2019-2020学年贵州省贵阳市高二(上)月考物理试卷(11月份)

1、2019-2020 学年贵州省贵阳市高二（上）月考物理试卷 （ 11月份）一、单选题（本大题共16 小题，共 48.0 分）1. 一质点沿 x 轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其图象如图所示，则A. 质点做匀速直线运动，速度为B. 质点做匀加速直线运动，加速度为C. 质点在末速度为D. 质点在第内的平均速度为2. 如图所示，质量为 m 的物体放在质量为 M、倾角为 的斜面体上，斜面体置于粗糙的水平地面上，用平行于斜面的力F 拉物体使其沿斜面向下匀速运动，斜面体始终静止， 则下列说法正确的是A. 地面对斜面体的摩擦力大小为B. 地面对斜面体的支持力为C. 物体对斜面体的摩擦力的大小为

2、FD. 斜面体对物体的作用力竖直向上3. 如图所示，木板 AB 长为 L ，木板 B 端放有质量为的静止物体，物体与板的动摩擦因数为，开始时板水平，现缓慢地高B端使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为a时小物体开始滑动， 此时停止转动木板， 小物体滑到木板 A 端，则在整个过程中下列说法不正确的是A. 摩擦力对小物体做功为B. 支持力对小物体做功为C. 重力对小物体做功为 0D. 木板对小物体做功为4.如图，竖直环A 半径为 r ，固定在木板B 上，木板B 放在水平地面上，B 的左右两侧各有一，挡板固定喜爱地上，B 不能左右运动，在环的最低点静放有一小球C，A、B、C 的质量均为m，

3、现给小球一水平向右的瞬时速度v，小球会在环内侧做圆周运动，为保证小球能通过环的最高点，且不会使环在竖直方向上跳起不计小球与环的摩擦阻力，小球在最低点的瞬时速度必须满足A. 最小值，最大值B. 最小值，最大值C. 最小值，最大值D. 最小值，最大值5. 如图所示， 真空中 M、N 处放置两等量异种电荷， a、b、 c 为电场中的三点， 实线 PQ 为 M、N 连线的中垂线， a、 b 两点关于 MN 对称， a、 c 两点关于 PQ 对称已知一带正电的试探电荷从 a 点移动到 c 点时，试探电荷的电势能增加，则以下判断正确的是第1页，共 24页A. a 点的电势高于c 点的电势B. a 点的场强

4、与c 点的场强完全相同C. M 点处放置的是正电荷D. 若将带正电的试探电荷沿直线由a 点移动到 b 点，则电场力先做正功，后做负功6. 如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹粒子先经过M 点，再经过N 点可以判定A. 粒子在 M 点受到的电场力大于在N 点受到的电场力B. M 点的电势高于N 点的电势C. 粒子带负电D. 粒子在 M 点的动能大于在 N 点的动能7.如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、 B 之间的 P 点，处于静止状态 现将极板 A 向下平移一小段距离， 但仍在 P 点上方，其它条件不变下列说法中正确的是A. 液滴将向下运动B. 液滴

5、将向上运动C. 电容器电容变小D. 极板带电荷量将减少8. 在纯电阻电路中， 当用一个固定的电源 设 E、r 是定值 向变化的外电阻供电时，关于电源的输出功率 P 随外电阻 R 变化的规律如图所示，则下列说法错误的是A. 当时，电源有最大的输出功率B. 当时，电源的效率C. 电源的输出功率P 随外电阻R 的增大而增大D. 电源的效率随外电阻R 的增大而增大9.如图甲，小球用不可伸长的轻绳连接绕定点O 在竖直面内圆周运动，小球经过最高点的速度大小为 v，此时绳子拉力大小为 F ，拉力 F 与速度的平方 的关系如图乙所示，图象中的数据 a 和 b 以及重力加速度 g 都为已知量，以下说法正确的是A

6、. 数据 a 与小球的质量有关B. 数据 b 与小球的质量无关C. 比值 只与小球的质量有关，与圆周轨道半径无关D. 利用数据 a、 b 和 g 能够求出小球的质量和圆周轨道半径10. 如图所示，在磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场中金属杆MN 在平行金属导轨上以速度v 向右匀速滑动。 金属导轨间距为L，电阻不计，金属杆MN 电阻为 2R、长度为 L，ab间电阻为 R， MN 两点间电势差为 U ，则通过电阻 R 的电流方向及U的大小第2页，共 24页A.C.BLv，B.D.，11. 图甲、图乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示电压按正弦规律变化，下列说法正确的是A. 图甲表示交

7、流电，图乙表示直流电B. 两种电压的有效值都是 311VC. 图甲所示电压的瞬时值表达式为D. 图甲所示电压经原、副线圈匝数比为10：1 的理想变压器变压后，功率比为1：112. 如图所示，质量为 m、长为 L 的导体棒电阻为 R，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为 E，内阻不计。匀强磁场的磁感应强度为 B，其方向与轨道平面成 角斜向上方，开关闭合后导体棒开始运动，则A.B.导体棒向左运动开关闭合瞬间导体棒MN 所受安培力为C. 开关闭合瞬间导体棒MN 所受安培力为D. 开关闭合瞬间导体棒MN 的加速度为13. 2017 年 3 月 22 日消息，俄生产出新型电子回旋加速器，可检测焊接

8、和铸造强度回旋加速器原理如图所示，它的核心部分是两个 D 形金属盒，两盒相距很近，分别和交变电源相连接，两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒底面，某一带电粒子在磁场中做圆周运动，通过两盒间的窄缝时反复被加速，当达到最大圆周半径时通过特殊装置被引出关于回旋加速器，下列说法中正确的是A. 带电粒子在回旋加速器中做圆周运动的周期随半径的增大而增大B. 带电粒子从磁场中获得能量C. 增大加速电场的电压，带电粒子离开磁场的动能将增大D. 增大加速电场的电压，其余条件不变，带电粒子在D 形盒中运动的时间变短14. 如图所示，由均匀导线制成的，半径为R 的圆环，以 v 的速度匀速进入一磁感应强度大小为B 的

9、匀强磁场。当圆环运动到图示位置时， a、b 两点的电势差为A.B.C.D.15.如图所示，套在竖直细杆上的环A 由跨过定滑轮且不可伸长的轻绳与 B 相连，在外力作用下A 沿杆以速度匀速上升经过P、Q，经过 P 点时绳与竖直杆间的角度为，经过 Q 点时 A 与定滑第3页，共 24页轮的连线处于水平方向，则A.B.经过 Q 点时， B 的速度方向向下经过 P 点时， B 的速度等于C. 当 A 从 P 至 Q 的过程中， B 处于失重状态D. 当 A 从 P 至 Q 的过程中， B 处于超重状态16. 如图所示是一个说明示波管工作原理的示意图， 电子经电压 加速后垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转

10、量是 h，两平行板间的距离为 d，电势差为 ，板长为 为了提高示波管的灵敏度 每单位电压引起的偏转量，可采用的方法是A.C.增大两板间的电势差尽可能使板间距离d 小一些B.D.尽可能使板长L 短些使加速电压升高一些二、多选题（本大题共10 小题，共 30.0分）17.一物体运动的位移与时间关系以 s为单位 则A. 这个物体的初速度为B. 这个物体的初速度为C. 这个物体的加速度为D. 这个物体的加速度为 818.“蹦极”是一项非常刺激的体育运动某人身系弹性绳自高空 P 点自由下落，如图中 a 点是弹性绳的原长位置， c 是人所到达的最低点， b 是人静止地悬吊着时的平衡位置人从P 点落下到最低

11、点c 的过程中A. 人在 Pa 段做自由落体运动，处于完全失重状态B.C.D.在 ab 段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态在 bc 段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态在 c 点，人的速度为零，其加速度为零19. 某静电场的电场线分布如图所示， P、 Q 为该电场中的两点，下列说法正确的是A. P 点场强大于 Q 点场强B. P 点电势低于 Q 点电势C. 若将电子从 Q 点静止释放，电子将沿电场线从Q 运动到 PD. 将电子从 P 点移动到 Q 点，其电势能增大20.如图所示是研究自感通电实验的电路图，、是两个规格相同的小灯泡，闭合电键调节电阻R，使两个灯泡的亮度相同，调节可变电阻，使

12、他们都正常发光，然后断开电键重新闭合电键S，则第4页，共 24页A. 闭合瞬间，立刻变亮，逐渐变亮B. 闭合瞬间，立刻变亮，逐渐变亮C.D.稳定后， L 和 R 两端电势差一定相同稳定后，和两端电势差不相同21. 某静电场中的一条电场线与 x 轴重合，其电势的变化规律如图所示在 O 点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则在 区间内A. 该静电场是匀强电场B. 该静电场是非匀强电场C.D.电子将沿x 轴正方向运动，加速度逐渐减小电子将沿x 轴正方向运动，加速度逐渐增大22. 2019 年 4 月 10 日 21 时，人类首张黑洞照片发布，这颗黑洞就是 M87 星系中心的超大质量黑洞， 对周

13、围的物质 包括光子 有极强的吸引力。已知该黑洞质量为M，质量 M 与半径 R 满足：，其中 c 为光速， G 为引力常量，设该黑洞是质量分布均匀的球体，则下列说法正确的是A. 该黑洞的半径为B. 该黑洞的平均密度为C. 该黑洞表面的重力加速度为D. 该黑洞的第一宇宙速度为23. 如图甲所示， 轻弹簧竖直放置， 下端固定在水平地面上， 一质量为 m 的小球， 从离弹簧上端高 h 处由静止释放。 某同学在研究小球落到弹簧上后继续向下运动到最低点的过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴Ox，做出小球所受弹力 F 大小随小球下落的位置坐标 x 的变化关系如图乙所示， 不计空气阻力

14、，重力加速度为 g。以下判断正确的是A.B.小球受到的弹力最大值等于2mg当，重力势能与弹性势能之和最小第5页，共 24页C. 小球动能的最大值为D. 弹力 F 随时间 t 变化的图象也应该是线性图象24.如图所示，在屏MN 的上方有磁感应强度为B 的匀强磁场， P 为屏上的一个小孔，PC 与 MN 垂直。一群质量为m、带电量为的粒子 不计重力以相同的速率 v 从 P 处沿垂直于磁场的方向射入磁场区域，且限制在与PC 夹角为的范围内即图中范围，下列说法正确的有A.B.沿 PC 方向进入磁场的粒子，打在屏上的位置距离P 点最远沿 PD 或方向进入磁场的粒子，打在屏上的位置距离P 点最远C. 打在

15、屏上的位置距离P 点最远的距离等于D. 打在屏上的位置距离P 点最近的距离等于25.如图甲所示，倾角为的光滑斜面固定在水平面上，劲度系数为k 的轻弹簧，下端固定在斜面底端，上端与质量为m 的物块 A 连接， A 的右侧紧靠一质量为m 的物块 B，但 B 与 A 不粘连 初始时两物块均静止现用平行于斜面向上的拉力F 作用在 B，使 B 做加速度为a 的匀加速运动， 两物块在开始一段时间内的图象如图乙所示， 时刻 A、 B 的图线相切， 时刻对应 A 图线的最高点，重力加速度为 g，则A.B. 时刻，弹簧形变量为C. 时刻弹簧恢复到原长，物块A 达到速度最大值D. 从开始到 时刻，拉力 F 做的功

16、比弹簧释放的势能少26. 如图所示，边长为 L 的正方形单匝线圈 abcd，电阻 r ，外电路的电阻为R， a、 b 的中点和cd 的中点的连线恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置开始，以角速度绕轴匀速转动，则以下判断正确的是A. 图示位置线圈中的感应电动势最大为B. 闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为C. 线圈从图示位置转过的过程中，流过电阻R 的电荷量为D. 线圈转动一周的过程中，电阻R 上产生的热量为第6页，共 24页三、实验题（本大题共2 小题，共18.0 分）27. 在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，实验室提供了以下器材：电火花计时器、一端附有

17、定滑轮的长铝板、小车、纸带、细绳、钩码、刻度尺、交流电源、秒表。其中在本实验中不需要的器材是_ 。如图 1 所示，是某同学用电火花计时器得到的表示小车运动过程的一条清晰纸带，电火花计时器打点的时间间隔，将纸带上一点标记为A 点，然后按打点顺序每隔四个点图上没画出依次标为B、 C、，其中，。下表列出了打点计时器打下 B、C、E、F 时小车的瞬时速度，请在表中填入打点计时器打下 D 点时小车的瞬时速度。位置BCDEF速度以 A 点为计时起点，在坐标图2 中画出小车的速度时间关系图线。根据你画出的小车的速度时间关系图线计算出的小车的加速度_。28.小明测定干电池的电动势和内阻，实验室有如下实验器材：

18、干电池一节电动势约为，量程为的电压表，量程为 15V 的电压表，量程为的电流表，量程为的电流表，最大阻值为的滑动变阻器，最大阻值为的滑动变阻器，开关一个，导线若干。根据所学的知识回答下列问题：为了减小实验误差，电压表应选择_，电流表应选择_，滑动变阻器应选择 _。 填器材对应的字母将所选的实验器材在图中用笔画线代替导线连接。连接好电路后，通过调节滑动变阻器得到多组实验数据，将所得数据描点在坐标系中，并将这些点连起来如图所示。由图可知该电池的电动势大小为_ V，测量值比真实值_ 填“偏大”、 “偏小”或“相等”；内阻大小为 _，第7页，共 24页测量值比真实值_ 填“偏大”、“偏小”或“相等”。

19、 结果均保留3 位有效数字四、计算题（本大题共2 小题，共20.0 分）29.如图所示， 长的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角已知小球所带电荷量，匀强电场的场强，取重力加速度，求：小球所受电场力F 的大小；小球的质量m；将电场撤去，小球回到最低点时速度v 的大小30. 如图所示，相距 20cm 的平行金属导轨所在平面与水平面夹角，现在导轨上放一质量为330g 的金属棒 ab ，它与导轨间动摩擦因数为，整个装置处于磁感应强度为 2T 的竖直向上匀强磁场中，导轨所接电源的电动势为15V，电阻不计，滑动变阻器的阻值满足要求，其他部

20、分电阻不计，取，为了保证ab 处于静止状态，则：通入的最大电流为多少？通入的最小电流为多少？的调节范围是多大？五、简答题（本大题共2 小题，共16.0 分）第8页，共 24页31. 一个边长为的正方形线圈， 总电阻为，当线圈以的速度通过磁感应强度的匀强磁场区域时，线圈平面总保持与磁场垂直。若磁场的宽度，如图所示，求：线圈进入磁场过程中感应电流的大小；线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热。线圈在进入磁场过程中通过线圈截面的电量。32. 如图所示的平面直角坐标系xOy，在第 I 、 象限内有平行于y 轴，电场强度大小相同、方向相反的匀强电场，在第 象限内有垂直于纸面向内的匀强磁场。一质量为 m，电

21、荷量为q 的带电的粒子，从y 轴上的点，以大小为的速度沿x 轴正方向射入电场，通过电场后从x 轴的点进入第 象限内，又经过磁场垂直 y 轴进入第 象限，最终粒子从x 轴上的 P 点离开。不计粒子所受到的重力。求：匀强电场的电场强度E 和磁场的磁感应强度B 大小；粒子运动到P 点的速度大小；粒子从 M 点运动到P 点的时间。第9页，共 24页答案和解析1.【答案】 D【解析】解：AB、由图得：。根据，得：，对比可得：，则加速度为由图知质点的加速度不变，说明质点做匀加速直线运动，故AB 错误。C、质点的初速度，在 1s末速度为。质点在第1s 内的平均速度，故 C 错误， D 正确。故选： D。由图

22、写出与 t 的关系式， 根据匀变速直线运动的位移时间公式，求出加速度， 分析质点的运动情况，由图直接读出速度。由公式求平均速度。本题的实质上是速度 时间图象的应用，要明确斜率表示加速度，能根据位移时间公式变形读取有用信息。2.【答案】 A【解析】解： AB、物体 m 沿斜面向下匀速运动，与斜面加速度相同均为零，故可以采用整体法，将物体 m 与斜面体M 看做一个整体，受力分析：根据平衡条件，水平方向：，解得，所以 A 正确。竖直方向：，可得，所以 B 错误。CD 、对物体受力分析如图，物体受到向下的重力mg、拉力 F 、斜面的作用力支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力，第10 页，共 24页由于物体匀

23、速下滑，根据平衡条件m 受到的摩擦力，根据牛顿第三定律：物体 m 对 M 的摩擦力的大小为，故 C 错误；由受力分析，根据平衡条件： M 对物体 m 的作用力即 N 与 f 的合力应该与 mg 合 F 的合力等大反向，如图中，可见 M 对物体 m 的作用力斜向上，所以 D 错误。故选： A。分析本题的关键是通过“整体法”受力分析，然后根据共点力的平衡条件即可求解。本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、 利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解， 然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。注意整体法和隔离法的应用。3.【答案】 A【解

24、析】【分析】对整个过程运用动能定理求解木板对木块做的功。 在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为 的过程中，摩擦力不做功，物块沿木板下滑过程中，摩擦力对物块做功。根据摩擦力与重力分力大小的关系， 求解摩擦力做功。 根据动能定理求解支持力和滑动摩擦力做功。本题运用动能定理求解力做功，首先要选择研究的过程，本题中有两个过程，第一个过程中摩擦力不做功，支持力做功，第二过程中，支持力不做功，摩擦力做功。【解答】A、在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为的过程中，摩擦力不做功，物块沿木板下滑过程中，摩擦力对物块做功。摩擦力为，则摩擦力对物块做功故 A错误。B、在木板从水平位置开始转动到与水平面的

25、夹角为的过程中，支持力对物块做功，物块下滑的过程中，支持力不做功，设前者做功为，根据动能定理得：，得故 B正确。C、根据重力做功的特点可知，整个过程中，重力做功为0，故 C 正确；D 、设在整个过程中，木板对物块做功为W，则故 D 正确。本题选错误的。故选：A。4.【答案】 C【解析】解：在最高点，速度最小时有：，解得：从最高点到最低点的过程中，机械能守恒，设最低点的速度为，根据机械能守恒定律，有：解得：要使不会使环在竖直方向上跳起，环对球的压力最大为：从最高点到最低点的过程中，机械能守恒，设此时最低点的速度为，在最高点，速度最大时有：根据机械能守恒定律有：解得：所以为保证小球能通过环的最高点

26、，且不会使木板离开地面，在最低点的初速度范围为：第11 页，共 24页故 C 正确， ABD 错误故选： C小球在环内侧做圆周运动，通过最高点速度最小时，轨道对球的最小弹力为零，根据牛顿第二定律求出小球在最高点的最小速度；为了不会使环在竖直方向上跳起，小球在最高点对轨道的弹力不能大于 2mg，根据牛顿第二定律求出最高点的最大速度， 再根据机械能守恒定律求出小球在最低点的速度范围本题综合考查了牛顿第二定律和机械能守恒定律，关键理清在最高点的两个临界情况，求出在最高点的最大速度和最小速度5.【答案】 D【解析】解： A、C 因正电荷由 a 到 c 电势能增加，则电场力做负功，则电势升高。故 c 点

27、电势高于 a 点电势。则 M 点为负电荷，故 AC 错误。B、 a 点与 c 点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故 B 错误；D 、将该试探电荷沿直线由 a 点移动到 b 点，根据等势线分布图可知，电势先降低后升高，则电势能先减小后增大，电场力先做正功、后做负功。故D 正确；故选： D。根据正电荷在电势高处电势能大，判断电势高低，即可确定 M 处电荷的电性；根据电场线的分布情况，分析场强关系；由电势的高低，判断电场力对正电荷做功正负在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握6.【答案】 B【解析】

28、解： A、M 点处的电场线较疏，而N 点处电场线较密，则M 点处的电场强度较小，粒子所受的电场力也较小。故A 错误。B、根据顺着电场线方向电势逐渐降低可知，M 点的电势高于N 点的电势，故B 正确。C、由图看出，粒子的轨迹向下弯曲，粒子所受电场力大致向下，电场线方向斜向下，说明粒子带正电。故 C 错误。D 、粒子从 M 运动到 N 的过程中，电场力做正功，粒子的电势能减小，动能增大，则粒子在 M 点的动能小于在 N 点的动能，故 D 错误。故选： B。根据电场线的疏密判断电场强度的大小，再去判断电场力的大小由轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受电场力的大致方向，可确定带电粒子的电性根据电场力做功的正

29、负判断电势能的大小和动能的大小对于粒子在电场中运动的问题， 往往要根据曲线运动的特点： 合力方向指向轨迹的内侧判断电场力方向再结合电场线的物理意义分析场强、电势的大小7.【答案】 B【解析】解：AB、将极板 A 向下平移一小段距离，电容器板间的电压保持不变，根据分析得知，板间场强增大，油滴所受电场力增大，则油滴将向上运动。故A错误，B正确。CD 、将极板A 向下平移一小段距离时，根据电容的决定式得知电容C 增大，而电容器的电压U 不变，由知，极板带电荷量将增大。故CD 错误。故选： B。带电油滴悬浮在平行板电容器中P 点，处于静止状态，电场力与重力平衡，将极板A第12 页，共 24页向下平移一

30、小段距离时，板间距离增大，根据分析板间场强如何变化，判断油滴如何运动根据电容的决定式和定义式结合分析极板所带电量如何变化本题关键要抓住电容器的电压不变，由电容的决定式和电量公式结合分析电量变化8.【答案】 C【解析】解：A、 C 该图象反映了电源的输出功率P 随外电阻 R 变化的规律，由图看出，电源的输出功率随着外电阻的增大先增大后减小，当时，电源有最大的输出功率，故 A正确B、当时，路端电压与电源的内电压，则，电源的效率出总，故 B 正确C、当外电阻 R 等于内阻 r 时， P 最大，故 C 错误D 、电源的效率出，则知 R 增大时，电源的效总率增大，故 D 正确本题选错误的，故选：C根据图

31、象可知，电源的输出功率随着外电阻的增大先增大后减小，当时，功率最大，电源的效率出，从而即可求解电源的功率总本题要求同学们能根据图象得出有效信息，关键知道电源效率如何计算，电源的功率公式，注意本题选择错误的9.【答案】 D【解析】解：A、当时，此时绳子的拉力为零，物体的重力提供向心力，则有：解得：解得：与物体的质量无关，故A 错误；B、当时，对物体受力分析，则有：解得：与小球的质量有关，故B 错误；C、根据 AB 可知：与小球的质量有关，与圆周轨道半径有关，故C 错误；D 、若，由图知：则有：解得：当时，则有：第13 页，共 24页解得：，故 D 正确。故选： D。在最高点，若时，则；若，则，联

32、立即可求得小球质量和当地的重力加速度大小；若。根据向心力公式即可求解。本题主要考查了圆周运动向心力公式的直接应用，要求同学们能根据图象获取有效信息，尤其是图象与坐标轴的交点的物理意义10.【答案】 B【解析】解：由右手定则判断可知，MN 中产生的感应电流方向为，则通过电阻R 的电流方向为，MN 产生的感应电动势公式为：；R 两端的电压为：，故 ACD 错误， B 正确；故选： B。由右手定则或楞次定律判断MN 中产生的感应电流方向，即可知道通过电阻R 的电流方向。 MN 产生的感应电动势公式为 ， E 与 B 成正比，再根据闭合电路欧姆定律即可求得 R 两端的电压。本题关键要掌握楞次定律和切割

33、感应电动势公式，同时注意MN 作为等效电源处理，其两端的电压为路端电压。11.【答案】 D【解析】解：A、由于两图中表示的电流方向都随时间变化，因此都为交流电，故A 错误；B、两种电压的最大值是311V，有效值要小于311V，故 B 错误；C、从图甲可知，所以图1 电压的瞬时值表达式为，故 C 错误；D 、理想变压器变压后，输入功率等于输出功率，功率比为1： 1，故 D 正确；故选： D。解本题时应该掌握：交流电和直流电的定义，直流电是指电流方向不发生变化的电流；理解并会求交流电的有效值，只适用于正余弦交流电；根据图象书写交流电的表达；变压器的原理等本题比较全面的涉及了关于交流电的物理知识，

34、重点是交流电的描述和对于有效值的理解12.【答案】 B【解析】【分析】根据左手定则来确定通电导线的安培力的方向， 闭合电路欧姆定律与安培力公式结合可求出其力的大小，最后由牛顿第二定律来确定导体棒瞬间的加速度。考查左手定则、闭合电路欧姆定律、牛顿第二定律、安培力的大小公式及力的分解，注意左手定则与右手定则的区别。同时注意安培力的方向与导轨的夹角。【解答】A、开关闭合，由左手定则可知，磁感线穿过掌心，则大拇指向为垂直磁感线向右，从而导致导体棒向右运动。故A 错误；第14 页，共 24页BC、当开关闭合后，根据安培力公式，与可得，故 B 正确， C 错误；D 、当开关闭合后，安培力的方向与导轨成的夹

35、角，再根据力的分解可得，合力大小，再由牛顿第二定律与安培力的大小可知，加速度，故 D 错误；故选： B。13.【答案】 D【解析】解：A、粒子做匀速圆周运动时，洛伦兹力提供向心力，故：其中：联立解得：故周期与半径无关，不变；故A 错误；B、磁场使粒子偏转，电场使粒子加速，故B 错误；C、 D、根据得，最大速度：；则最大动能：；知最大动能和金属盒的半径以及磁感应强度有关，与加速电压的大小无关，故C 错误；D 、增大加速电场的电压，其余条件不变，每次加速后粒子获得的动能增加，但最终的动能不变，故在磁场中加速的次数减小，带电粒子在D 形盒中运动的时间变短，故D正确故选： D当带电粒子从回旋加速器最后

36、出来时速度最大，根据求出最大速度，再根据求出最大动能，可知与什么因素有关解决本题的关键知道根据求最大速度，知道最大动能与D 形盒的半径有关，与磁感应强度的大小有关14.【答案】 C【解析】解：当圆环运动到图示位置，圆环切割磁感线的有效长度为；线框刚进入磁场时ab 边产生的感应电动势为：；线框进入磁场的过程中a、 b 两点的电势差由欧姆定律得：；故选： C。根据感应电动势公式求出感应电动势的大小E，ab 边切割磁感线， 相当于电源，ab 间的电压是路端电压，根据欧姆定律求解。本题是电磁感应与电路、力学等知识的综合应用，注意a、 b 两点的电势差不是感应电动势，而是路端电压。15.【答案】 D【解

37、析】解：对于 A，它的速度如图中标出的，这个速度看成是A 的合速度，其分速度分别是，第15 页，共 24页其中 就是 B 的速度同一根绳子，大小相同，刚开始时 B 的速度为；当 A 环上升至与定滑轮的连线处于水平位置时，所以 B 的速度，故 AB错误；因 A 匀速上升时，由公式，当 A 上升时，夹角增大，因此 B 做向下减速运动，则处于超重状态，故C 错误、 D 正确；故选： D。把 A 上升的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向的速度，而沿绳子方向的速度与 B的速度相等，并依据B 的速度，判定B 的运动性质，进而确定失重状态还是超重状态。本题考查了运动的合成与分解问题，知道实际运动就是合运动

38、是解答的关键，同时掌握B 的运动性质也是解题的突破口，注意失重与超重的区别。16.【答案】 C【解析】解：带电粒子加速时，由动能定理得：带电粒子偏转时，由类平抛运动规律，得：又由牛顿第二定律得：联立以上各式可得由题意，灵敏度为：可见，灵敏度与无关，故A 错误。要提高示波管的灵敏度，可使板长 L 长些、板间距离d 小一些、使加速电压降低一些，故 ABD 错误， C 正确。故选： C。本题的关键是根据动能定理和类平抛运动规律求出示波管灵敏度的表达式，然后讨论即可求解本题是信息给予题，根据所给的信息，结合物理规律找出示波管的灵敏度的表达式，即可解决本题17.【答案】 AD【解析】【分析】根据匀变速运

39、动的位移随时间变化的关系式即可求解本题考查了匀变速直线运动位移时间公式的直接应用，难度不大，属于基础题。【解答】根据匀变速运动的位移随时间变化的关系式可知：，故 AD 正确， BC 错误。故选： AD。第16 页，共 24页18.【答案】 AB【解析】【分析】当人对绳的拉力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当人对绳的拉力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有拉力，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对绳的拉力变了【解答】A、在

40、Pa 段绳还没有被拉长，人做自由落体运动，所以处于完全失重状态，所以A 正确。B、在 ab 段绳的拉力小于人的重力，人受到的合力向下，有向下的加速度，处于失重状态，所以 B 正确。C、在 bc 段绳的拉力大于人的重力，人受到的合力向上，有向上的加速度，处于超重状态，所以 C 错误。D 、在 c 点，绳的形变量最大，绳的拉力最大，人受到的合力向上，有向上的加速度，处于超重状态，所以 D 错误。故选： AB。19.【答案】 AD【解析】解：A、电场线密的地方电场强度大，所以P 点场强一定大于Q 点场强，故A正确B、根据沿电场线方向电势降低可知P 点电势一定高于Q 点电势，故B 错误C、将电子从 Q

41、 点释放，电场线为曲线，每时刻的力不断变化，速度和力不共线，不可能沿电场线运动，故 C 错误；D 、P 点电势一定高于Q 点电势，即根据电势能公式，可知由于是电子，所以，所以电子在P 点的电势能小于在Q 点的电势能。即从P 到 Q 点，电子的电势能增加。故D 正确。故选： AD。电场线是从正电荷或者无穷远出发出， 到负电荷或无穷远处为止， 电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小。通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，来理解这些概念之间的关系。电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念是本章的重点和难点，要弄清它们之间的区别和联系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它

42、们的变化。20.【答案】 BC【解析】解：闭合瞬间，L 相当于断路，立刻变亮，逐渐变亮，稳定后，两个灯泡的亮度相同， 说明它们两端的电压相同，L 和 R 两端电势差一定相同，选项 BC 正确 AD错误。故选： BC。闭合开关的瞬间， L 相当于断路，稳定后自感作用消失，结合欧姆定律分析电压大小对自感线圈来讲，重点掌握开关闭合瞬间，断路稳定后和开关断开的瞬间，线圈对电流突变的阻碍作用21.【答案】 BC【解析】【分析】由电势的变化特点 图象的斜率表示电场强度的大小及方向 可以判断电场为非匀强电场，且电场线沿 x 轴负向，即可判断各项第17 页，共 24页本题考查了匀强电场中电势与电场强度的关系，

43、 要加强识别图象并从图象中获取信息的能力同时还可根据电场力做功来确定电子的电势能如何变化【解答】解： A、B 由图象可知电势与距离不成正比，由公式 ，可知该静电场是非匀强电场， A 错误， B 正确；C、根据沿着电场线方向电势降低，由图象可知电场线的方向为x 轴负方向，当电子沿x 轴正方向运动， 则电场强度减小， 所以电场力也减小，故加速度大小减小，故 C 正确，D 错误；故选： BC。22.【答案】 ACD【解析】解： A、黑洞的质量M 与半径 R 满足：，解得黑洞的半径，故 A正确；B、黑洞质量为M ，半径为，根据密度公式可知， 平均密度为：，故B 错误；C、物体在黑洞表面受到的重力等于万

44、有引力，则有：，解得表面重力加速度为：，故 C 正确；D 、物体绕黑洞表面分析，万有引力提供向心力，有：，解得黑洞的第一宇宙速度为：，故 D 正确。故选： ACD。根据题干信息可知，质量M 与半径 R 满足：，据此求出黑洞的半径，根据密度公式求解黑洞的平均密度；根据物体在黑洞表面受到的万有引力等于重力，列出等式表示出黑洞表面重力加速度；黑洞对天体的万有引力提供环绕天体圆周运动的向心力，据此求解第一宇宙速度。本题考查了万有引力及其应用，属于信息题，解题的关键是题干信息的提取，根据万有引力提供向心力和万有引力等于重力分析。23.【答案】 BC【解析】解： B、根据乙图可知，当，小球的重力等于弹簧的弹力，此时小球具有最大速度，以弹簧和小球组成的系统，机械能守恒可知，重力势能与弹性势能之和最小，故 B 正确；A、根据运动的对称性可知，小球运动的最低点大于，小球受到的弹力最大值大于 2mg，故 A 错误；C、小球达到最大速度的过程中，根据动能定理可知，故小球动能的最大值为，故 C 正确；D 、随弹簧的压缩量逐渐变大，加速度要发生变化， 可知 x 与 t 不是线性关系， 则弹力 F随时间 t 变化的图象也不应该是线性图象，故D 错误；故选： BC。小球下降过程，先自由落体运动，与弹簧接触后，先加速下降，到达平衡位置后开始减第1