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文档简介

1、长春市普通高中2015届高三质量监测(二)数 学(理 科)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1、已知集合,则( )a b c d2、复数的共轭复数对应的点位于( )a第一象限 b第二象限 c第三象限 d第四象限3、已知随机变量服从正态分布,若,则( )a b c d4、已知函数在上是单调函数,函数(且)在上是增函数,则成立是成立的( )a充分不必要条件 b必要不充分条件c充要条件 d既不充分也不必要条件5、若,满足约束条件,则的取值范围是( )a b c d6、一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )a b c d

2、7、已知平面向量,满足,则( )a b c d8、下面左图是某学习小组学生数学考试成绩的茎叶图,1号到16号同学的成绩依次为、,右图是统计茎叶图中成绩在一定范围内的学生人数的算法流程图,那么该算法流程图输出的结果是( )a b c d9、已知函数,若将其图象向右平移()个单位后所得的图象关于原点对称,则的最小值为( )a b c d10、设,若直线与圆相切,则的取值范围是( )a bc d11、若是双曲线()的右焦点,过作该双曲线一条渐近线的垂线与两条渐近线交于,两点,为坐标原点,的面积为,则该双曲线的离心率( )a b c d12、设数列的前项和为,且,为等差数列,则( )a b c d二、

3、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13、的展开式中常数项为 14、已知且曲线、与所围成的封闭区域的面积为,则 15、正四面体的外接球半径为,过棱作该球的截面,则截面面积的最小值为 16、已知函数为偶函数且,又,函数,若恰好有4个零点,则的取值范围是 三、解答题(本大题共6小题,共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)17、(本小题满分12分)在中,求角的值;设,求18、(本小题满分12分)根据某电子商务平台的调查统计显示,参与调查的1000位上网购物者的年龄情况如下图显示已知、三个年龄段的上网购物者人数成等差数列,求,的值;该电子商务平台将年龄在之间的人群定义为高消费人群,

4、其他的年龄段定义为潜在消费人群,为了鼓励潜在消费人群的消费,该平台决定发放代金券,高消费人群每人发放50元的代金券,潜在消费人群每人发放100元的代金券,现采用分层抽样的方式从参与调查的1000位上网购物者中抽取10人,并在这10人中随机抽取3人进行回访,求此三人获得代金券总和的分布列与数学期望19、(本小题满分12分)如图,在四棱锥中,平面,四边形满足,且,点为中点,点为边上的动点,且求证:平面平面;是否存在实数,使得二面角的余弦值为?若存在,试求出实数的值;若不存在,说明理由20、(本小题满分12分)在中,顶点,、分别是的重心和内心,且求顶点的轨迹的方程;过点的直线交曲线于、两点,是直线上

5、一点,设直线、的斜率分别为,试比较与的大小,并加以证明21、(本小题满分12分)设函数,其中和是实数,曲线恒与轴相切于坐标原点求常数的值;当时,关于的不等式恒成立,求实数的取值范围;求证:请考生在第22、23、24三题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分22、(本小题满分10分)选修4-1:几何证明选讲如图,过点作圆的割线与切线,为切点,连接,的平分线与,分别交于点,其中求证:;求的大小23、(本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程在直角坐标系中,曲线的参数方程为(为参数),以原点为极点,以轴正半轴为极轴,建立极坐标系,曲线的极坐标方程为求曲线的普通方程与曲线的直角坐标方程;

6、试判断曲线与是否存在两个交点,若存在,求出两交点间的距离;若不存在,说明理由24、(本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲设函数,当时,求不等式的解集;对任意恒有,求实数的取值范围长春市普通高中2015届高三质量监测(二)数学(理科)参考答案及评分标准一、选择题(本大题包括12小题,每小题5分,共60分)1.d 2.a 3.c 4.c 5.d 6.d 7.b 8.b 9.c 10.a 11.c 12.a简答与提示:1. 【命题意图】本题主要考查集合交集与补集的运算,属于基础题. 【试题解析】d 由题意可知或,则,所以. 故选d.2. 【命题意图】本题考查复数的除法运算,以及复平面上的点与复数

7、的关系,属于基础题.【试题解析】a,所以其共轭复数为. 故选a.3. 【命题意图】本题考查正态分布的概念,属于基础题,要求学生对统计学原理有全面的认识. 【试题解析】c . 故选c.4. 【命题意图】本题借助不等式来考查命题逻辑,属于基础题.【试题解析】c由成立,则,由成立,则,所以成立时是的充要条件.故选c.5. 【命题意图】本题主要考查线性规划,是书中的原题改编,要求学生有一定的运算能力.【试题解析】d由题意可知,在处取得最小值,在处取得最大值,即.故选d.6. 【命题意图】本题通过正方体的三视图来考查组合体体积的求法,对学生运算求解能力有一定要求. 【试题解析】d该几何体可视为正方体截去

8、两个三棱锥,所以其体积为. 故选d.7. 【命题意图】本题考查向量模的运算. 【试题解析】b. 故选b.8. 【命题意图】本题考查学生对茎叶图的认识,通过统计学知识考查程序流程图的认识,是一道综合题. 【试题解析】b由算法流程图可知,其统计的是数学成绩大于等于90的人数,所以由茎叶图知:数学成绩大于等于90的人数为10,因此输出结果为10. 故选b.9. 【命题意图】本题主要考查三角函数的图像和性质,属于基础题.【试题解析】c由题意,将其图像向右平移个单位后解析式为,则,即,所以的最小值为. 故选c.10. 【命题意图】本题借助基本不等式考查点到直线的距离,属于中档题. 【试题解析】a 由直线

9、与圆相切可知,整理得,由可知,解得. 故选a.11. 【命题意图】本题主要考查双曲线的几何性质,结合着较大的运算量,属于难题. 【试题解析】c 由题可知,过i、iii象限的渐近线的倾斜角为,则,因此的面积可以表示为,解得,则. 故选c.12. 【命题意图】本题是最近热点的复杂数列问题,属于难题. 【试题解析】a 设,有,则,即当时,所以,即,所以是以为公比,1为首项的等比数列,所以,. 故选a.二、填空题(本大题包括4小题,每小题5分,共20分)13. 14. 15. 16.简答与提示:13. 【命题意图】本题主要考查二项式定理的有关知识,属于基础题.【试题解析】由题意可知常数项为.14. 【

10、命题意图】本题考查定积分的几何意义及微积分基本定理,属于基础题. 【试题解析】由题意,所以.15. 【命题意图】球的内接几何体问题是高考热点问题,本题通过求球的截面面积,对考生的空间想象能力及运算求解能力进行考查,具有一定难度. 【试题解析】由题意,面积最小的截面是以为直径,可求得,进而截面面积的最小值为. 16. 【命题意图】本题主要考查数形结合以及函数的零点与交点的相关问题,需要学生对图像进行理解,对学生的能力提出很高要求,属于难题. 【试题解析】由题意可知是周期为4的偶函数,对称轴为直线. 若恰有4个零点,有,解得. 17. (本小题满分12分)【命题意图】本小题主要考查两角和的正切公式

11、,以及同角三角函数的应用,并借助正弦定理考查边角关系的运算,对考生的化归与转化能力有较高要求. 【试题解析】解:(1) (3分) (6分)(2)因为,而,且为锐角,可求得. (9分)所以在中,由正弦定理得,. (12分)18. (本小题满分12分)【命题意图】本小题主要考查统计与概率的相关知识、离散型随机变量的分布列以及数学期望的求法. 本题主要考查数据处理能力.【试题解析】(1)由图可知,.(4分)(2) 利用分层抽样从样本中抽取10人,其中属于高消费人群的为6人,属于潜在消费人群的为4人. (6分)从中取出三人,并计算三人所获得代金券的总和,则的所有可能取值为:150,200,250,30

12、0., ,150200250300(10分)且. (12分)19. (本小题满分12分)【命题意图】本小题主要考查立体几何的相关知识,具体涉及到线面以及面面的垂直关系、二面角的求法及空间向量在立体几何中的应用. 本小题对考生的空间想象能力与运算求解能力有较高要求. 【试题解析】解:(1) 取中点,连结、,是中点,又,四边形为平行四边形,平面,平面,平面,平面平面. (6分)(2) 存在符合条件的.以为原点,方向为轴,方向为轴,方向为轴,建立空间直角坐标系,设,从而,则平面的法向量为,又平面即为平面,其法向量,则,解得或,进而或. (12分)20. (本小题满分12分)【命题意图】本小题主要考查

13、直线与圆锥曲线的综合应用能力,具体涉及到轨迹方程的求法,椭圆方程的求法、直线与圆锥曲线的相关知识. 本小题对考生的化归与转化思想、运算求解能力都有很高要求. 【试题解析】解:(1) 已知,且,,其中为内切圆半径,化简得:,顶点的轨迹是以为焦点,长轴长为4的椭圆(去掉长轴端点),其中进而其方程为. (5分)(2) ,以下进行证明:当直线斜率存在时,设直线且, 联立可得,.(8分)由题意:,. 当直线斜率不存在时,综上可得. (12分)21. (本小题满分12分)【命题意图】本小题主要考查函数与导数的综合应用能力,具体涉及到用导数来描述原函数的单调性、极值以及函数零点的情况. 本小题对考生的逻辑推

14、理能力与运算求解有较高要求.【试题解析】解:(1) 对求导得:,根据条件知,所以. (3分)(2) 由(1)得,. 当时,由于,有,于是在上单调递增,从而,因此在上单调递增,即而且仅有;当时,由于,有,于是在上单调递减,从而,因此在上单调递减,即而且仅有;当时,令,当时,于是在上单调递减,从而,因此在上单调递减,即而且仅有.综上可知,所求实数的取值范围是. (8分)(3) 对要证明的不等式等价变形如下:所以可以考虑证明:对于任意的正整数,不等式恒成立. 并且继续作如下等价变形对于相当于(2)中,情形,有在上单调递减,即而且仅有. 取,当时,成立;当时,. 从而对于任意正整数都有成立.对于相当于

15、(2)中情形,对于任意,恒有而且仅有. 取,得:对于任意正整数都有成立.因此对于任意正整数,不等式恒成立.这样依据不等式,再令利用左边,令利用右边,即可得到成立. (12分)22. (本小题满分10分)【命题意图】本小题主要考查平面几何的证明,具体涉及到弦切角定理以及三角形相似等内容. 本小题重点考查考生对平面几何推理能力.【试题解析】解:(1) 由题意可知,则,则,又,则. (5分)(2) 由,可得,在中,可知. (10分)23. (本小题满分10分)【命题意图】本小题主要考查极坐标系与参数方程的相关知识,具体涉及到极坐标方程与平面直角坐标方程的互化、利用直线的参数方程的几何意义求解直线与曲线交点的距离等内容. 本小题考查考生

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