2018-2019学年内蒙古乌兰察布市集宁一中西校区高一(上)期末物理试卷

1、2018-2019 学年内蒙古乌兰察布市集宁一中西校区高一（上）期末物理试卷副标题题号一二三四五总分得分一、单选题（本大题共7 小题，共28.0 分）1. 甲乙两车在平直公路上同时、 同向并排出发， 其 v-t 图象如图所示。则（）A.B.C.D.甲车的加速度小于乙车的加速度在 t=2s 时，乙车在甲车前10mt=4 s时，甲车的速度是乙车速度的2 倍两车再次并排行驶的时刻是t=6s2. 如图，在光滑水平桌面上有一物体 A，通过绳子与物体 B 相连，设绳子的质量以及绳子与定滑轮之间的摩擦力都可以忽略不计，绳子不可伸长，如果mB=3mA，则绳子对物体A 的拉力大小为（）A. mA gB.mA g

2、C. mAgD.mAg3.如图所示， A 和 B 两物块的接触面是水平的， A 与 B 保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑， 在下滑过程中 B 的受力个数为（）A.3个B.4个C.5个D.6个4. 电梯的顶部挂有一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为 8N，此人站在静止的地面上可以举起600N 的重物（ g 取 10m/s2）。关于电梯的运动以及此时人在电梯中可以举起多少千克的重物？以下说法正确的是（）A. 电梯可能向上加速运动，此人可举起48kg 重物B. 电梯可能向下加速运动，此人可举起48kg 重物C. 电梯可能

3、向上减速运动，此人可举起75kg 重物D. 电梯可能向下减速运动，此人可举起72kg 重物5. 如图所示，光滑水平面上放有截面为圆周的柱状物体A，A 与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对 A 施加一水平向左的力 F，整个装置保持静止若将A 的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则（）第1页，共 15页A.C.水平外力F 增大地面对 A 的支持力减小B.D.墙对 B 的作用力减小B 对 A 的作用力增大6. 如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，则小球从接触弹簧到下降到最低点的过程中（）A. 小球刚接触弹簧瞬间速度最大B. 小球的加速度方向都是竖直

4、向上C. 小球的加速度先增大后减小D. 小球的速度先增大后减小7.如图所示，细线的一端固定于倾角为45 A的顶的光滑楔形滑块端 P 处，细线的另一端拴一质量为m 的小球。当滑块以加速度 a运动时，小球恰好对斜面没有压力，则加速度a 的大小和滑块 A的运动情况为（ g 为重力加速度）（）A. 滑块 A 向左减速，加速度大小为gB. 滑块 A 向右加速，加速度大小为 2gC. 滑块 A 向左加速，加速度大小为gD. 滑块 A 向右减速，加速度大小为 2g二、多选题（本大题共5 小题，共 20.0 分）8.关于伽利略的两个斜面实验，下面说法中正确的是（）A. 伽利略在图（ a）中使用了光滑斜面进行实

5、验B. 伽利略在图（ b）中使用了光滑斜面进行实验C. 伽利略从图（ a）中得出：自由落体运动是匀加速直线运动D. 伽利略从图（ b）中得出：力是维持物体运动的原因9. 如图所示，质量为 8kg 的物体静止在水平桌面上， t=0 时刻受到水平推力 F=12N 的作用。物体与水平面间的动摩擦因数为0.1，g 取 10m/s2 则关于物体的运动情况，下列说法正确的是（）A. 物体运动的加速度为 0.5m/s2B. t=4 s时，物体的速度大小为4m/s2C. t=4 s时撤去推力 F ，物体之后运动的加速度为 -0.5 m/sD. t=4s时撤去推力 F，物体经过2s静止10. 已知两个共点力的合

6、力为50NF1 的方向与合力 F 的方向成 30角，分力 F2，分力的大小为 30N，则（）A. F1 的大小不是唯一的B. F 2 的方向是唯一的C. F 2 有两个可能的方向D. F 2 可取任意方向11. 如图所示，一质量为 m 的物体与传送带一起向上匀速运动，传送带与水平方向成 角，物体与传送带之间的动摩擦因数为下列关于此过程说法中正确的是（）第2页，共 15页A. 物体受到重力、摩擦力、支持力的作用B. 由于惯性，物体不需要摩擦力的作用就能向上匀速运动C. 物体受到的摩擦力的大小等于重力沿传送带向下的分力D. 物体受到摩擦力的大小为mgcos 12.将一个物体以某一速度从地面竖直向上

7、抛出，物体上升至最高点又落回地面。设物体在运动过程中所受的空气阻力大小不变，则在物体的整个运动过程中（）A. 刚抛出时的速度最大B. 在最高点加速度为零C. 下落时间等于上升时间D. 上升时的加速度大于下落时的加速度三、填空题（本大题共2 小题，共8.0 分）13. 同一平面内的三个力，大小分别为4N、 6N、 7N，若三力同时作用于某一物体，则该物体所受三力合力的最大值为_N 和最小值为 _N14. 如图所示，两个相同的小球用弹簧连接， 球 A 上端用细线系住挂起来，则静止后线被剪断的瞬间，A 球的加速度大小为 _m/s2， B 球加速度大小为 _m/s2。四、实验题探究题（本大题共1 小题

8、，共12.0 分）15. 某同学设计了一个探究小车的加速度a 与小车所受拉力 F 及质量 m关系的实验，图（ a）为实验装置简图（所用交流电的频率为50Hz）为了研究加速度和质量的关系，在实验中必须采用控制变量法，应保持_不变，用砂桶及砂所受的重力作为_，图（ b）为某次实验得到的纸带，实验数据如图， 图中相邻计数点之间还有 4个点未画出， 根据纸带可求出小车的加速度大小为 _ m/s2（保留三位有效数字）在本次实验中， 实验小组通过改变小车质量共做了8组实验， 得到下表所示的实验数据，通过分析表中数据，你得出的结论是：_实验序号12345678小车加速度 a/0.6330.5720.4970

9、.4180.3320.2500.1670.101（ m?s-2）小车质量 m/kg0.250.290.330.400.500.711.001.67现需通过图象进一步验证你的结论，可利用表格数据作图，应在坐标纸中画出_图线? 在某次实验中为研究加速度和力的关系，根据测得的多组数据可画出a-F 关系图线，如图所示此图线的AB 段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_A小车与木板之间存在摩擦B木板保持了水平状态C所挂砂桶及砂的总质量太大D所用小车的质量太大五、计算题（本大题共3 小题，共42.0 分）16. 如图所示，一质量 m=2kg 的木块静止于水平地面上，现对物体施加一大小为 10N 的水平方

10、向拉力（ 1）若地面光滑，求物体运动的加速度大小；第3页，共 15页（ 2）若物体与地面间的动摩擦因数=0.1，求物体的加速度大小和经过2s 物体的位移大小17. A，B 两木块的质量分别为 mA， mB，在水平推力 F 的作用下沿水平面以加速度 a（未知）向右运动，动摩擦因素为 （未知），重力加速度为 10m/s2，求以下几种情况下， AB 间的弹力 FN 为多大？（ 1） =0， a0（ 2） 0，a018.如图为一滑梯的示意图，滑梯的长度AB 为 L=5.0m，倾角 =37BC 段为与滑梯平滑连接的水平地面一个小孩从滑梯顶端A 由静止开始滑下，离开B 点后在地面上滑行了s=2.25 m

11、后停下小孩与滑梯间的动摩擦因数为=0.3不计空气阻力 取 g=10m/s2 已知 sin 37 =0.6，cos 37 =0.8 求：（ 1）小孩沿滑梯下滑时的加速度a 的大小；（ 2）小孩滑到滑梯底端 B 时的速度 v 的大小；（ 3）小孩与地面间的动摩擦因数第4页，共 15页答案和解析1.【答案】 B【解析】解：A 、根据 v-t图象的斜率表示加速度，斜率绝对值则越大，加速度越大， 知甲车的加速度大于乙 车的加速度，故 A 错误 。B、在t=2s时，甲的位移为 x 甲=220m=20m，乙的位移为 x 乙=（10+20）2m=30m，所以在 t=2s时车车前 10m，故 B正确。，乙 在甲

12、CD、根据根据速度图象的面积车表示位移，可知 0 到 4s甲、乙两的位移相等，所以两车在 t=4s时再次并排行驶图时，甲的速度为40m/s，乙，由 可知，t=4s的速度为 30m/s，所以 t=4s 时，甲车的速度是乙 车速度的倍，故 CD 错误。故选：B。v-t 图象的斜率表示加速度，根据 图象斜率的大小可分析甲、乙两 车的加速度大小；根据速度图象的面积表示位移，求前 2s内两车的位移，从而得到两 车间的跳离；由图象可知，0 到 4s 甲乙两车的位移相等，两车在 t=4s 时并排行驶，再根据图象读出 t=4s 时速度关系。本题考查匀变速直线运动的实际运用：追及和相遇问题。解答此题的关键是根据

13、速度 图象的斜率分析物体运 动情况，明确相遇的条件：位移相等。2.【答案】 B【解析】解：AB 连在一起，加速度大小相同；对整体受力分析，由牛 顿第二定律可知：mB g=（mA +mB）a结合 mB=3mA 解得加速度 为：a=选取 A 为研究的对象。A 的合力等于 绳子的拉力，所以绳子的拉力 为：F=mA a=mA g，故ACD 错误，B 正确故选：B。AB 连在一起，加速度大小相同，对整体分析受力情况，由牛 顿第二定律求得第5页，共 15页加速度，再由 A 研究，由牛顿第二定律求得 绳子拉力。本题为连接体问题，关键要抓住两个物体的加速度大小相同，采用整体法和隔离法相 结合研究，比较简洁。也

14、可以就采用隔离法解答。3.【答案】 B【解析】解：先以A 为研究对象，分析受力情况：重力、B 的竖直向上的支持力， B 对 A没有摩擦力，否则 A 不会匀速运 动 。再对 B 研究，B 受到重力、A 对 B 竖直向下的 压力，斜面的支持力和滑 动摩擦力，共 4 个力。故选：B。先以 A 为研究对象，分析受力情况，再对 B 研究，按顺序进行分析受力情况本题考查分析物体受力的能力，采用隔离法的思维，要结合平衡进行分析，同时一般按重力、弹力、摩擦力顺序进行分析4.【答案】 C【解析】解：电梯静止时，弹簧秤的示数 为 10N，知重物的重力等于 10N，则重物的质量为 m=1kg当弹簧秤的示数 变为 F

15、=8N 时，对重物有：mg-F=ma，解得 a=2m/s2，方向竖直向下，则电梯的加速度大小 为 2m/s2，方向竖直向下。电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运 动，在地面上，人的最大 举力为：FN=mg=600N=600N在加速度向下的 电梯中，对重物，由牛顿第二定律得：mg-FN =ma可得：m=75kg 可能向上减速度，也可能向下加速， 则 C 正确，ABD 错误故选：C。第6页，共 15页对重物受力分析，根据牛 顿第二定律得出重物的加速度大小和方向，从而得出电梯的加速度大小和方向再确定电梯的运动情况；人在地面上 举重物时，根据平衡条件求解人的最大 举力，然后结合牛顿第二定律求解在

16、匀加速上升的升降机中人能够举起的重物的最大 质量。对于超失重 问题求解的依据是牛 顿第二定律，明确超失重状 态下重力没 变。5.【答案】 B【解析】解：B、D、对 B 球受力分析，受到重力 mg、A 球对 B 球的支持力 N和墙壁对 B球的支持力 N，如右图当 A 球向左移 动后，A 球对 B 球的支持力 N的方向不断变化，根据平衡条件结合矢量合成法可以知道 A 球对 B 球的支持力 N和墙壁对 B 球的支持力 N 都在不断减小，则 B 对 A 的作用力也减小。故 B 正确，D 错误 。A 、C、再对 A 和 B 整体受力分析，受到 总重力 G、地面支持力 FN，推力 F 和墙壁的弹力 N，如

17、图根据平衡条件，有F=NFN=G故地面对 A 的支持力保持不 变，推力F 随着壁对 B 球的支持力 N 的不断减小而不断减小。故 A 、C 错误 。故选：B。先对 B 球受力分析，受到重力 mg、A 球对 B 球的支持力 N和墙壁对 B 球的支第7页，共 15页持力 N，然后根据共点力平衡条件得到A 球左移后各个力的 变化情况；最后再对整体受力分析，根据平衡条件判断推力F 和地面的支持力的 变化情况本题关键是先对小球 B 受力分析，根据平衡条件得到各个力的变化情况，然后再对 A 、B 整体受力分析，再次根据平衡条件列式分析6.【答案】 D【解析】解：小球刚接触弹簧瞬间具有向下的速度，开始 压缩

18、弹簧时，重力大于弹簧的弹力，合力竖直向下，加速度竖直向下，与速度方向相同，所以小球做加速运动；由于弹簧的弹力逐渐增大，当小球所受的 弹力大于重力 时，合力竖直向上，加速度竖直向上，与速度方向相反，小球开始做减速运 动，则当弹力与重力大小相等、方向相反 时，小球的速度最大，所以小球的速度先增大后减小，小球的加速度先减小后增大，故ABC 错误，D 正确；故选：D。根据小球的受力情况，分析小球的运动情况，判断小球的速度 变化，根据牛顿第二定律分析小球的加速度变化本题是含有弹簧的问题，关键要抓住弹簧弹力的可变性，不能想当然，认为小球一碰 弹簧就开始减速，要通 过 分析小球的受力情况，来判断其运 动情况

19、7.【答案】 C【解析】解：支持力为零，受力情况如图所示：水平方向：F 合=Fcos45=ma，方向向左，竖直方向：Fsin45 =mg解得：a=g，方向向左，故ABD 错误 C 正确。故选：C。对小球受力分析，根据牛 顿第二定律求出支持力 为零时小球的加速度大小及方向即可。第8页，共 15页B 面运动能到达该题考查牛顿第二定律 应用中的临界条件问题，解决本题的关键知道小球要脱离斜面 时的临界情况，结合牛顿第二定律 进行求解。8.【答案】 C【解析】解：A 、伽利略在图（a）和图（b）中都使用了光滑斜面进行实验 。故 B 错误；C、伽利略从图（a）中将斜面实验的结论外推到斜面 倾角 90的情形

20、，从而间接证明了自由落体运 动是匀加速直 线运动 。故C 正确；D、伽利略理想斜面实验图（b）中，由于空气阻力和摩擦力的作用，小球在 B面运动能到达的高度，一定会略小于它开始运动时的高度，只有在斜面 绝对光滑的理想条件下，小球 滚上的高度才与 释放的高度相同。所以可以 设想，在伽利略斜面 实验中，若斜面光滑，并且使斜面变成水平面，则可以使小球沿水平面运 动到无穷远处 。得出：力不是维持物体运 动的原因。故 D 错误 。故选：C。如果空气阻力和摩擦力小到可以忽略，伽利略推断出小球在原来下滑 时的高度，存在某个守恒量。该题考查对伽利略的理想 实验的理解，解决本题的关键要理解伽利略理想斜面实验 的意

21、义，把握守恒量：机械能。9.【答案】 AD【解析】解：A 、由牛顿第二定律得：F-mg=ma，解得：a =0.5m/s2，故A 正确；11B、由速度公式得 t=4s 时，物体的速度大小 v=a1t，解得：v=2m/s，故 B 错误；，解得：a2，故C错误C、撤去推力顿=-1m/s；F，由牛 第二定律得：- mg=ma22设经时间则=2s，故D 正确。D、t 停止， t =故选：AD 。分析物体的受力情况，根据合力由牛顿第二定律确定加速度的大小和方向。撤去推力 F，由牛顿第二定律求得加速度， 结合运动学公式分析即可。第9页，共 15页解决本题的关键理清物体的运 动规律，结合牛顿第二定律和运 动学

22、公式综合求解，知道加速度是 联系力学和运 动学的桥梁。10.【答案】 AC【解析】解：已知一个分力有确定的方向，与 F 成 30夹角，知另一个分力的最小 值为 Fsin30 =25N而另一个分力大小大于25N小于 30N，所以分解的组数有两组解。如图。故 AC 正确，BD 错误故选：AC。已知合力的大小 为 50，一个分力 F1 的方向已知，与 F 成 30夹角，另一个分力的最小值为 Fsin30 =25N，根据三角形定则可知分解的 组数解决本题的关键知道合力和分力遵循平行四边形定则，知道平行四边形定则与三角形定 则的实质是相同的11.【答案】 AC【解析】解：A 、B、对滑块受力分析，受重力

23、、静摩擦力、支持力，故 A 正确，B 错误；C、根据平衡条件，物体受到的摩擦力的大小等于重力沿传送带 向下的分力，为 mgsin，故C 正确；D、物块受到的是静摩擦力，不是滑 动摩擦力，故等于重力沿 传送带向下的分力，为 mgsin，故 D 错误；故选：AC。先对滑块 受力分析，受重力、支持力和平行斜面向上的静摩擦力，然后根据平衡条件求解静摩擦力本题关键是正确的 对滑块进行受力分析，然后根据平衡条件列式求解，注意静摩擦力与相 对滑动趋势方向相反，与运动方向无关第10 页，共 15页12.【答案】 AD【解析】解：A 、整个过程中只有空气的阻力做功不 为零，机械能损失，故上升过程初速度最大，故

24、A 正确；B、物体在最高点速度 为零，受到重力作用，所受合外力不 为零，加速度不为零，故B错误；CD、物体在运动过程中所受空气阻力大小不变，但是受空气阻力的方向 总与物体的速度方向相反a上 =g+，a下 =g-，所以上升时的加速度大于下落 时的加速度，由位移公式可知：h= at2，由于上升过程与下降 过程位移大小相等，a 上 a 下，则上升时间小于下落 时间，故C 错误 D 正确；故选：AD 。考虑空气阻力，物体上升和下降 时受力情况不同，要分开 讨论；上升时，阻力向下，下降时阻力向上，由牛顿第二定律分析加速度的大小，由位移公式分析运动时间。考虑阻力的竖直上抛运 动，是具有向上的初速度，加速度

25、 变化的变加速直线运动，上升和下降过程并不对称，所以时间也不相等！13.【答案】 170【解析】解：当三个力作用在同一直 线、同方向时，三个力的合力最大，即F=6N+7N+4N=17N 当三个力作用在一个物体上，不在一条直线，并且夹角可以改 变，总能使物体处于静止状 态，故此时三个力的合力 为零，即它们合力的最小 值为 0故答案为：17，0当这三个力作用在同一物体上，并且作用在同一直线上，方向相同，三个力的合力最大如果三个力不在同一直线上，夹角可以变化，当两个较小力的合力大小等于第三个力，方向相反时，合力为零，此时三个力的合力的最小第11 页，共 15页当多个力合成 时，它们作用在同一直 线上

26、、同方向时，合力最大；求最小合力时，先考虑合力为零的情况14.【答案】 2g0【解析】解：未剪断时受力分析得 线的拉力为 2mg、弹簧的弹力为 mg，剪断后 B 球受到两个力：重力和弹簧拉力，由于这两个力原来平衡，现在剪断绳子后这两个力不变，所以 B 所受合力 还是为零，所以 B 球的加速度 为零。剪断绳子后 A 球受到两个力：重力和弹簧弹力，弹簧弹力为 mg，所以A 的加速度为：aA=2g故答案为：2g0未剪断时分别对 AB 两球进行受力分析，求得线的拉力、弹簧的弹力，剪断后A 球受到两个向下的力， B 球还是处于平衡状 态。据此分析即可。此题考查牛顿第二定律的 应用，掌握临界状态下物体的受

27、力情况即可解决此类问题，要注意弹簧的弹力不会发生突变。15.【答案】 拉力 F小车所受的拉力0.64在小车所受外力不变的条件下，加速度与质量成反比例关系a-?C【解析】解： 为了研究加速度和 质 量的关系，在实验 中必须 采用控制 变量法，应保持拉力 F 不变，用砂桶及砂所受的重力作 为小车所受拉力根据 x=aT2，运用逐差法得，a=m/s2=0.64m/s2 通过分析表中数据，可知在小 车所受外力不 变的条件下，加速度与 质量成反比例关系为了研究 a 与 m 的关系，若作 a-m 图线，图线为曲线，无法判断 a 与 m 的定量关系，应作 a- 图线 探究加速度与力的关系 实验，当钩码的质量远

28、小于小车质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于 钩码的重力，第12 页，共 15页a-F 图象是直线，如果钩码质量太大，不能满足钩码质量远小于小车质量时，a-F 图象不是直 线，发生弯曲，故 C 正确；故答案为： 拉力 F，小车所受拉力，0.64， ? 在小车所受外力不 变的条件下，加速度与质量成反比例关系， a-? ，C 探究加速度与 质量、力的关系，需采用控制变量法根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度 根据表格中的数据得出a 与 m 的关系，为研究 a 与 m 的定量关系，应作图线探究加速度与力的关系 时，当砂桶及砂的重力 远小于小车重力时，可以近似认为小车受到的拉力

29、等于砂桶及砂的重力，当不能 满足，图线会出现弯曲解决实验问题 首先要掌握 该实验原理，了解实验的操作步 骤和数据处理以及注意事项，同时要熟练应用所学基本 规律解决实验问题 探究加速度与力、质量关系实验要采用控制 变量法；当钩码的质量远小于小车的总质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于 钩码的重力16.【答案】 解：（ 1）对木块受力分析如图所示，据牛顿第二定律， F=ma，解得 a=m/s2 =5m/s2（ 2）对木块受力分析如图2 所示，根据牛顿第二定律有：F-f=ma，又 f=N=mg=2N，所以， a=m/s2=4 m/s2所以经过 2s 物体的位移为： x= at2= 422m=8m，答：（ 1）若地面光滑，求物体运动的加速度大小为5m/s2 ；（ 2）物体的加速度大小为 4m/s2，位移的大小为 8m【解析】（1）地面光滑，水平拉力就是物体受到的合力，由牛 顿第二定律可以求出加速度的