2019-2020学年贵州省遵义市正安一中高三(上)开学物理试卷

1、2019-2020 学年贵州省遵义市正安一中高三（上）开学物理试卷一、单选题（本大题共5 小题，共30.0 分）1. 下列说法正确的是 ( )A. 采用物理或化学方法可以有效地改变放射性元素的半衰期B. 由玻尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子C. 从高空对地面进行遥感摄影是利用紫外线良好的穿透能力D. 原子核所含核子单独存在时的总质量小于该原子核的质量2. 如图所示分别为物体甲的 ?- ?图象和物体乙的 ?- ?图象，两物体的运动情况是( )A. 甲在整个 ?=6?时间内往返运动，平均速度为零B. 乙在整个 ?= 6?时间内运动方向一直不变，平均速度为零C. 甲在整个 ?=6?时间

2、内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mD. 乙在整个 ?=6?时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m3. 经长期观测发现，A 行星运行的轨道半径为?，周期为 ?但其00实际运行的轨道与圆轨道总存在一些偏离，且周期性地每隔?0时间发生一次最大的偏离如图所示，天文学家认为形成这种现象的原因可能是A 行星外侧还存在着一颗未知行星B，则行星 B 运动轨道半径为 ( )2?= ?A.0?02B.00?-?= ?3(?-? )000?2?= ?30?C.(?-? )D.000002?= ? 3?0-?04. 如图所示， a、b 两个带正电的粒子，以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行

3、板间的匀强电场后，a 粒子打在B 板的 ?点， b 粒子打在 B 板的 ?点，若不计重力，则()A. a 的电荷量一定大于b 的电荷量B. b 的质量一定大于 a 的质量C. a 的比荷一定大于b 的比荷D. b 的比荷一定大于a 的比荷5. 如图所示，带异种电荷的粒子 a、 b 以相同的动能同时从 O 点射入宽度为 d 的有界匀强磁场， 两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为 30和 60，且同时到达 P 点。 a、 b 两粒子的质量之比为 ( )A. 1： 2B. 2：1C. 3： 4D. 4： 3第1页，共 14页二、多选题（本大题共5 小题，共27.0 分）6.如图所示， 不计质量的光

4、滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O 点，跨过滑轮的细绳连接物块 A、 B，A、 B 都处于静止状态，现将物块 B 移至 C 点后， A、 B 仍保持静止，下列说法中正确的是 ( )A. B 与水平面间的摩擦力增大B. 绳子对 B 的拉力增大C. 悬于墙上的绳所受拉力不变D. A、 B 静止时，图中 ?、 ?、 ?三角始终相等7. 内壁光滑的环形凹槽半径为R，固定在竖直平面内， 一根长度为的轻杆， 一端固定有质量为m 的小球甲， 另一端固定有2?质量为 2m 的小球乙，将两小球放入凹槽内，小球乙位于凹槽的最低点，如图所示由静止释放后( )A. 下滑过程中甲球减少的机械能总等于乙球增加的机械能B. 下滑过

5、程中甲球减少的重力势能总等于乙球增加的重力势能C. 甲球可沿凹槽下滑到槽的最低点D. 杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点8. 传感器是一种采集信息的重要器件，如图所示是一种测定压力的电容式传感器当待测压力F 作用于可动膜片电极上时，以下说法中正确的是()A.B.C.D.若 F 向上压膜片电极，电路中有从a 到 b 的电流若 F 向上压膜片电极，电路中有从b 到 a 的电流若 F 向上压膜片电极，电路中不会出现电流若电流表有示数，则说明压力F 发生变化9.关于热力学定律，下列说法正确的是()A. 为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量B. 对某物体做功，必定会使该物体的内能增

6、加C. 可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功D. 不可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功E. 功转变为热的实际宏观过程是不可逆过程10.如图甲所示为一简谐波在?= 0 时刻的图象，图乙所示为?= 4?处的质点P 的振动图象，则下列判断正确的是()第2页，共 14页A. 这列波的波速是2?/?B. 这列波的传播方向沿 x 正方向C. ?= 3.5?时 P 点的位移为 0.2?D. 从 ?= 0时刻开始 P 点的振动方程为 ?= 0.2?(?+?)?E. 从 ?= 0 时刻开始 P 点的振动方程为 ?= 0.2?(?+?2 )?三、实验题（本大题共2 小题，共 15.0 分）11. 如图甲所示

7、，用包有白纸的质量为?(?)的圆柱棒代替纸带和重物，蘸有颜料的毛笔固定在电动机上并随之转动，代替打点计时器当烧断悬挂圆柱棒的线后，圆柱棒竖直自由下落，毛笔转动就在圆柱棒表面的纸上画出记号，如图乙所示，设毛笔接触棒时不影响棒的运动 测得记号之间的距离依次为20.0?，44.0?，68.0?，92.0?， 116.0?，140.0?，已知电动机每秒钟转20 圈，由此研究圆柱棒的运动情况根据以上内容，回答下列问题：(1) 毛笔画相邻两条线的时间间隔 ?= _ s，图乙中的 _端是圆柱棒的悬挂端 (填“左”或“右” ) (2) 根据图乙所给的数据，可知毛笔画下记号D 时，圆柱棒下落的速度? = _ ?

8、/?；圆柱棒竖直下落的加速度2?= _?/?. ( 结果保留三位有效数字 )12. 某物理实验兴趣小组探究测定某品牌矿泉水的电阻率， 用一两端开口的玻璃管通过密封塞封住一定量的矿泉水，如图所示第3页，共 14页(1) 某同学用如图 1 所示的游标卡尺的 _( 选填“ A”、“ B”或“ C”) 部位去测玻璃管的内径，测出的读数如图2，则玻璃管的内径d 为 _cm(2) 该同学用多用电表的电阻档测量玻璃管中矿泉水的电阻，选择开关置于“ 100 ”档，发现指针如图3 所示，则该同学接着需要做的实验步骤是： 换选 _(填“ 10 ”或“ 1?”) 档； _ (3) 该组同学按图 4 连好电路后，调节

9、滑动变阻器的滑片，从最右端向左端移动的整个过程中，发现电压表有示数但几乎不变，不可能的原因是_A.滑动变阻器阻值太小?电.路中 5、 6 之间断路?电.路中 7、 8 之间断路(4) 该组同学在改进实验后，测出玻璃管中有水部分的长度为L，电压表示数为U ，电流表示数为I ，改变玻璃管中的水量，测出多组数据，并描绘出相应的图象如图5 所示，若图线的斜率为k，则矿泉水的电阻率?= _( 用题中字母表示) 四、计算题（本大题共4 小题，共52.0 分）13. 如图，两平行金属导轨位于同一水平面上，相距 L，左端与一电阻 R 相连；整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度大小为 B，方向竖直向下一质量为 m

10、 的导体棒置于导轨上，在水平外力作用下沿导轨以速率 ?匀速向右滑动， 滑动过程中始终保持与导轨垂直并接触良好，已知导体棒与导轨间的动摩擦因数为?，重力加速度大小为g，导轨和导体棒的电阻均可忽略求(1) 电阻 R 消耗的功率；(2) 水平外力的大小14. 如图所示， 在 xOy 坐标平面的第一象限内有一沿y 轴负方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平面向里的匀强磁场。现有一粒子源处在坐标为(0, ?)?点能以垂直与电场方向不断发射质量为m、电量为 +?、速度为 ?的粒子 ( 重力不计 )，粒子进0入磁场后最后又从 x 轴上坐标为 (3?,0) 处的 P 点射入电场，其入射方向与x 轴成 45角

11、。求：第4页，共 14页(1) 粒子到达 P 点时的速度 v；(2) 匀强电场的电场强度 E 和匀强磁场的磁感应强度 B；(3) 粒子从 M 点运动到 P 点所用的时间 t。15. 如图，由 U 形管和钿管连接的玻璃泡 A、 B 和 C 浸泡在温度均为 0的水槽中， B 的容积是 A 的 3 倍。阀门 S 将 A 和 B 两部分隔开。 A 内为真空， B 和 C 内都充有气体。 U 形管内左边水银柱比右边的低60mm。打开阀门S，整个系统稳定后，U 形管内左右水银柱高度相等。假设U 形管和細管中的气体体积远小于玻璃泡的容积。(1) 求玻璃泡 C 中气体的压强 (以 mmHg 为单位 )(2)

12、将右侧水槽的水从 0加热到一定温度时， U 形管内左右水银柱高度差为 60mm，求加热后右侧水槽的水温。16. 如图所示，真空中有一下表面镀反射膜的平行玻璃砖，其折射率?=2.一束单色光与界面成 ?= 45角射到玻璃砖表面上，进入玻璃砖后经下表面反射，最后又从第5页，共 14页玻璃砖上表面射出， 已知光在真空中的传播速度 ?= 3.0 10 8?/?，玻璃砖厚度 ?= 3?求.该单色光在玻璃砖中传播的速度和传播的路程。第6页，共 14页答案和解析1.【答案】 B【解析】 解： A、元素的半衰期是由元素本身决定的与外部环境无关，故A 错误B、由玻尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子，故

13、B 正确C、卫星遥感的工作原理与红外线夜视仪的工作原理是相同的从高空对地面进行遥感摄影是利用红外线良好的穿透能力，故C 错误D 、由于核子结合为原子核时能量增加必然存在质量亏损，故D 错误故选 B元素的半衰期是由元素本身决定的与外部环境无关，由玻尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子， 卫星遥感的工作原理与红外线夜视仪的工作原理是相同的是利用红外线良好的穿透能力，核子结合为原子核时能量增加必然存在质量亏损本题考查了近代物理中的基本知识，对于这部分基本知识要注意加强理解和应用2.【答案】 C【解析】 解： A、C、甲在 0 时刻由负方向上距原点2m 处向正方向运动，6s 时达到正向的 2

14、m 处，故在整个 ?= 6?时间内位移为： ?=? -? = 2?- (-2?)= 4?，平均速21度为 ?= ?4?/?= 0.67?/?，故 A 错误， C 正确=6 ?B、 D、乙开始时速度为沿负向的匀减速直线运动，3s后做正向的匀加速直线运动，图象与时间轴围成的面积为物体通过的位移，故总位移为： ?=21 2 3? -21 2 3? =0，故 B、D 错误故选： C?- ?图象是位移 - 时间图象，表示物体的位置随时间变化的规律， 位移等于 x 的变化量，而 ?- ?图象是速度 - 时间图象， 表示速度随时间变化的规律， 速度的正负表示速度的方向，图象与时间轴所围的“面积”表示位移平均

15、速度等于位移与时间之比本题考查对速度图象和位移图象的识别和理解能力， 抓住各自的数学意义理解其物理意义，即速度图象的“面积”大小等于位移， 而位移图象的斜率等于速度， ?表示位移3.【答案】 A【解析】 解：由题意可知： A、B 相距最近时， B 对 A 的影响最大，且每隔时间次最大的偏离，说明 A、B 相距最近，设 B 行星的周期为 T，则有： (2?-2?)? = 2?00?发生一0解得： ?=?0 0?-?003?据开普勒第三定律：3 =?02?得： ?= 302?0(?-? )00故 A 正确、 BCD 错误。故选： A。先根据多转动一圈时间为径2?2?0?，求出卫星的周期；然后再根据

16、开普勒第三定律解得轨道半0从本题可以看出， 通过测量环绕天体的轨道半径和公转周期，可以求出中心天体的质量第7页，共 14页4.【答案】 C【解析】 解：设任一粒子的速度为v，电量为 q，质量为 m，加速度为a，运动的时间为t ，则?加速度： ?=， ?时间 ?=，?12? 2偏转量 ?= 2 ?= 2? ?. 因为两个粒子的初速度相等，由 得： ? ?，则得 a 粒子的运动时间短，由 得： a?的加速度大，a 粒子的比荷 ?就一定大，但a 的电荷量不一定大。故C 正确。 ABD 错误故选： C。两个粒子垂直射入匀强电场中都作类平抛运动， 粒子竖直方向的偏转量相同而水平位移不等，写出偏转量的表达

17、式，根据公式进行说明解决该题的关键是要抓住题目的本意是考查带电粒子在电场中的偏转， 要熟记偏转量的公式以及它的推导的过程属于基本题型5.【答案】 C【解析】 解：根据题意画出a、b粒子的轨迹如图所示，则a b粒子的圆心分别是?、?和1?，?2设磁场宽度为d，由图可知，粒子 a 的半径?2=?2= ?1 =，粒子 b 的半径为 ?=?60 32?30 1?2? ? ?21?2122，即12由 ?=2?可得：2?=221 =22112?1?2 ?由 ?=?可得： ?1 =?1，?2 =?2? ?122 60?2?=1，又 a 粒子轨迹长度为 ?1360 2?=132 30?=2，b 粒子的轨迹长度

18、为?22?=36023?12所以 ?=， ?1?2 =第8页，共 14页?13联立以上各式解得?2 =4 ，所以 C 正确， ABD 错误。故选： C。求解本题的关键是画出来粒子的轨迹图，并确定圆心、求出半径和圆心角，然后根据动能相等的条件以及相等的运动时间并结合圆周运动公式联立即可求解。求解有关带电粒子在有界磁场中的运动问题的关键是画出轨迹图， 并根据几何知识确定圆心求出半径和圆心角，再结合圆周运动的有关规律联立即可求解。6.【答案】 AD【解析】 解： A、对 A 分析，由于A 处于静止，故绳子的拉力等于A 的重力；绳子对的拉力也保持不变，等于A 的重力；对B 分析， B 向右移动时，绳与

19、地面的夹角减小，绳水平分量增大，而水平方向B 受力平衡，摩擦力增大；故A 正确， B 错误；C、向右移动时，两绳间夹角增大，而两拉力不变，故悬于墙上的绳子的拉力将减小；故 C错误；D、对滑轮分析，由于A一直竖直，故绳子与墙平行，故?= ?A的绳子与拉；因拉的绳子力相等， 而拉滑轮的力与两绳子的力的合力大小相等，故拉滑轮的力应这两绳子BB拉力的角平分线上，故?、 ?、 ?三角始终相等；故D 正确；故选： AD。对 A 分析可知绳上的拉力不变， 再对 B 分析，作出受力分析图， 根据共点力的平衡条件可得出摩擦力的变化；分析滑轮受力由力的合成与分解可得出夹角的大小关系本题要注意分别对 A、B 及滑轮

20、分析，根据共点力的平衡条件可得出各物体受力的关系；同时注意要根据力的合成与分解等知识进行讨论7.【答案】 AD【解析】 【分析】甲与乙两小球系统，重力势能和动能相互转化，系统机械能守恒；还可以将甲与乙当作一个整体，找出重心，机械能也守恒本题关键是甲与乙两个球系统机械能守恒，也可以找出系统重心，当作单个物体【解答】解：A、甲与乙两个物体系统机械能守恒，故甲减小的机械能一定等于乙增加的机械能，故 A正确；B、甲与乙两个物体系统机械能守恒，甲球减小的重力势能转化为乙的势能和动能以及甲的动能，故B 错误；C、若甲球沿凹槽下滑到槽的最低点，乙则到达与圆心等高处，但由于乙的质量比甲大，造成机械能增加了，明

21、显违背了机械能守恒定律，故甲球不可能到圆弧最低点，故C错误；D 、由于机械能守恒，故动能减为零时，势能应该不变，故杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点，故D 正确；故选 AD8.【答案】 BD【解析】 解： A、B、C 由题可知，电容器的电压不变。若F 向上压膜片电极，减小板间距离，电容增大，电量增大，电容器充电，电路中形成顺时针方向的充电电流，即电路中有从 b 到 a 的电流。故 AC 错误， B 正确。D 、当压力 F 变化时，电容变化，电量变化，电路中就有电流。故D 正确。故选： BD。电容器的电压不变若F 向上压膜片电极，电容增大，电量增大，电容器充电，电路中形成顺时针方向的电

22、流，电流表指针发生偏转电流表有示数， 则说明压力F 发生变化第9页，共 14页本题是实际问题，实质是电容器动态变化分析的问题，关键要抓住不变量：电压不变9.【答案】 ACE【解析】 解： A、做功和热传递是改变物体内能的两种方法，故A 正确；B、做功和热传递是改变物体内能的两种方法，仅对物体做功，物体内能不一定增加，故 B错误；C、 D、热力学第二定律可以表示为：不可能制成一种循环动作的热机，从单一热源取热，使之完全变为功而不引起其它变化。这句话强调的是不可能“不产生其它变化”；即在引起其他变化是可能的；故C 正确， D 错误；E、热力学第二定律的实质：一切与热现象有关的实际宏观过程都是不可逆

23、的，故E 正确。故选： ACE。在热力学中，系统发生变化时，内能的变化为 ?= ?+ ?；不可能把热量从低温物体传向高温物体而不引起其它变化本题考查了热力学第一定律和热力学第二定律， 关键是根据公式 ?= ? + ?进行分析，基础题10.【答案】 ACDA?4【解析】解： 、由图象可知波长 ?= 4?，周期 ?= 2?，则波速为：?=?/?= 2?/?，?2故 A正确；B、?= 0 时刻 P 点向 -?方向振动， 有波动和振动的关系可判断波向x 负方向传播， 故 B错误；3C、由质点 P 的振动图象知， ?= 3.5?= 1 4 ?，此时 P 点位于波峰位置， P 点的位移为 0.2?。故 C

24、正确；2?2?D 、E、由图乙知 ?=? = 2= ?， ?= 0 时刻 P 点向 -?方向振动，初相位为?，振动方程为 ?= 0.2?(?+ ?)?，故 D 正确， E 错误。故选： ACD。本题是波动图象和振动图象的结合，先有波动图知：?= 4?， ?= 0.2?；由振动图象?根知：?= 2?，用 ?= 求波速； 利用波动和振动关系判断是的振动情况和波传播方向?据 P 点的振幅、周期和初位相，写出振动方程明确波动图象和振动图象的意义及相互联系，由波动和振动的关系判断质点的振动情况和波的传播方向11.【答案】 0.05左 1.60 9.60【解析】 解： (1)电动机每秒钟转 20 圈，电动

25、机的转速?= 20 ?/?，11所以周期 ?= =?= 0.05 s，?20圆柱棒竖直自由下落，速度越来越大，因此毛笔所画出的记号之间的距离越来越大，因此左端的记号后画上，所以左端是悬挂端(2) 匀变速直线运动的中间时刻的瞬时速度等于这一段的平均速度?=0.068+0.092?/2 0.05?= 1.60 ?/?， ?(0.14+0.116+0.092)-(0.068+0.044+0.02)2加速度 ?=2 =2= 9.60?/?(3?)9 0.05第10 页，共 14页故答案为： (1)0.05?，左； (2)1.60 ， 9.60 了解该实验装置的原理，它类似于打点计时器，蘸有颜料的毛笔随

26、电动机转一圈就在圆柱棒面上的纸上画出记号， 这就像打点计时器每隔一定时间就打一个点 数据的处理思路与打点计时器打出来的纸带处理一样利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度该实验装置是根据打点计时器的特点和实验原理进行设计新的实验数据的处理思路与打点计时器打出来的纸带处理一样212.【答案】 A；2.150 ； 1?；欧姆调零； B；?4?【解析】 解：(1) 解：游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪即A 部分游标卡尺测内径时，主尺读数为2.1?，游标读数为0.05 10 = 0.50?，最后读数为2.150?(2) 由图可知欧姆表示数太大，故应选择更大倍率测量，即换1?倍率

27、；换挡要进行欧姆调零(3)?、滑动变阻器阻值太小，通过调节它电路的电流改变比较小，故A 可能；B、电压表有示数则干路一定是通的，故B 不可能；C、电路中 7、8 之间断路后电压表被串联到电路中，会导致其电压接近电源电动势，故C 是可能的；故选： B(4) 由电阻定律可得：?4?=?=?，2?又：?= ?，?由图象可知：?= ?，?解得：2?= ?4?故答案为： (1)?； 2.150 (2) 1?； 欧姆调零(3)?；2(4) ?4?(1) 游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读(2) 由图可知欧姆表示数太大，故应选择更大倍率测量；换挡要进行欧姆

28、调零(3) 电压表有示数则干路一定是通的(4) 由电阻定律结合图象可得电阻率该题关键是判定电路故障的时候，只要说电压表有示数，则就说明干路一定是通的，这样就能排除很多位置，从而简化分析【答案】 解： (1)根据法拉第电磁感应定律有：?= ? 13.?则导体棒中的电流大小为：?= ? 第11 页，共 14页2电阻 R 消耗的功率： ?= ? 222联立 可解得： ?= ? ? ?(2) 由于导体棒 ab 匀速运动，故向右的水平外力F 等于向左的安培力?安和摩擦力的和，则水平外力：?= ?+ ? 安安培力： ? = ?= ?安22拉力： ?= ?+ ? ? ?222答： (1) 电阻 R 消耗的功

29、率是 ? ?；?22(2) 水平外力的大小是? ?+?【解析】 (1) 根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出电流的大小由2R的功率公式 ?= ?求出电阻(2) 导体棒匀速向右滑动时，水平外力与安培力和摩擦力的和是平衡力，根据平衡条件求解水平外力 F 的大小本题是电磁感应与电路、力学知识的综合，安培力是联系力与电磁感应的桥梁，安培力22经验公式 ?=? ?是常用的式子?+?14.【答案】 解： (1) 粒子运动轨迹如图所示。设粒子在 P 点速度为v，根据对称性可知?0 = ?45，解得： ?= 2?0(2) 粒子由 M 点运动到 P 点的过程中，由动能定理得：1212?= 2 ? -2 ?02?解得 ?=02?水平方向的位移为?= ?01竖直方向的位移为?=?，可得 ?02?1?= 2?， ?= ?由 ?= 2?45，故粒子在 OQ 段圆周运动的半径2?= 2 ?2粒子在磁场中：?= ? ，?联立解得： ?= 2?0?(3) 在 Q 点时， ? = ?45= ? 00?=2?设粒子从M 到 Q 所用时间为 ?，在竖直方向上有?= ?10?120粒子从 Q 点运动到 P 所用的时间为：?2