河南大学分化课后各章习题答案

1、荧光分析法1. 荧光和磷光的发生机制有何不同？什么条件下可观察到磷光？荧光是当电子从第一激发单重态s1的最低振动能级回到基态s0各振动能级所产生的光辐射。磷光是当受激电子降到s1的最低振动能级后，未发射荧光，而是经过系间窜跃到t1振动能级，经振动驰豫到 t1最低振动能级，从t1最低振动能级回到基态的各个振动能级所发射的光辐射。室温条件下很少呈现荧光，只有通过冷冻或固定化而减少外转换才能检测到磷光。2如何区别荧光、磷光、瑞利光和拉曼光？如何减少散射光对荧光测定的干扰？荧光：是某些物质吸收一定的紫外光或可见光后，基态分子跃迁到激发单线态的各个不同能级，然后经过振动弛豫回到第一激发态的最低振动能级，

2、在发射光子后，分子跃迁回基态的各个不同振动能级。这时分子发射的光称为荧光。荧光的波长比原来照射的紫外光的波长更长。磷光：是有些物质的激发分子通过振动弛豫下降到第一激发态的最低振动能层后，经过体系间跨越至激发三重态的高振动能层上，再通过振动弛豫降至三重态的最低振动能层，然后发出光辐射跃迁至基态的各个振动能层这种光辐射称为磷光。磷光的波长比荧光更长。瑞利光：光子和物质分子发生弹性碰撞时不发生能量的交换，仅是光子运动的方向发生改变，这种散射光叫做瑞利光，其波长和入射光相同。拉曼光：光子和物质分子发生非弹性碰撞时，在光子运动方向发生改变的同时，光子与物质分子发生能量交换，使光于能量发生改变。当光子将部

3、分能量转给物质分子时，光子能量减少，波长比入射光更长；当光子从物质分子得到能量时，光子能量增加，波氏比入射光为短。这两种光均称为拉曼光。为了消除瑞利光散射的影响，荧光的测量通常在与激发光成直角的方向上进行，并通过调节荧光计的狭缝宽度来消除为消除拉曼光的影响可选择适当的溶剂和选用合适的激发光波长3具有哪些分子结构的物质有较高的荧光效率？(1)长共轭结构：如含有芳香环或杂环的物质。(2)分子的刚性和共平面性：分子的刚性和共平面性越大，荧光效率就越大，并且荧光波长产生长移。(3)取代基：能增加分子电子共轭程度的取代基，常使荧光效率提高，如-nh2、-oh、-och3、-cn等。4可通过哪些技术提高荧

4、光分析法的灵敏度和选择性？ (1)激光诱导荧光分析。 (2)时间分辨荧光分析。 (3)同步荧光分析。 (4)胶束增敏荧光分析。5请设计两种方法测定溶液al3+的含量。（一种化学分析方法，一种仪器分析方法）配位滴定：利用铝与edta的配位反应进行滴定分析，因铝与edta的反应速率比较缓慢，而且铝对指示剂有封蔽作用，因此铝的测定一般用edta作为标准溶液，返滴定法或置换滴定法测定。仪器分析法：利作铝离子与有机试剂如桑色素组成能发荧光的配合物，通过检测配合物的荧光强度以来测定铝离子的含量。另可采用原子吸收分光光度法或原子发射光谱法进行测定。6一个溶液的吸光度为0.035，试计算式（125）括号中第二

5、项与第一项之比。红外吸收光谱法7某物质分子式为c10h10o。测得红外吸收光谱如图。试确定其结构。u=（2+2*1010）/2=6可能含有苯环波数归属结构信息3320羟基（o-h）o-h2985甲基伸缩振动as（ch3）ch32165（co）co1600,1460芳环骨架c=c伸缩振动(c=c)芳环1450甲基变形振动as（ch3）-ch31400b（oh） -oh1230叔丁基c-c1092（c-o）c-o771芳环碳氢变形伸缩振动g =c-h）芳环单取代704环变形振动s（环） 根据以上分析，可知其结构8某未知物的分子式为c7h9n，测得其红外吸收光谱如图，试通过光谱解析推断其分子结构。u

6、=（2+2*7+1-9）/2=4 可能含有苯环波数归属结构信息3520，3430，3290胺（-nh）-nh23030芳环碳氢伸缩振动（ar-h）ar-h2925甲基伸缩振动as（ch3）ch31622伯胺面内弯曲（nh）-nh21588；1494芳环骨架c=c伸缩振动(c=c)芳环1471甲基变形振动as（ch3）-ch31380甲基变形振动s（ch3） -ch31303，1268胺（-c-n）748芳环碳氢变形伸缩振动g =c-h）芳环临二取代根据以上分析，可知其结构 9某未知物的分子式为c10h12o，试从其红外光谱图推出其结构。u=（2+2*7+1-9）/2=4 可能含有苯环波数归属结

7、构信息3060，3030芳环碳氢伸缩振动（ar-h）ar-h2960，2870甲基伸缩振动as（ch3）ch32820，2720c-h（o）-cho1700c=o-c=o1610；1570，1500芳环骨架c=c伸缩振动(c=c)共轭芳环1460甲基变形振动as（ch3）-ch31390，1365甲基变形振动s（ch3） -ch3830芳环碳氢变形伸缩振动g =c-h）芳环对位二取代根据以上分析，可知其结构原子吸收分光光度法1 原子吸收分光光度法中，为什么要求用锐线光源？原子吸收法的定量依据使比尔定律，而比尔定律只适应于单色光，并且只有当光源的带宽比吸收线的宽度窄时，吸光度和浓度的线性关系才成

8、立。因为大多数元素的吸收线的半宽度为103nm左右，即使使用一个质量很好的单色器，其所提供的有效带宽也要明显大于原子吸收线的宽度。若采用连续光源和单色器分光的方法测定原子吸收则不可避免的出现非线性校正曲线，且灵敏度也很低。原子吸收分光光度法采用峰值吸收代替积分吸收，对光源的基本要求是光源发射线的半宽度应小于吸收线的半宽度；发射线中心频率恰好与吸收线中心频率v0相重合。只有使用锐线光源才能符合要求。2. 简述发射线和吸收线的轮廓对原子吸收分光光度分析的影响。发射线和吸收线的谱线轮廓对原子吸收分光光度分析的灵敏度和校正曲线的线性关系都有明显影响。（1）当发射线宽度吸收线宽度时，吸收完全，灵敏度高，

9、校正曲线线性好，准确度高。（2）当发射线宽度吸收线宽度时，吸收不完全，灵敏度低，校正曲线线性差，准确度差。（3）发射线与吸收线轮廓有显著位移时，吸收最不完全，灵敏度最低，校正曲线线性最差，准确度最差。3计算激发态与基态原子数之比。 4原子吸收分光光度法测定镁灵敏度时，若配制浓度为2ug/ml的水溶液，测得其透光度为50%，试计算镁的灵敏度。0.0292ug/ml/1%）5用标准加入法测定一无机试样溶液中镉的浓度，各试液在加入镉对照品溶液后，用水稀释至50ml，测得吸光度如下，求试样中镉的浓度。（0.574 mg/l）序号试液(ml)加入镉对照品溶液(l0/ml)的毫升数吸光度稀释后浓度（/ml

10、）12000.0420.0022010.0800.2032020.1160.4042040.1900.80（1）计算出稀释后的浓度 (10v)/50 数据线性拟合得线性方程为：a=0.1846c+0.0424外推当a=0时，代入线性方程得c=0.2297 cx=0.229750/20=0.574 mg/l6用原子吸收分光光度法测定自来水中镁的含量。取一系列镁对照品溶液(1/ml)及自来水样于50ml量瓶中，分别加入5%锶盐溶液2ml后，用蒸馏水稀释至刻度。然后与蒸馏水交替喷雾测定其吸光度。其数据如下所示，计算自来水中镁的含量(mg/l)。(0.095mg/l)1234567镁对照品溶液(ml)

11、吸光度0.000.0431.000.0922.000.1403.000.1874.000.2345.000.234自来水样20ml0.135从标准曲线上查出20ml自来水中含有1.92 ug mg, 自来水中mg的含量为1.92*1000/20=95.5 ug/l=0.0955 mg/l核磁共振波谱法1下列哪一组原子核不产生核磁共振信号，为什么？、 、 、 、并不是是所有原子核都能产生核磁共振信号，原子核能产生核磁共振是因为具有核自旋，其自旋量子数须不等于0。质量数和质子数均为偶数的原子核，自旋量子数为0 ，质量数为奇数的原子核，自旋量子数为半整数，质量数为偶数，质子数为奇数的原子核，自旋量子

12、数为整数。由此，、这一组原子核都不产生核磁共振信号。2单取代苯的取代基为烷基时，苯环上的芳氢（5个）为单峰，为什么？两取代基为极性基团（如卤素、nh2、oh等），苯环的芳氢变为多重峰，试说明原因，并推测是什么自旋系统。单取代苯若取代基为饱和烷基，则构成a5系统，呈现单峰；取代基不是饱和烷基时，可能构成abbcc系统；如苯酚等。 双取代苯若对位取代苯的两个取代基xy，苯环上四个氢可能形成aabb系统，如对氯苯胺。对取代苯的谱图具有鲜明的特点，是取代苯谱图中最易识别的。它粗看是左右对称的四重峰，中间一对峰强，外面一对峰弱，每个峰可能还有各自小的卫星峰。3在质子共振谱中，可以看到hf质子的双峰，而只

13、能看到hcl的质子单峰。为什么？hf中1h与19f的自旋分裂氟(19f)自旋量子数i也等于1/2，与1h相同，在外加磁场中也应有2个方向相反的自旋取向。这2种不同的自旋取向将通过电子的传递作用，对相邻1h核实受磁场强度产生一定的影响。所以hf中1h核共振峰分裂为2个小峰(二重峰)。同理，hf中19f核也会因相邻1h核的自旋干扰，偶合裂分为2个小峰。并非所有的原子核对相邻氢核都有自旋偶合干扰作用。如35cl、79br核，虽然，i0，预期对相邻氢核有自旋偶合干扰作用，但因它们的电四极矩很大，会引起相邻氢核的自旋去偶作用，因此看不到偶合干扰现象。4. 一个未知物的分子式为c9h10n。a 1.22（

14、d）、b 2.80（sep）、c 3.44（s）、d 6.60（m，多重峰）及e 7.03（m）。氢核磁共振谱如图所示，试确定其结构式。 u=4，结构式中可能具有苯环。 氢分布为从右至左：a：b：c：d：e = 6h (1.8cm)：1h (0.3cm)：2h (0.6cm)：2h (0.6cm)：2h (0.6cm)。 根据化学位移、氢分布及峰形解析(1) a、b为ch(ch3)2。理由：a与6个h相邻分裂为七重峰，b与1个h相邻分裂为二重峰。db=2.80，可知ch与苯环相连，可由教材表14-3计算证明。b = 1.55 + 1.33 (ar) = 2.88(2) d 6.60（2h，m）

15、与e 7.03（2h，m）：查教材图14-3为芳氢，根据峰形与教材图14-17相似，h数又为4 h，可能是对位双取代苯环（aabb系统）(3) c 3.44（2h，s）：由分子式c9h10n中减去（c3h7 + c6h4）余nh2（氨基），化学位移也相符。 未知物可能是对异丙基苯胺。 核对：不饱和度吻合；查对sadtler标准nmr波谱，证明结论合理。5由下述nmr图谱，进行波谱解析，给出未知物的分子结构及自旋系统。(1)已知化合物的分子式为c9h12，核磁共振谱如图14-25所示。 (异丙苯，a6x及a5，2个自旋系统) u=4，结构式中可能具有苯环。 氢分布a：b：c = 6：1：5。 n

16、/j=14.4，一级偶合系统。 da =1.22峰为甲基蜂。根据氢分布，应是两个化学位移一致的甲基峰，此峰被分裂为二重峰(1:1)，说明与ch相连。db =2.83峰为ch峰。该峰被分裂为七重峰(峰高比为1:6:15:20:15:6:1)，说明与6个氢相邻。dc =7.09峰为孤立峰。根据氢分布为5个氢，说明是不与其他氢核偶合的单取代苯。n/j 10，符合n+1律及一级偶合的其他特征。综合上述理由，未知物是异丙苯，a6x及a5，两个一级自旋系统。 (2)某一含有c、h、n和o的化合物，其相对分子质量为147，c为73.5，h为6%，n为9.5%，o为11，核磁共振谱如图14-26所示。试推测该

17、化合物的结构。 根据元素分析的结果可知：化合物分子式为c9h9on u=6，结构式中可能具有苯环。 由织分线曲线知：氢分布为从右至左：a：b：c：d=2h：3h：4h。a含2个氢，单峰，为孤立的亚甲基蜂。da3.5，可知ch2不是与氧相连(arch2o的d为4.25.0)b含3个氢，单峰，为孤立的甲基蜂。db为3.53.8，由计算公式d=b+ssi估算，ch3与氧相连(ch3o)。d含4个氢，d7，双二重峰。说明是对位双取代苯环。 综上所述，结构式为自旋系统：a3、aabb、a2。(3)已知化合物的分子式为c10h10br2o，核磁共振谱如图14-27所示。 u=5，结构式中可能具有苯环。 由

18、积分线曲线知：氢分布为从右至左：a：b：c：d=3h：1h：1h：5h。 a含3个氢，单峰，为孤立的甲基蜂。da为2.42，说明ch3与c=o相连，由计算公式d=b+ssi估算，而不是与氧相连(ch3o的d为3.53.8)。 d含5个氢，d=7.35。说明是单取代苯环。单峰，说明苯环与烃基相连。 分子式中扣除ch3c=o及c6h5，余c2h2br2，c、d皆为二重峰，db=4.91、dc=5.33，说明存在着chbrchbr基团。 综上所述，结构式为自旋系统：a5、ab、a3。质 谱 法1质谱仪由哪几个部分组成？各部分的作用是什么。质谱仪，其基本组成是相同的。都包括进样系统、离子源、质量分析器

19、、检测器和真空系统。进样系统：高效重复地把被分析的物质，即样品送进离子源。离子源：将欲分析样品电离，得到带有样品信息的离子。质量分析器：将离子源产生的离子按m/z顺序分离开来。检测器：用以测量、记录离子流强度而得出质增图。真空系统：保证离子源中灯丝的正常工作，保证离子在离子源和分析器正常运行，消减不必要的离子碰撞，散射效应，复合反应和离子-分子反应，减小本底与记忆效应,2、离子源的作用是什么？试述几种常见离子源的原理及优缺点。离子源又称电离源。其功能是将进样系统导入的气态样品分子转化成离子。电子轰击源（ei）：电加热锑或钨丝至2000，产生高速的电子束，样品经气化进入电离室，与电子流撞击，若获

20、得能量高于分子的电离能则分子m 失去电子而发生电离或破碎。ei源的优点：(1)非选择性电离，电离效率高；（2）应用广，重现性好；（3）灵敏度高，所得碎片离子多，质谱图能提供丰富的结构信息；（4）稳定性高，操作简便。ei源的缺点：(1)样品必须能气化，不适宜分析难挥发、热敏性的物质；（2）有的化合物在ei方式下分子离子不稳定，易破碎，得不到分子量信息。化学电离源（ci）：利用低压样品气与高压的反应气，在高能电子流（500 ev）轰击下，发生离子分子反应。反应气在电子流的作用下电离或裂解，生成的离子和反应气分子进一步反应或与样品分子发生离子-分子反应，通过质子交换使样品分子电离。ci源的优点：(1

21、)属于软电离，准分子离子峰强度大；（2）易获得有关化合物的基团信息；（3）适宜做多离子检测。ci源的缺点：(1)其图谱与实验条件有关，一般不能制作标准图谱。（2）碎片离子少，缺少样品的结构信息；（3）样品需加热气化后进行离子化，不适合于热不稳定和难挥发样品的分析。3、试计算c6h4n2o4及c12h24两化合物的(m+1/m)100的值（强度比）。4、某一脂肪胺的分子离子峰为m/z 87，基峰为 m/z 30，以下哪个结构与上述质谱数据相符？为什么？ （a）a位无取代基的伯胺形成的基峰为ch2=nh2+ (m/z 30) 5、解释下列化合物质谱中某些主要离子的可能断裂途径：（1）丁酸甲酯 m/

22、z 43、59、71、74；（2）乙基苯 m/z 91、92；（3）庚酮-4 m/z 43、71、86；（4）三乙胺m/z 58、86。（1）（2）乙基苯（3）庚酮-4（4）三乙胺6、试判断下列化合物质谱图中，有几种碎片离子峰？何者丰度最高？m/z 71 （丰度最高） 99 85 297某化合物c4h8o，质谱如图所示，试推测出其结构并写出主要碎片离子的断裂过程。解：（1）由分子式c4h8o, 计算出不饱和度u = 2，说明可能存在双键。（2）根据质谱图推断可能存在的碎片离子： (m/z 57)、 (m/z 43)、 (m/z 29)由以上信息可推断其结构。主要的碎片裂解过程如下：8某未知化合

23、物c8h8o，质谱如图所示，试推测出其结构并写出主要碎片离子的断裂过程。解：（1）由分子式c8h8o, 计算出不饱和度u = 5，说明可能存在苯环。（2）根据质谱图推断可能存在的碎片离子： (m/z 105)、 (m/z 77)、 (m/z 43)。（3）相对分子质量为120.由以上信息可推断其结构主要的碎片裂解过程如下：9. 由元素分析测得某化合物的组成式为c8h8o2，其质谱如图所示，确定其化合物的结构。解：（1）由分子式c8h8o2, 计算出不饱和度u = 5，说明可能存在苯环。（2）根据质谱图推断可能存在的碎片离子： (m/z 105)、 (m/z 77)、 (m/z 51)、 (m/

24、z 39)、 (m/z 31)由以上信息可推断其结构 主要的碎片裂解过程如下：10. 某未知物的95%乙醇溶液在 245nm 处有最大吸收（lgmax=2.8）；该未知物纯品的质谱显示，分子离子峰的m/z为130，参照元素分析其分子式应为c6h10o3，核磁共振氢谱：2.20为3质子单峰，3.34为2质子单峰，4.11为2质子四峰。红外光谱及质谱图如下，试推测其结构。 解：(1) 由分子式c6h10o3, 计算出不饱和度u = 2，m = 130,说明含偶数个n或不含氮。色谱分析法概论1在一液液色谱柱上，组分a和b的k分别为10和15，柱的固定相体积为0.5ml，流动相体积为1.5ml，流速为

25、0.5ml/min。求a、b的保留时间和保留体积。2在一根3m长的色谱柱上分离一个试样的结果如下：死时间为1min，组分1的保留时间为14min，组分2的保留时间为17min，峰宽为1min。(1) 用组分2计算色谱柱的理论塔板数n及塔板高度h；(2) 求调整保留时间及；(3) 用组分2 求nef及hef；(4) 求容量因子k1及k2；(5) 求相对保留值和分离度r。 3一根分配色谱柱，校正到柱温、柱压下的载气流速为43.75ml/min；由固定液的涂量及固定液在柱温下的密度计算得vs=14.1ml。分离一个含四组分的试样，测得这些组分的保留时间：苯1.41min、甲苯2.67min、乙苯4.

26、18min，异丙苯5.34min，死时间为0.24min。求：(1) 死体积；(2) 这些组分的调整保留时间；(3) 它们在此柱温下的分配系数（假定检测器及柱头等体积可以忽略）；(4) 相邻两组分的分配系数比a。（1） v0=t0u=0.2443.75ml/min=10.5cm3（2） (苯) =1.410.24=1.17min , (甲苯) =2.670.24=2.43min , (乙苯) =4.180.24=3.94min , (异丙苯) =5.340.24=5.10min4在一根甲基硅橡胶 (ov-1) 色谱柱上，柱温120。测得一些纯物质的保留时间：甲烷4.9s、正己烷84.9s、正庚

27、烷145.0s、正辛烷250.3s、正壬烷436.9s、苯128.8s、3-正己酮230.5s、正丁酸乙酯248.9s、正己醇413.2s及某正构饱和烷烃50.6s。(1) 求出后5个化合物的保留指数。未知正构饱和烷烃是何物质？ (2) 解释上述五个六碳化合物的保留指数为何不同。(3) 说明应如何正确选择正构烷烃物质对，以减小计算误差。物质甲烷某正构烷烃正己烷苯正庚烷正己酮正丁酸乙酯正辛烷正己醇正壬烷tr（s）4.950.684.9128.8145.0230.5248.9250.3431.2436.9 根据保留指数的公式和意义，5个化合物的保留指数为：设某正构烷烃的碳数为x，则解此方程得x=5

28、, 所以该正构烷烃为正戊烷。（2）上述五个化合物极性由大到小分别为：正己醇正丁酸乙酯3-正己酮苯正戊烷，根据气液色谱固定液的作用原理，在弱极性的ov-1柱上保留能力由强到弱，即保留指数由大至小。（3）选择正构饱和烷烃物质对的tr值最好与被测物质的tr值相近，以减小测定误差。5某色谱柱长100cm，流动相流速为0.1cm/s，已知组分a的洗脱时间为40 min，求组分a在流动相中的时间和保留比r=t0/tr为多少。 (16.7min，0.42)流动相流过色谱柱所需的时间即死时间t0，即为组分a在流动相中的停留时间：t0=l/u=100/(0.160)=16.7min组分a的洗脱时间即其保留时间t

29、r保留比r=t0/tr=16.7/40=0.426某ywg-c18h37 4.6mm25cm柱，以甲醇水（80:20）为流动相，测得苯和萘的tr和w1/2分别为4.65和7.39 min, 0.158和0.228 min。求柱效和分离度。7在某一液相色谱柱上组分a流出需15.0min，组分b流出需25.0min，而不溶于固定相的物质c流出需2.0min。问：（1）b组分相对于a的相对保留值是多少？（2）a组分相对于b的相对保留值是多少？（3）组分a在柱中的容量因子是多少？（4）组分b在固定相的时间是多少？气相色谱法1 在gc中，改变下列一个色谱条件，其余色谱条件不变，问：对色谱峰形有何影响？并

30、说明理由。（1）柱长增加一倍; （2）载气流速增加；（3）载气摩尔质量减少，并在低流速区工作；（4）采用黏度较小的固定液。（1）柱长增加一倍，h不变。l2l原，则n2n原，tr2 tr原，且由n=16(tr/w)2知w为。根据色谱分离方程，柱长增加，分离度r增加到原来的倍。（2）载气流速增加，在柱中纵向扩散减小，h减小，tr变小，峰变窄。随着保留时间的减小，分离度降低。（3）在低流速区，以b/u为主，b=2gdm，载气摩尔质量减小，dm，b，h，n, w，r，所以在低流速区，载气摩尔质量减小，色谱峰变宽，分离度可能降低。（4）速率方程中，固定液黏度较变小，dl，c, h, n,w。固采用黏度较

31、小的固定液可使峰宽变窄。2用一根色谱柱分离a和b两组分， a与b的保留时间分别为320秒和350秒，死时间25秒，若两峰峰宽相等，要使两峰完全分离，柱长至少为多少？(假设塔板高度0.11mm)3一气相色谱柱在van deemter方程中a、b、c值各为0.013cm，0.40cm2s-1，0.0053s。试计算最小塔板高度及最佳流速。 通过对速率方程求导，可得出h最小时的流速为下式：4气相色谱定量分析时，为什么要引入定量校正因子？色谱定量分析是基于被测物质的量与其蜂面积的正比关系。但是由于同一检测器对不同的物质具有不同的响应值，所以两个相等量的物质得出的峰面积往往不相等，这样就不能用峰面积来直

32、接计算物质的含量。为了使检测器产生的响应讯号能真实地反映出物质的含量，就要对响应值进行校正，因此引人“定量校正因子”。5、计算样品中a的质量分数。6、求某五元混合物各组分的百分含量。（归一化法）7、求牛黄解毒片中冰片含量。（外标一点法）8、用气相色谱法测定某酊剂中含醇量。（内标对比法）9、采用标准加入法测定制剂中某药物i的质量分数。（标准加入法）高效液相色谱法1 简述高效液相色谱法和气相色谱法的主要异同点。相同点：均为高效、高速、高选择性的色谱方法，兼具分离和分析功能，均可以在线检测 不同点： 分析对象及范围流动相的选择操作条件gc能气化、热稳定性好、且沸点较低的样品，占有机物的20%流动相为

33、有限的几种“惰性”气体，只起运载作用，对组分作用小加温常压操作hplc溶解后能制成溶液的样品，高沸点、高分子量、难气化、离子型的稳定或不稳定化合物，占有机物的80%流动相为液体或各种液体的混合。它除了起运载作用外，还可通过溶剂来控制和改进分离。室温高压进行2离子色谱法、反相离子对色谱法与离子抑制色谱法的原理及应用范围有何区别？离子色谱法(ion chromatography) ：用离子交换树脂为固定相，电解质溶液为流动相。以电导检测器为通用检测器。试样组分在分离柱和抑制柱上的反应原理与离子交换色谱法相同。离子色谱法是溶液中阴离子分析的最佳方法，也可用于阳离子分析。反相离子对色谱法(ipc或pi

34、c) ：反相色谱中，在极性流动相中加入离子对试剂，使被测组分与其中的反离子形成中性离子对，增加k和tr，以改善分离。适用于较强的有机酸、碱。反相离子抑制色谱：在反相色谱中，通过加入缓冲溶液调节流动相ph值，抑制组分解离，增加其k和tr，以达到改善分离的目的。适用于极弱酸碱物质（ph=37弱酸；ph=78弱碱；两性化合物）3速率理论方程式在hplc中与在gc中有何异同？如何指导hplc实验条件的选择？解:液相色谱中引起色谱峰扩展的主要因素为涡流扩散、流动的流动相传质、滞留的流动相传质以及柱外效应。在气相色谱中径向扩散往往比较显著，而液相色谱中径向扩散的影响较弱，往往可以忽略。另外，在液相色谱中还

35、存在比较显著的滞留流动相传质及柱外效应。在高效液相色谱中，对液液分配色谱，van deemter方程的完整表达形式为由此，hplc的实验条件应该是：小粒度、均匀的球形化学键合相；低粘度流动相，流速不宜过快；柱温适当。4试讨论影响hplc分离度的各种因素，如何提高分离度？(1) 色谱填充性能：液相色谱柱分离性能的优劣，是由固定相粒度、柱长、由柱内径和填充状况决定的柱压降这三个参数度决定的。这三个参数度也决定了样品组分的保留时间，保留时间不仅与色谱过程的热力学因素k有关，还直接与决定柱效与分离度的柱性能参数及流动相的黏度有关，这些参数都是影响色谱分离过程动力学的重要因素。但在高效液相色谱中，分离柱

36、的制备是一项技术要求非常高的工作，一般都是购买商品柱，很少自行制备。(2) 流动相及流动相的极性：液相色谱中，改变淋洗液组成、极性是改善分离的最直接因素。液相色谱不可能通过增加柱温来改善传质。因此大多是恒温分析。流动相选择在液相色谱中显得特别重要，流动相可显著改变组分分离状况。(3) 流速：流速大于0.5 cm/s时， hu曲线是一段斜率不大的直线。降低流速，柱效提高不是很大。但在实际操作中，流量仍是一个调整分离度和出峰时间的重要可选择参数。5指出苯、萘、蒽在反相色谱中的洗脱顺序并说明原因。三者极性顺序从大到小是苯、萘、蒽，因此在反相色谱中的洗脱顺序为苯、萘、蒽，苯最先出峰。6宜用何种hplc方法分离下列物质？（1）乙醇和丁醇；（2）ba2+和sr2+；（3）正戊酸和正丁酸；（4）相对分子质量的的葡糖苷。（1）正相键合相色谱法 （2）离子交换色谱法（3）离子对色谱法 （4）空间排阻色谱法7外标法测定黄芩颗粒中的黄芩苷的质量分数。 8内标校正因子法计算炔诺酮和炔雌醇的质量分数。 9测定生物碱试样中黄连碱和小檗碱的含量。计算试样中黄连碱和小檗碱的质量分数。10用15cm长的ods柱分离两个组分。柱效n=2.84104m1；测得t0=1.31min；组分的tr1=4.10min；tr2=4.45min。(1)求k1、k2、r值。(2)若增加柱长至30cm，分离度r