = dbq + b 。洛伦兹力向右，弹若将磁场的方向反向，而其他因素都不变，则开始运动后力、摩擦力不断增大，加

19、速度减小。所以开始的加速度最大为deqa = g -；摩mbmg擦力等于重力时速度最大，为v = dbq- e 。例 6：（20 分）如图所示，固定在水平桌面上的光滑金属框架 cdef 处于竖直向下磁感应强度为 b0 的匀强磁场中。金属杆ab 与金属框架接触良好。此时 abed 构成一个边长为 l 的正方形，金属杆的电阻为 r，其余部分电阻不计。若从 t=0 时刻起，磁场的磁感应强度均匀增加，每秒钟增量为 k，施加一水平拉力保持金属杆静止不动，求金属杆中的感应电流。在情况中金属杆始终保持不动，当 t= t1 秒末时，求水平拉力的大小。若从 t=0 时刻起，磁感应强度逐渐减小，当金属杆在框架上以

20、恒定速度 v 向右做匀速运动时，可使回路中不产生感应电流。写出磁感应强度 b 与时间 t 的函数关系式。解(1)设瞬时磁感应强度为 b ,由题意得（分）产生感应电动势为（分）根据闭合电路欧姆定律得，产生的感应电流（分）（）由题意，根据二力平衡，安培力等于水平拉力，即（分）（分）由得，所以（分）（）回路中电流为，说明磁感应强度逐渐减小产生的感应电动势和金属杆运动产生的感应电动势相反，即，则有（分） 解得（分）例 7(19 分)如图，在 x 轴上方有磁感强度大小为 b，方向垂直纸面向里的匀强磁场。x 轴下方有磁感强度大小为 b/2，方向垂直纸面向外的匀强磁场。一质量为 m、电量为q 的带电粒子（不

21、计重力），从 x 轴上 o 点以速度 v0 垂直 x 轴向上射出。求：（1）经多长时间粒子第三次到达 x 轴。(初位置 o 点为第一次)（2）粒子第三次到达 x 轴时离 o 点的距离。解：（1）粒子运动轨迹示意图如右图 （2 分） 由牛顿第二定律 （4 分） （2 分）得 t1 =（2 分）t2 =（2 分）粒子第三次到达 x 轴需时间 t = （1 分）（2）由式可知 r1 = （2 分）r2 = （2 分）粒子第三次到达 x 轴时离 o 点的距离 s = 2r1 2r2 = （2 分）例 8、如图所示，在第 i 象限范围内有垂直 xoy 平面的匀强磁场，磁感应强度为 b。质量为 m、电量大

22、小为 q 的带电粒子（不计重力），在 axy 平面里经原点 o 射入磁场中，初速度为 v0，且与 x 轴成 60角，试分析计算：（1） 带电粒子从何处离开磁场？穿越磁场时运动方向发生的偏转角多大？（2） 带电粒子在磁场中运动时间多长？解：带电粒子若带负电荷，进入磁场后将向 x 轴偏转，从 a 点离开磁场；若带正电荷，进入磁场后将向 y 轴偏转，从 b 点离开磁场；如图所示带电粒子进入磁场后作匀速圆周运动，轨迹半径均为圆心位于过 o 点与 v0 垂直的同一条直线上，o1oo2oo1ao2br，带电粒子沿半径为 r 的圆周运动一周的时间为粒子若带正电荷，进入磁场后将向 y 轴偏转，在 b 点离开磁

23、场；运动方向发生的偏角为：a 点到原点 o 的距离为：1226001200。（）粒子若带负电荷，进入磁场后将向 x 轴偏转，从 a 点离开磁场，运动方向发生的偏角为：22（900）2300600。b 点到原点 o 的距离为：（）粒子若带负电荷，进入磁场后将向 x 轴偏转，从 a 点离开磁场，运动的时间为：粒子若带正电荷，进入磁场后将向 y 轴偏转，在 b 点离开磁场；运动的时间为：例 9、右图是科学史上一张著名的实验照片，显示一个带电粒子在云室中穿过某种金属板运动的径迹。云室旋转在匀强磁场中，磁场方向金属板对粒子的运动起阻碍作用。分析此径迹可知粒a. 带正电，由下往上运动b. 带正电，由上往下

24、运动c. 带负电，由上往下运动d. 带负电，由下往上运动答案： a。解析：粒子穿过金属板后，速度变小，由半径公式 r =垂直照片向里。云室中横放的子mv可知，半径变小，粒子运动方向为由下向上；又由于洛仑兹力的qb方向指向圆心，由左手定则，粒子带正电。选 a。例 10、如图所示，固定位置在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为 d，其右端接有阻值为 r 的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为 b 的匀强磁场中。一质量为 m（质量分布均匀）的导体杆 ab 垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为 u。现杆在水平向左、垂直于杆的恒力 f 作用下从静止开始沿导轨运动

25、距离 l 时， 速度恰好达到最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直）。设杆接入电路的电阻为 r，导轨电阻不计，重力加速度大小为 g。则此过程a. 杆的速度最大值为b. 流过电阻 r 的电量为c. 恒力 f 做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量d. 恒力 f 做的功与安倍力做的功之和大于杆动能的变化量答案 bdb2d 2v(f - dmg)(r+ r)【解析】当杆达到最大速度 vm 时， f - dmg -m = 0 得 vm =r + rb2 d2，a 错；由公式q = dd= bds= bdl ，b 对；在棒从开始到达到最大速度的过程中由动能定理有：(r + r )(r + r )r +

26、 rffkf安w + w +w安 = de ，其中w= -dmg ，w= -q ，恒力 f 做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量与回路产生的焦耳热之和，c 错；恒力 f 做的功与安倍力做的功之和等于于杆动能的变化量与克服摩擦力做的功之和，d 对。例 11、如图甲，在水平地面上固定一倾角为 的光滑绝缘斜面，斜大小为 e、方向沿斜面向下的匀强电场中。一劲度系数为 k 的绝缘轻定在斜面底端，整根弹簧处于自然状态。一质量为 m、带电量为从距离弹簧上端为 s0 处静止释放，滑块在运动过程中电量保持不变， 触过程没有机械能损失，弹簧始终处在弹性限度内，重力加速度大（1） 求滑块从静止释放到与弹簧上端

27、接触瞬间所经历的时间 t1（2） 若滑块在沿斜面向下运动的整个过程中最大速度大小为止释放到速度大小为 vm 过程中弹簧的弹力所做的功 w；（3） 从滑块静止释放瞬间开始计时，请在乙图中画出滑块在的整个过程中速度与时间关系 v-t 图象。图中横坐标轴上的 t1、t2 及第一次与弹簧上端接触、第一次速度达到最大值及第一次速度减为标轴上的 v1 为滑块在 t1 时刻的速度大小，vm 是题中所指的物理量。（本小题不要求写出计算过程）面处于电场强度质弹簧的一端固q（q0）的滑块设滑块与弹簧接小为 g。vm，求滑块从静沿斜面向下运动t3 分别表示滑块零的时刻，纵坐答案（1） t =; （2）w = 1 m

28、v2 - (mg sind+ qe) (s+ mg sind+ qe ) ; 2ms0qe + mg sind12m0k(3)【解析】本题考查的是电场中斜面上的弹簧类问题。涉及到匀变速直线运动、运用动能定理处理变力功问题、最大速度问题和运动过程分析。（1） 滑块从静止释放到与弹簧刚接触的过程中作初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大小为 a，则有qe+mgsind=mas = 1 at 2021联立可得 2ms0qe + mg sindt1 =（2） 滑块速度最大时受力平衡，设此时弹簧压缩量为 x0 ，则有mg sind+ qe = kx0从静止释放到速度达到最大的过程中，由动能定理得(mg

29、sind+ qe) (xm联立可得+ x0) + w = 1 mv2m2 - 0w = 1 mv2 - (mg sind+ qe) (s + mg sind+ qe ) s2m0k（3） 如图例 12、图为可测定比荷的某装置的简化示意图，在第一象限区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小b=2.010-3t,在 x 轴上距坐标原点 l=0.50m 的p 处为离子的入射口，在 y 上安放接收器，现将一带正电荷的粒子以v=3.5104m/s 的速率从 p 处射入磁场，若粒子在 y 轴上距坐标原点 l=0.50m 的m 处被观测到，且运动轨迹半径恰好最小，设带电粒子的质量为 m,电量为 q,

30、不记其重力。q（1） 求上述粒子的比荷；m（2） 如果在上述粒子运动过程中的某个时刻，在第一象限内再加一个匀强电场，就可以使其沿 y 轴正方向做匀速直线运动， 求该匀强电场的场强大小和方向，并求出从粒子射入磁场开始计时经过多长时间加这个匀强电场；（3） 为了在 m 处观测到按题设条件运动的上述粒子，在第一象限内的磁场可以局限在一个矩形区域内，求此矩形磁场区域的最小面积，并在图中画出该矩形。q77-62答 案 （1） =4.910mc/kg（或 5.010 c/kg）；（2） t = 7.9 10s ； （3） s = 0.25m【解析】本题考查带电粒子在磁场中的运动。第（2）问涉及到复合场（速

31、度选择器模型）第（3）问是带电粒子在有界磁场（矩形区域）中的运动。（1） 设粒子在磁场中的运动半径为 r。如图甲，依题意 m、p 连线即为该粒子在磁场中作匀速圆周运动的直径，由几何关系得2lr =2由洛伦兹力提供粒子在磁场中作匀速圆周运动的向心力，可得qvb = m v 2 r联立并代入数据得q77 =4.910mc/kg（或 5.010 c/kg）（2） 设所加电场的场强大小为 e。如图乙，当粒子子经过 q 点时，速度沿 y 轴正方向，依题意，在此时加入沿 x 轴正方向的匀强电场，电场力与此时洛伦兹力平衡，则有qe = qvb 代入数据得e = 70n / c所加电场的长枪方向沿 x 轴正方

32、向。由几何关系可知，圆弧 pq 所对应的圆心角为 45，设带点粒子做匀速圆周运动的周期为 t，所求时间为 t，则有450t =t3600t = 2drv联立并代入数据得t = 7.9 10-6 s（3） 如图丙，所求的最小矩形是 mm1 p1p ，该区域面积s = 2r 2联立并代入数据得s = 0.25m2矩形如图丙中 mm1p1p （虚线）例 13、如图，在 x 轴下方有匀强磁场，磁感应强度大小为 b，方向垂直于 x y 平面向外。p 是y 轴上距原点为 h 的一点，n0 为x 轴上距原点为 a 的一点。a 是一块平行于 x 轴的挡板，与 x 轴的挡板碰撞前后，距方离向为的分，速a度的不中

33、变点，在y y方轴向上的，分长速度略反小向于、大小。不带变点。粒质子量与为 m，电荷量为 q（q0）的粒子从 p 点瞄准 n0 点入射，最后又通过 p 点。不计重力。求粒子入射速度的所有可能值。26. 【解析】设粒子的入射速度为 v,第一次射出磁场的点为 no ,与板碰撞后再次进入磁场的位置为 n1 .粒子在磁场中运动mv的轨道半径为 r,有 r = qb ,粒子速率不变,每次进入磁场与射出磁场位置间距离 x1 保持不变有 x1 =oo2o1n n= 2r sind,粒子射出磁场与下一次进入磁场位置间的距离 x 始终不变,与 n n 相等.由图可以看出x2 = a 设粒子最终离开磁场时,与档板

34、相碰 n 次(n=0、1、2、3).若粒子能回对称性,出射点的 x 坐标应为-a,即(n + 1)x1 - nx2 = 2a ,由n + 2到 p 点,由两式得 x1 =n +1a a若粒子与挡板发生碰撞,有 x1 - x2 4 联立得n3联立得v =qb2msind n + 2 a 把sind=n + 1h 代入中得a 2 + h 2v = qba a 2 + h 2 , n = 0 .omhv = 3qba a 2 + h 2 , n = 1 .2qba a 2 + h 214mhv2 =3mh, n = 2例 14、如图所示，直角坐标系 xoy 位于竖直平面内，在水平的 x 轴下方存在匀

35、强磁场和匀强电场，磁场的磁感应为 b,方向垂直xoy 平面向里，电场线平行于 y 轴。一质量为 m、电荷量为 q 的带正电的小球，从 y 轴上的 a 点水平向右抛出，经 x 轴上的m 点进入电场和磁场，恰能做匀速圆周运动，从 x 轴上的 n 点第一次离开电场和磁场，mn 之间的距离为 l,小球过 m 点时的速度方向与 x 轴的方向夹角为d.不计空气阻力，重力加速度为 g,求(1) 电场强度 e 的大小和方向；(2) 小球从 a 点抛出时初速度 v0 的大小;(3) a 点到 x 轴的高度 h.mgqblq2 b2 l2（1）q，方向竖直向上（2）cotd（3）2m8m2 g【解析】本题考查平抛

36、运动和带电小球在复合场中的运动。（1） 小球在电场、磁场中恰能做匀速圆周运动，说明电场力和重力平衡（恒力不能充当圆周运动的向心力），有qe = mge = mgq重力的方向竖直向下，电场力方向只能向上，由于小球带正电，所以电场强度方向竖直向上。（2） 小球做匀速圆周运动，o为圆心，mn 为弦长， mop =d，如图所示。设半径为 r，由几何关系知l = sind2r小球做匀速圆周运动的向心力由洛仑兹力白日提供，设小球做圆周运动的速率为 v，有qvb = mv2r由速度的合成与分解知由式得v0 = cosdvv = qbl cotd02m（3） 设小球到 m 点时的竖直分速度为 vy，它与水平分速度