2018-2019学年福建省南平市建瓯市芝华中学高二(下)第一次月考物理试卷(3月份)

1、2018-2019 学年福建省南平市建瓯市芝华中学高二（下）第一次月考物理试卷（ 3 月份）一、单选题（本大题共8 小题，共32.0 分）1. 磁感应强度、磁通量、感应电动势存在一定的联系，若有磁场通过一线圈以下说法正确的是A. 若磁通量减少，则磁感应强度一定减少B. 若磁感应强度为零，则磁通量一定是零C. 若磁感应强度减少，则磁通量一定减少D. 若磁通量为零，感应电动势一定是零2. 下列不属于反冲运动的是A. 喷气式飞机的运动B. 物体做自由落体的运动C. 火箭的运动D. 反击式水轮机的运动3.质量为 m 的物体以初速率做平抛运动，经历时间t，下落的高度为h，速率为 v，在这段时间内物体动量

2、增量的大小不正确的是A.B. mgtC.D.4. 穿过闭合回路的磁通量 随时间 t 变化的图象分别如图甲、乙、丙、丁所示，下列关于回路中产生的感应电动势的论述，正确的是A. 图甲中回路产生的感应电动势恒定不变B. 图乙中回路产生的感应电动势一直在变大C. 图丙中回路在时间内产生的感应电动势大于时间内产生的感应电动势D. 图丁中回路产生的感应电动势可能恒定不变5. 如图所示， 当交流电源电压恒为 220V，频率为 50Hz 时，三只灯泡 A、B、D 的亮度相同，若将交流电的频率改为 100Hz，则A. A 灯最暗B. B 灯最暗C. D 灯最暗D. 三只灯泡的亮度依然相同6.如图所示，一闭合金属

3、圆环用绝缘细绳挂于O 点，将圆环拉离平衡位置并释放，圆环摆动过程中经过匀强磁场区域，则空气阻力不计A. 圆环向右穿过磁场后，还能摆至原高度B. 在进入和离开磁场时，圆环中均有感应电流C. 圆环进入磁场后离平衡位置越近速度越大，感应电流也越大D. 圆环最终将静止在平衡位置7.如图所示，在同一铁芯上绕着两个线圈，单刀双掷开关原来接在 1 位置，现在它从 1 打向 2，试判断此过程中，通过 R 的电流方向是第1页，共 11页A. 先由 P到Q，再由 Q到 PB. 先由 Q到 P，再由 P到 QC. 始终是由 Q到 PD. 始终是由 P到 Q8.如图所示， 同一水平面上足够长的固定平行导轨MN、PQ

4、位于垂直于纸面向里的匀强磁场中，导轨上有两根金属棒ab、cd，能沿导轨无摩擦滑动，金属棒和导轨间接触良好，开始 ab、 cd 都静止现给 cd 一个向右的初速度，则下列说法中正确的是A. cd 始终做减速运动，ab 始终做加速运动，并有可能追上cdB. cd 始终做减速运动，ab 始终做加速运动，但肯定追不上cdC. cd 先做减速运动后做加速运动，ab 先做加速运动后做减速运动D. cd 做减速运动， ab 做加速运动，最终两杆以相同的速度做匀速运动二、多选题（本大题共4 小题，共 16.0 分）9.木块长为 L ，静止在光滑的水平桌面上，有A、B 两颗规格不同的子弹以速度相反的 、 同时射

5、向木块， A、 B 在木块中嵌入的深度分别为、，且，木块一直保持静止， 如图所示， 则由此判断子弹 A、B 在射入前A. 速度B. 子弹 A 的动能等于子弹 B 的动能C. 子弹 A 的动量大小大于子弹B 的动量大小D. 子弹 A 的动量大小等于子弹B 的动量大小10. 一个闭合矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，产生的感应电流如图所示由该图可得出的正确判断是A. 时，线圈平面处于中性面位置B. 时，线圈平面与磁感线平行C.D.该交变电流的频率为50Hz1s内电流的方向变化50 次11.电站向远方送电，输送的电功率恒定，若将送电电压提高到原来的K 倍，则A. 输电电流也为原来的K

6、倍B.C.D.输电导线上损失的电压为原来的输电导线上损失的电功率为原来的倍输电导线上损失的电功率为原来的12. 如图所示，电阻为R 的金属棒，从图示位置分别以速率、 沿电阻不计的光滑轨道从 ab 匀速滑到处，若 ： 2，则在两次移动过程中A. 回路中感应电流： 2B. 回路中产生热量： 2C. 回路中通过截面的总电量： 2D. 金属棒产生的感应电动势： 2三、填空题（本大题共2 小题，共10.0 分）第2页，共 11页13. 如图为一正弦交变电流的图象，由图可知电流的有效值_，电流瞬时值表达式_。14. 如图所示，理想变压器有两个副线圈。、是“ 8V，10W”的灯泡，、是“ 6V， 12W”的

7、灯泡。当变压器的输入电压为时，四盏灯泡恰好都能正常发光，如果原线圈匝数匝。则副线圈_ ，_ ；安培表的读数_。四、实验题（本大题共2 小题，共 10.0 分）15. 如图为“研究电磁感应现象”的实验装置将图中所缺的导线补画完整如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后可能出现的情况有：将 A 线圈迅速插入B 线圈时，灵敏电流计指针将向_ 偏转一下线圈插入B 线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针将向_偏转一下16.如图为实验室常用的气垫导轨验证动量守恒的装置两带有等宽遮光条的滑块A 和 B，质量分别为A、B 间用细线水平压住一轻弹簧，将其置于气垫导轨上，调节

8、导轨使其能实现自由静止，这是表明烧断细线，滑块 A、B 被弹簧弹开， 光电门 C、D 记录下两遮光条通过的时间分别为和，若有关系式则说明该实验动量守恒、，在_，_，五、计算题（本大题共3 小题，共32.0 分）17.如图所示，水平放置的平行金属导轨MN 和 PQ，相距，导轨左端接一电阻，磁感应强度的匀强磁场方向垂直于导轨平面，导体棒ac 垂直导轨放在导轨上，并能无摩擦地沿导轨滑动，导轨和导体棒的电阻均可忽略不计。当ac 棒以的速度水平向右匀速滑动时，求：棒中感应电动势的大小；回路中感应电流的大小和方向；维持 ac 棒做匀速运动的水平外力F 的大小和方向。第3页，共 11页18. 如图所示， 质

9、量为的小车静止在光滑的水平地面上，其 AB 部分为半径的光滑 圆弧， BC部分水平粗糙， BC 长为。一可看做质点的小物块从A 点由静止释放，滑到C 点刚好停止。已知小物块质量， g 取求：小物块与小车BC 部分间的动摩擦因数；小物块从 A 滑到 C 的过程中，小车获得的最大速度。19. 如图所示， 导线框 abcd 固定在竖直平面内， 导线框 ab 和 dc 的宽度为 l ，bc 段的电阻为 R，其它电阻均可忽略。ef 是一电阻可忽略的水平放置的导电杆，杆的质量为m，杆的两端分别与 ab 和 cd 保持良好接触，且能沿导线框ab 和 dc 无摩擦地滑动，磁感应强度为B 的匀强磁场方向与框面垂

10、直。 现用一恒力 F 竖直向上拉导体杆 ef，当导体杆 ef 上升高度为 h 时，导体杆 ef 恰好匀速上升，求：此时导体杆ef 匀速上升的速度v 的大小；导体杆 ef 上升 h 的整个过程中产生的焦耳热Q 的大小。第4页，共 11页答案和解析【答案】 B1.【解析】解： A、C：由磁通量的公式可知，穿过线圈平面的磁通量与该处的磁感应强度、线圈的面积和线圈与磁场的夹角都有关， 若线圈与磁场的夹角发生变化，磁通量减少了， 磁感应强度可能未变化。 故 A 错误；磁感应强度减少，磁通量可能不变，故C 错误；B、当磁感应强度为零时，由磁通量的公式可知，磁通量一定为零。故B 正确。D 、感应电动势的大小

11、与磁通量的变化率有关，与磁通量无关。故D 错误。故选： B。磁场的强弱由磁感应强度来描述，磁通量可以形象说成穿过线圈的磁感线的条数，当磁感线与线圈垂直时，则磁通量；当磁感线与线圈平行时，磁通量为零因此不能根据磁通量的大小来确定磁感应强度感应电动势的大小与磁通量的变化率有关，与磁通量无关本题可根据磁通量的一般公式，分析磁通量与磁感应强度的关系注意同一线圈不同方向放置在同一磁场中，穿过线圈的磁通量可能不同2.【答案】 B【解析】解： ACD、根据反冲运动的定义：指系统在内力作用下，当一部分向某一方向的动量发生变化时，剩余部分沿相反方向的动量发生同样大小变化的运动现象。喷气式飞机向后喷气， 火箭向后

12、喷气， 反击式水轮机将水向后排出，故 ACD 都属于反冲运动。B、自由落体运动是单一质点的直线运动，没有向后的一部分，故自由落体运动不是反冲运动，故B 正确故选： B。反冲运动是指系统在内力作用下， 当一部分向某一方向的动量发生变化时， 剩余部分沿相反方向的动量发生同样大小变化的现象。喷气式飞机向后喷气，火箭向后喷气，反击式水轮机将水向后排出，只有自由落体运动没有向后的部分，可解本题。本体考查常见的反冲运动，需要理解反冲运动的物理意义，遵循动量守恒定律，此题简单，不容易出错。3.【答案】 A【解析】解：根据动量定理得，合力的冲量等于动量的变化量，所以。末位置的动量为mv，初位置的动量为，根据三

13、角形定则，知动量的变化量合又得：即：。平抛在竖直方向做自由落体运动，故，得：得：故 B、C、 D 正确， A 错误。本题选择不正确的是，故选： A。根据动量定理求出物体动量的变化量，或通过首末位置的动量，结合三角形定则求出动量的变化量解决本题的关键掌握动量定理的表达式，并能灵活运用， 掌握不在同一条直线上矢量运算法则是正确解题的关键4.【答案】 C第5页，共 11页【解析】解：根据法拉第电磁感应定律我们知道感应电动势与磁通量的变化率成正比，即。结合数学知识我们知道：穿过闭合回路的磁通量随时间 t 变化的图象的斜率。A、图甲中磁通量不变，无感应电动势。故A 错误。B、图乙中磁通量随时间 t 均匀

14、增大，图象的斜率k 不变，也就是说产生的感应电动势不变。故B 错误。C、图丙中回路在 时间内磁通量随时间 t 变化的图象的斜率为，在时间内磁通量随时间 t 变化的图象的斜率为，从图象中发现：大于的绝对值。所以在 时间内产生的感应电动势大于在时间内产生的感应电动势。故C 正确。D 、图丁中磁通量随时间 t 变化的图象的斜率先变小后变大，所以感应电动势先变小后变大，故D 错误。故选： C。根据法拉第电磁感应定律我们知道感应电动势与磁通量的变化率成正比结合数学知识我们知道：穿过闭合回路的磁通量随时间 t 变化的图象的斜率运用数学知识结合磁通量随时间 t变化的图象解决问题通过图象运用数学知识结合物理规

15、律解决问题，其中我们要知道图象斜率的意义利用图象解决问题是现在考试中常见的问题对于图象问题，我们也从图象的斜率和截距结合它的物理意义去研究5.【答案】 A【解析】解：三个支路电压相同，当交流电频率变大时，电感的感抗增大，电容的容抗减小，电阻所在支路对电流的阻碍作用不变，所以流过的电流变大，流过的电流变小，流过的电流不变。故B、 C、D 错误， A 正确。故选： A。三个支路电压相同，当交流电频率变化时，会影响电感的感抗和电容的容抗，从而影响流过电感和电容的电流。解决本题的关键知道电感和电容对交流电的阻碍作用的大小与什么因素有关。记住感抗和容抗的两个公式可以帮助定性分析。，。6.【答案】 B【解

16、析】解：A、由于从左侧摆到右侧的过程中，圆环中磁通量发生变化，因而产生感应电流，由于电阻的存在，圆环中将产生焦耳热，根据能量守恒知圆环的机械能将不守恒，故在左侧圆环的高度将低于起始时右侧的高度，故A 错误；B、由楞次定律，只有进入与离开磁场时，穿过圆环的磁通量才发生变化，因此产生感应电流，故B 正确。C、圆环进入磁场后，由于没有磁通量的变化，因而圆环中没有感应电流，不受磁场力作用，只在重力作用下，离平衡位置越近，则速度越大，故C 错误；D 、圆环只有在进或出磁场时，才有机械能的转化；当完全在磁场中来回摆动时，则没有感应电流，从而只受重力，所以圆环不可能静止在平衡位置，故D 错误；故选： B。闭

17、合回路中产生的感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化，判断感应电流的方向首先要确定原磁场的方向及磁通量的变化，然后根据楞次定律进行判断感应电流的方向本题考查楞次定律的应用和能量守恒相合注意楞次定律判断感应电流方向的过程，先确认原磁场方向，再判断磁通量的变化，感应电流产生的磁场总是阻碍原磁通量的变化7.【答案】 C【解析】解：当单刀双掷开关原来接在1 位置，线圈A 左端是 S 极，右端是N 极。现在它从1 打向 2，则线圈 A左端是 N 极，右端是S 极。导致向右穿过线圈B 的磁场先变小，后向左穿过线圈B 的磁场变大，则由楞次定律可得：感应电流方向始终由Q到 P；第6页，共 11页故选： C。根据

18、安培定则来确定线圈的电流方向与磁场方向的关系，由于穿过线圈的磁通量变化，导致线圈B 中产生感应电流，其方向根据楞次定律“增反减同”来判断。解决本题的关键会用用楞次定律判断感应电流方向，关键确定原磁场方向及通过线圈的磁通量如何变化；会使用安培定则，注意大拇指向即为线圈内部磁场的方向。8.【答案】 D【解析】解：据题，给cd 一个向右的初速度，cd 棒将切割磁感线产生感应电流，此电流流过ab 棒，由左手定则判断可知，ab 棒将受到向右的安培力而做加速运动，ab 棒也将切割磁感线，使电路中的总电动势减小，感应电流减小，则两棒所受的安培力都减小，故cd 先做加速度减小的减速运动，而ab 棒做加速度减小

19、的加速运动，当两棒的速度相等时，两者一起做匀速运动。故D 正确。故选： D。分析两棒的受力情况和运动情况：给cd 一个向右的初速度，cd 棒将切割磁感线产生感应电流，此电流流过ab棒，ab 棒将受到向右的安培力而做加速运动， ab 棒也将切割磁感线， 使电路中的总电动势减小， 感应电流减小，则两棒所受的安培力都减小，当两棒的速度相等时，两者一起做匀速运动本题关键通过分析两棒的受力情况，来分析其运动情况，在两棒的运动过程中，回路中产生两个感应电动势，会相互逐渐抵消，使总电动势减小，安培力减小，稳定时，回路中没有电流9.【答案】 AD【解析】解：由题知，子弹A、 B 从木块两侧同时射入木块，木块始

20、终保持静止，分析可知，两子弹对木块的推力大小相等，方向相反，子弹在木块中运动时间必定相等，否则木块就会运动。设两子弹所受的阻力大小均为 f，根据动能定理得：对 A子弹：对 B子弹：由于，得，得。，则有子弹入射时的初动能故 B错误。对两子弹和木块组成的系统动量守恒，因开始系统的总动量为零，所以子弹A 的动量大小等于子弹B 的动量大小。根据动量与动能的关系：则有，而，则得到根据动能的计算公式，得到初速度故 AC 正确， D 错误。故选： AD。根据子弹 A、B 从木块两侧同时射入木块，木块始终保持静止，分析子弹对木块作用力的大小关系，根据动能定理研究初动能的关系，从而确定初速度关系。根据动量守恒定

21、律研究动量关系。本题运用动能定理和动量守恒定律研究冲击块模型， 分析木块处于静止状态， 确定出两子弹所受的阻力大小相等是基础。10.【答案】 AC【解析】解： A、由图象可知，时，感应电流为零，则感应电动势为零，磁通量最大，线圈平面处于中性面位置，故A 正确；B、由图象可知，时，感应电流为零，则感应电动势为零，磁通量最大，线圈平面处于中性面位置，故B错误；C、由图象可知，频率，故 C 正确；D 、1 秒内完成50 圈，一个周期内电流方向改变两次，所以线圈中感应电流的方向变化100 次，故 D 错误。故选： AC。从图象得出电流最大值对应的时间、周期，从而算出频率； 磁通量最大时电动势为零，磁通

22、量为零时电动势最大，第7页，共 11页一个周期内电流方向改变两次本题考查了对交流电图象的认识，要具备从图象中获得有用信息的能力11.【答案】 BD【解析】解： AB、输送的功率一定，根据，知输电电压越高，输电电流越小，若输送电压提高到原来的k倍，则电流减小到倍，输电导线上损失的电压也减小为原来的倍，故 A 错误， B 正确；CD 、电流减小到倍，根据损可知，电线上损失的功率为原来的倍，故 C 错误， D 正确；故选： BD。输送的功率一定，根据和损可知高压输电的电压、电流与电能变化情况。本题考查远距离输电的基本规律，解决本题的关键掌握输送功率与输电电压和输电电流的关系，以及知道损。12.【答案

23、】 ABD【解析】解：A、回路中感应电流为：，则得：故 A 正确。B、产生的热量为：，则得：故 B 正确。C、通过任一截面的电荷量为：，q 与 v 无关，则得：故 C 错误。D、根据，则得：故D正确；故选： ABD。回路中感应电流为，即可求解电动势和回路电流：根据焦耳定律求解热量之比。根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电量公式，求解电荷量之比。本题是电磁感应中的电路问题，关键要掌握感应电流与热量、电荷量、热量和功率的关系，属于基础性问题。13.【答案】【解析】解：由图可知，电流的最大值为20A，故有效值；交流电的周期为，故角速度；所以瞬时值表达式故答案为：；由图象知电流的最大值和周期；从而可以

24、求出有效值、频率和角速度，从而确定对应的表达式。本题考查了根据图象得出有用物理信息的能力，由图象可以直接读数电流的最大值和周期。14.60 匝【答案】 40 匝【解析】解：四盏灯泡恰好都能正常发光，则上面一个副线圈的电压为8V，下面一个副线圈的电压为12V，根据： ：得：匝匝根据原副线圈的功率相等得：第8页，共 11页解得：，即电流表的示数为；故答案为： 40匝； 60 匝；。四盏灯泡恰好都能正常发光，则上面一个副线圈的电压为8V，下面一个副线圈的电压为12V，根据电压比等于线圈匝数比即可求解匝数；根据原副线圈的功率相等列式求解原线圈的电流。本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变

25、压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比；知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等。15.左【答案】右【解析】解： 将电源、电键、变阻器、小螺线管串联成一个回路，再将电流计与大螺线管串联成另一个回路，电路图如图所示闭合开关，穿过副线圈的磁通量增大，灵敏电流表的指针向右偏；将 A 线圈迅速插入 B 线圈时，磁场方向不变，穿过副线圈的磁通量增大，灵敏电流计指针将向右偏转线圈插入 B 线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，原线圈电流变小，穿过副线圈的磁场方向不变，但磁通量变小，灵敏电流计指针将左偏转故答案为：电路图如图所示右；左注意

26、该实验中有两个回路，一是电源、电键、变阻器、小螺线管串联成的回路，二是电流计与大螺线管串联成的回路，据此可正确解答磁场方向不变，磁通量的变化不变时电流方向不变，电流表指针偏转方向相同，磁通量的变化相反时，电流表指针方向相反本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验， 对于该实验注意两个回路的不同 知道磁场方向或磁通量变化情况相反时，感应电流反向是判断电流表指针偏转方向的关键16.【答案】气垫导轨水平【解析】解：两滑块自由静止，滑块静止，处于平衡状态，所受合力为零，此时气垫导轨是水平的；设遮光条的宽度为d，两滑块的速度为：，如果动量守恒，满足：，由解得：故答案为：气垫导轨水平；滑块静止，处于平衡状态，所受合力为零，据此分析答题；求出滑块速度，由动量守恒定律分析答题本题考查了实验注意事项、实验数据处理，应用速度公式、动量守恒定律即可正确解题17.【答案】解：根据法拉第电磁感应定律，ac 棒中的感应电动势为根据闭合电路欧姆定律，感应电流大小为由右手定则可知，回路中感应电流的方向为或逆时针方向当 ac 棒向右匀速运动时，ac 棒中有由 c 向 a 的电流，根据左手定则可知a