北京市密云区2019-2020学年高一化学上学期期末考试试题【含解析】

1、北京市密云区2019-2020学年高一化学上学期期末考试试题（含解析）可能用到的相对原子质量：H1 O16 C12 Na23 N14 K39 Fe56一、选择题1.垃圾分类并回收利用，可以节约自然资源，符合可持续发展的要求。与废弃矿泉水瓶对应的垃圾分类标志是( ) ABCDA. AB. BC. CD. D【答案】C【解析】【详解】废弃矿泉水瓶是可回收物，故C符合题意。综上所述，答案为C。2.2022年2月将举办中国历史上第一次冬季奥运会，滑雪是冬奥会的重点比赛项目。下列滑雪用品涉及的材料中，属于金属材料的是( )A. 雪板 聚乙烯B. 滑雪杖 镁铝合金C. 滑雪头盔 聚酯硬塑料D. 防护镜 聚

2、甲基丙烯酸甲酯【答案】B【解析】【详解】A. 雪板 聚乙烯、C. 滑雪头盔 聚酯硬塑料、D. 防护镜 聚甲基丙烯酸甲酯，都是有机高分子材料，故ACD不符合题意；B. 滑雪杖 镁铝合金，是金属材料，故B符合题意；综上所述，答案为B。3.当光束通过下列分散系时，能观察到丁达尔效应的是A. 蔗糖溶液B. 乙醇溶液C. 氯化钠溶液D. 氢氧化铁胶体【答案】D【解析】【详解】蔗糖溶液、氯化钠溶液、乙醇溶液属于溶液，无丁达尔效应；氢氧化铁胶体分散质大小：1nm100nm，属于胶体，有丁达尔效应。答案选D。【点睛】本题考查胶体的性质，丁达尔效应是胶体的特有性质，依据分散系的分类和性质分析，胶体分散系具有丁达

3、尔现象，只要判断出分散系是胶体即可。4.电解质是指在水溶液里或熔融状态下能够导电化合物。下列物质属于电解质的是( )A. AlB. NaCl溶液C. NaOHD. 乙醇【答案】C【解析】【详解】A. Al虽能导电，但Al是单质，故A不符合题意；B. NaCl溶液能导电，是混合物，故B不符合题意；C. NaOH是碱，属于化合物，是电解质，故C符合题意；D. 乙醇是有机物，属于非电解质，故D不符合题意。综上所述，答案为C。【点睛】电解质主要是酸、碱、盐、水、金属氧化物；非电解质主要是大多数有机物、大多数非金属氧化物、非酸性气态氢化物。5.下列类型的反应，一定属于氧化还原反应的是A. 复分解反应B.

4、 分解反应C. 化合反应D. 置换反应【答案】D【解析】【详解】A复分解反应是两种化合物相互交换成分，生成两种新的化合物的反应，没有元素化合价的改变，一定是非氧化还原反应，A不合题意；B分解反应中，有的存在元素化合价变化，有的不存在元素化合价的变化，不一定属于氧化还原反应，B不合题意；C化合反应中，有的存在元素化合价变化，有的不存在元素化合价的变化，不一定属于氧化还原反应，C不合题意；D置换反应中，单质与化合物反应，生成另一种单质和另一种化合物，一定属于氧化还原反应，D符合题意；故选D。6.下列各组物质中，互为同位素的是( )A. CO和CO2B. 和C. O2和O3D. H2O和H2O2【答

5、案】B【解析】【详解】A. CO和CO2是碳的两种氧化物，故A不符合题意；B. 和，质子数相同，中子数不同的同种元素的不同核素，两者互称同位素，故B符合题意；C. O2和O3是同种元素形成的不同单质，属于同素异形体，故C不符合题意；D. H2O和H2O2是氧的两种氢化物，属于化合物，故D不符合题意。综上所述，答案为B。【点睛】质子数相同，中子数不同的同种元素的不同核素，互称同位素。7.下列化合物中，一定含有离子键的是( )A. CO2B. NaOHC. H2SO4D. H2O【答案】B【解析】【详解】A. CO2、C. H2SO4、D. H2O都是共价化合物，只含有共价键，故ACD不符合题意；

6、B. NaOH离子化合物，一定含有离子键，故B符合题意；综上所述，答案为B。【点睛】离子化合物中一定含有离子键，可能含有共价键，共价化合物中一定含共价键，一定不含离子键。8.下列元素的原子半径最大的是( )A. MgB. NC. OD. Cl【答案】A【解析】【详解】根据层多径大原则，N、O两个电子层，Mg、Cl三个电子层，则Mg、Cl半径比N、O半径大，根据同电子层结构核多径小原则，Mg半径大于Cl半径，因此Mg半径最大，故A符合题意。综上所述，答案为A。9.2019年是元素周期表发表150周年，期间科学家为完善周期表做出了不懈努力。中国科学院院士张青莲教授曾主持测定了铟()等9种元素相对原

7、子质量的新值，被采用为国际新标准。下列对的说法不正确的是( )A. 原子核外电子数49B. 中子数与电子数的差值为17C. 中子数 66D. 质量数 164【答案】D【解析】【详解】A. ，原子核外电子数=质子数=49，故A正确；B. 中子数=质量数质子数=11549=66，中子数与电子数的差值=6649=17，故B正确；C. 根据B选项分析得到中子数66，故C正确；D. 质量数115，故D错误。综上所述，答案为D。10.下列变化中，必须加入还原剂才能实现的是( )A. NH3NH4+B. CO2COC. SO3H2SO4D. NaNaCl【答案】B【解析】【分析】必须加入还原剂才能实现，说明

8、自身做氧化剂，化合价降低【详解】A. NH3NH4+，化合价未变，故A不符合题意；B. CO2CO，化合价降低，本身作氧化剂，需要加还原剂，故B符合题意；C. SO3H2SO4，化合价未变，故C不符合题意；D. NaNaCl，化合价升高，本身作还原剂，故D不符合题意。综上所述，答案为B。11.下列各组离子中，能在水溶液中大量共存的是A. Na、Ag、Cl、CO32B. Na、Mg2、Cl、SO42C. Fe3、K、SO42、OHD. Fe2、H、SO42-、NO3【答案】B【解析】【分析】离子在水溶液中能大量共存，溶液中的离子需要满足以下条件：离子间不能形成沉淀或气体或水，不能发生氧化还原反应

9、。【详解】A.Ag+与Cl-、CO32可以形成AgCl沉淀、Ag2CO3沉淀，该组离子不能在溶液中大量共存，故A错误；B.离Na、Mg2、Cl、SO42子间既不能形成沉淀也无气体或水产生，该组离子可以在溶液中大量共存，故B正确；C.Fe3+与OH-可以形成Fe（OH）3沉淀，该组离子不能在溶液中大量共存，故C错误；D.酸性条件下NO3-与Fe2+发生氧化还原反应而不能大量共存，故D错误。故答案选B。【点睛】本题考查离子共存问题，侧重于考查对元素化合物知识的综合应用能力。注意把握离子的性质以及反应类型的判断，熟练掌握常见酸碱盐的溶解性，对解决此类问题至关重要；掌握一些常见离子的共存规律则可以快速

10、解决此类问题，如H+不能与OH-、CO32-共存，OH-不能与大多数金属离子、NH4+共存，CO32-不能与大多数金属离子、H+共存，SO42-不能与Ba2+、Cl-不能与Ag+共存等。12.下列关于Na2O和Na2O2说法中，不正确的是A. 均含2价的氧元素B. 焰色反应均为黄色C. 与水反应均生成NaOHD. 与二氧化碳反应均生成Na2CO3【答案】A【解析】【详解】A、过氧化钠中氧元素为-1价，而不含有-2价的氧元素，故A错误；B、钠元素焰色反应呈黄色，两者中都含钠元素，所以焰色反应均为黄色，故B正确；C、Na2O与水反应生成NaOH，Na2O2与水反应生成NaOH和氧气，所以与水反应均

11、生成NaOH，故C正确；D、Na2O与二氧化碳反应生成Na2CO3，Na2O2与二氧化碳反应生成Na2CO3和氧气，所以与二氧化碳反应均生成Na2CO3，故D正确；故答案选A。13.下列说法中,正确的是()A. 物质得电子的反应是氧化反应B. 氧化剂是在反应中所含元素化合价降低的反应物C. 氧化剂是在反应中失电子(或电子对偏离)的反应物D. 在一个氧化还原反应中,氧化剂和还原剂不可能是同一种物质【答案】B【解析】【详解】A.得电子，化合价降低，被还原，发生还原反应，故A错误；B.氧化剂是得到电子，化合价降低的反应物，故B正确；C.根据选项B的分析，故C错误；D.一个氧化还原反应中，氧化剂和还原

12、剂可以是同种物质，如Cl2和NaOH反应，也可以是不同物质，如S的燃烧，故D错误。答案选B。14.某粒子的结构示意图为，关于该粒子的说法不正确的是( )A. 属于阴离子B. 核外有3个电子层C. 核外电子数为18D. 在化学反应中易得电子【答案】D【解析】【详解】A. 质子数小于核外电子数，说明得到了电子，属于阴离子，故A正确；B. 根据离子结构示意图得到核外有3个电子层，故B正确；C. 根据离子结构示意图计算出核外电子数为18，故C正确；D. 17号元素为Cl元素，在反应中易得到电子变为氯离子，氯离子在化学反应中易失去电子，故D错误。综上所述，答案为D。15.下列物质的电子式书写不正确的是(

13、 )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】A. ，N原子最外层有五个电子，易形成三对共用电子对，用了三个电子，每个氮还有一对孤对电子，故A正确；B. ，Cl最外层有7个电子，易形成一对共用电子对，故B正确；C. ，N原子最外层有五个电子，易形成三对共用电子对，N还有一对孤对电子未表示出来，应该为，故C错误；D. 是钠离子和氯离子形成氯化钠，故D正确。综上所述，答案为C。16.下列关于容量瓶使用方法的叙述中，正确的是( )加水定容时，不小心超过刻度线，用滴管吸出多余液体；容量瓶用蒸馏水洗净后残留少量水即使用；在容量瓶中溶解固体溶质；溶液需冷却至室温方可注入容量瓶；使用容量瓶前要检查是

14、否漏水；A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】加水定容时，不小心超过刻度线，不能用滴管吸出多余液体，只能重新配制，故错误；容量瓶用蒸馏水洗净后残留少量水即使用，对结果无影响，故正确；在容量瓶中不能溶解固体溶质，只能在烧杯中溶解，故错误；溶液需冷却至室温方可注入容量瓶，故正确；使用容量瓶前要检查是否漏水，故正确；因此正确，故D正确。综上所述，答案为D。【点睛】加水定容时，不小心超过刻度线，不能用滴管吸出多余液体，只能重新配制。17.下列叙述能说明X的非金属性比Y强的是( )A. X的气态氢化物比Y的气态氢化物稳定B. X原子的电子层数比Y原子的电子层数多C. Y的单质能将X从NaX的

15、溶液中置换出来D. Y在暗处可与H2反应，X在加热条件下才能与H2反应【答案】A【解析】【详解】A. 气态氢化物越稳定，非金属性越强，因此X的气态氢化物比Y的气态氢化物稳定，能说明X的非金属性比Y强，故A符合题意；B. 电子层数多少与非金属性无直接关系，故B不符合题意；C. Y的单质能将X从NaX的溶液中置换出来，说明Y的非金属性比X强，故C不符合题意；D. Y在暗处可与H2反应，X在加热条件下才能与H2反应，说明Y 的非金属性比X强，故D不符合题意。综上所述，答案为A。【点睛】非金属性强弱比较：1、气态氢化物越稳定，非金属性越强；2、同周期从左到右非金属增强；同主族从上到下，非金属性减弱；3

16、、单质与氢气化合越容易，则非金属性越强；4、最高价氧化物对应水化物酸性越强，则非金属性越强。18.短周期元素R、T、X、Y、Z在元素周期表的相对位置如下表所示，它们的最外层电子数之和为24。则下列判断正确的是( )RTXYZA. 气态氢化物稳定性：YTB. 五种元素中原子半径最大的是ZC. R位于元素周期表中第二周期第IVA族D. Z元素的最高价氧化物对应的水化物的化学式为HZO4【答案】C【解析】【分析】短周期元素R、T、X、Y、Z在元素周期表的相对位置如下表所示，它们的最外层电子数之和为24，设T的最外层电子数为x，则有5x1 =24，则x=5，则T为N、R为C、X为Si、Y为P、Z为S。

17、【详解】A. 气态氢化物稳定性：NH3PH3，故A错误；B. 五种元素中原子半径最大的是X(Si)，故B错误；C. C位于元素周期表中第二周期第IVA族，故C正确；D. S元素的最高价氧化物对应的水化物的化学式为H2SO4，故D错误。综上所述，答案为C。19.下列解释过程或事实的方程式不正确的是( )A. 氯气用于自来水消毒：Cl2+H2OHCl+HClOB. 铁可以和稀硫酸反应：2Fe+3H2SO4Fe2(SO4)3 +3H2C. 刻制印刷电路板时常用氯化铁溶液作为“腐蚀液”刻蚀铜板 2Fe3+Cu2Fe2+ Cu2+.D. 红热的铁丝与水接触，表面形成蓝黑色(或黑色)保护层：3Fe + 4

18、H2O(g)Fe3O4 + 4H2【答案】B【解析】【详解】A. 氯气用于自来水消毒生成盐酸和次氯酸：Cl2 + H2O = HCl+HClO，故A正确；B. 铁可以和稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气：Fe + H2SO4 = FeSO4 +H2，故B错误；C. 刻制印刷电路板时常用氯化铁溶液作为“腐蚀液”刻蚀铜板，反应生成亚铁离子和铜离子： 2Fe3+Cu = 2 Fe2+ Cu2+.，故C正确；D. 红热的铁丝与水接触，表面形成蓝黑色(或黑色)保护层即四氧化三铁：3Fe + 4H2O(g)Fe3O4 + 4H2，故D正确。综上所述，答案为B。【点睛】铁与盐酸、稀硫酸反应生成亚铁离子，铁与少量氯

19、气、过量氯气都生成氯化铁。20.NA为阿伏加德罗常数，下列说法正确的是( )A. O2 的摩尔质量为32gB. 常温常压下，22 g CO2含有的CO2分子数为0.5NAC. 标准状况下，22.4 L水含有的水分子数为NAD. 40 g NaOH溶解在1 L水中，得到溶液的物质的量浓度为1 mol/L【答案】B【解析】【详解】A. O2 的摩尔质量为32 gmol1，故A错误；B. 常温常压下，22 g CO2含有的CO2分子数，故B正确；C. 标准状况下，水不是气体，无法计算，故C错误；D. 40 g NaOH溶解在1 L水中，溶液的体积无法计算，故D错误。综上所述，答案为B。21.下列关于

20、Na2CO3和NaHCO3两种物质有关性质,说法不正确的是( )A. 向Na2CO3和NaHCO3溶液中，滴入酚酞后溶液均变红B. Na2CO3固体中含有少量NaHCO3可用加热的方法除去C. 向等质量的Na2CO3和NaHCO3固体中加入足量稀盐酸, Na2CO3产生的气体较多D. 分别向盛有少量Na2CO3和NaHCO3的试管中滴入几滴水，振荡后用温度计测量Na2CO3温度高于NaHCO3【答案】C【解析】【详解】A. Na2CO3和NaHCO3溶液都显碱性，向两种溶液中滴入酚酞后溶液均变红，故A正确；B. NaHCO3受热分解得到碳酸钠、二氧化碳和水，碳酸钠受热不分解，因此Na2CO3固

21、体中含有少量NaHCO3可用加热的方法除去，故B正确；C. 根据Na2CO3CO2，NaHCO3CO2，向等质量的Na2CO3和NaHCO3固体中加入足量稀盐酸，设质量为mg，Na2CO3的物质的量，NaHCO3的物质的量，因此NaHCO3生的气体较多，故C错误；D. 分别向盛有少量Na2CO3和NaHCO3的试管中滴入几滴水，Na2CO3溶于水是放热，NaHCO3溶于水温度基本不变，因此振荡后用温度计测量Na2CO3温度高于NaHCO3，故D正确。综上所述，答案为C。22.1mol过氧化钠与2mol碳酸氢钠固体混合后，在密闭容器中加热充分反应，排出气体物质后冷却，残留的固体物质是（ ）A N

22、a2CO3B. Na2O2、Na2CO3C. NaOH、Na2CO3D. Na2O2、NaOH、Na2CO3【答案】A【解析】【详解】2NaHCO3Na2CO3+CO2+H2O可知，2mol碳酸氢钠分解生成1mol Na2CO3、1mol CO2、1mol H2O，由2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2可知，1mol CO2恰好与1mol Na2O2反应生成1mol Na2CO3，所以充分反应，排出气体物质后冷却，残留的固体物质是Na2CO3，故选:A。【点睛】二氧化碳和水同时遇到过氧化钠时，二氧化碳先与过氧化钠反应，然后水与过氧化钠反应。23.在两份相同的H2SO4溶液中，分别滴入物

23、质的量浓度相等的Ba（OH）2、NaOH溶液，其导电能力随滴入溶液体积变化的曲线如下图所示，下列分析不正确的是A. 代表滴加Ba（OH）2溶液的变化曲线B. a、c两点，溶液中均大量存在H和SO42-C. b、d两点对应的溶液均显中性D. e点，两溶液中含有相同量的OH【答案】D【解析】【分析】根据化学反应过程中，离子浓度的变化分析溶液导电能力的变化。【详解】向H2SO4溶液中滴入Ba(OH)2溶液时，发生反应H2SO4+Ba(OH)2BaSO4+2H2O，随着Ba(OH)2溶液的滴入，溶液中H+、SO42-浓度减小，导电能力逐渐减弱，b点恰好反应时几乎不导电，之后过量的Ba(OH)2使溶液中

24、Ba2+、OH-浓度增大，导电能力增强，故图中曲线表示向H2SO4溶液中滴入Ba(OH)2溶液的情形（A项正确）。类似地，向H2SO4溶液中滴入NaOH溶液时，发生反应H2SO4+2NaOHNa2SO4+2H2O，随着NaOH溶液的滴入，溶液总体积变大，溶液中离子浓度减小，导电能力逐渐减弱，d点恰好反应时导电能力最弱，之后过量的NaOH使溶液导电能力增强，曲线表示向H2SO4溶液中滴入NaOH溶液的情形。a、c两点，加入的碱均不足，溶液中均大量存在H和SO42-（B项正确）； b、d两点，酸碱恰好中和，对应的溶液均显中性（C项正确）；曲线上的e点，Ba(OH)2溶液已经过量，溶液中有OH，曲线

25、上的e点，NaOH溶液不足，剩余H2SO4，溶液呈酸性（D项错误）。本题选D。【点睛】电解质溶液的导电性与离子浓度和离子电荷数有关。分析化学反应过程中溶液导电性的变化，可以判断反应进行的程度。24.用数字化的实验技术分析氯水在光照过程中微粒成分的变化，下面关系图不合理的是( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】A. ，氯水在光照过程中次氯酸分解生成盐酸和氧气，盐酸浓度增大，酸性增强，pH减小，故A正确；B. ，氯水在光照过程中次氯酸分解生成盐酸和氧气，盐酸浓度增大，氯离子浓度增大，故B正确；C. ，氯水在光照过程中次氯酸分解生成盐酸和氧气，氧气量增大，体积分数增大，故C正确；D

26、. ，氯水在光照过程中次氯酸分解生成盐酸和氧气，次氯酸浓度减小，故D错误。综上所述，答案为D。25.下列“推理或结论”与“实验操作及现象”相符的一组是( )选项 实验操作及现象 推理或结论A向某盐溶液中加入稀盐酸，产生能使澄清石灰水变浑浊的气体该盐一定是碳酸盐B铁粉加入CuSO4溶液中，析出红色固体氧化性：Fe2+ Cu2+C向某溶液中通入Cl2，再加入KSCN溶液，溶液变红该溶液中一定含有Fe2+D在导管口点燃纯净的氢气，伸入盛满氯气的集气瓶中，产生苍白色火焰物质燃烧不一定需要氧气A. AB. BC. CD. D【答案】D【解析】【详解】A. 向某盐溶液中加入稀盐酸，产生能使澄清石灰水变浑浊

27、的气体，该盐可能是碳酸盐、碳酸氢盐、亚硫酸盐、亚硫酸氢盐，故A不符合题意；B. 铁粉加入CuSO4溶液中，析出红色固体，Fe + Cu2+ =Cu + Fe2+，则氧化性为Cu2+Fe2+，故B不符合题意；C. 向某溶液中通入Cl2，再加入KSCN溶液，溶液变红，原溶液可能含有Fe3+或Fe2+，故C不符合题意；D. 在导管口点燃纯净的氢气，伸入盛满氯气的集气瓶中，产生苍白色火焰，则说明物质燃烧不一定需要氧气，故D符合题意。综上所述，答案为D。【点睛】检验Fe2+时，先滴加KSCN，溶液无现象，再滴加氯水或酸性双氧水，溶液变为血红色，说明含有Fe2+。二、填空题26.匹配物质及其用途。物质 用

28、途A. 过氧化钠 a.呼吸面具中作供氧剂B. 碳酸氢钠 b.漂白消毒剂C. 氧化铁 c.面粉发酵粉D .次氯酸钠 d.红色油漆和涂料A. _；B. _；C. _；D. _；【答案】 (1). a (2). c (3). d (4). b【解析】【分析】【详解】A. 过氧化钠与二氧化碳反应生成氧气，常作呼吸面具中作供氧剂；B. 碳酸氢钠受热分解生成二氧化碳，常用作面粉发酵粉；C. 氧化铁是红棕色粉末，常用作红色油漆和涂料；D .次氯酸钠具有强氧化性，常作漂白消毒剂；故答案为：a；c；d；b。27.化学与生活密切相关“暖宝宝”贴是一种便捷取暖用品。是利用铁()的氧化反应放热来发热。实际上是根据铁在

29、潮湿空气()中发生吸氧腐蚀的原理。同时利用活性炭的强吸附性，在活性炭的疏松结构中储有水()蒸气，水蒸汽液化成水滴，流出与空气和铁粉接触，在氯化钠()的催化作用下较为迅速的发生反应生成氢氧化铁(，放出热 量，生成的氢氧化铁会缓 慢分解生成氧化铁)。其总反应：4Fe+3O2+6H2O4Fe(OH)3 ，2Fe(OH)3Fe2O3+3H2O(1)上述短文标有序号的物质中进行分类： 属于混合物的是_( 填序号，下同)，属于单质的是_，属于氧化物的是_，属于碱的是_，属于盐的是 _。(2)在反应4Fe+3O2+6H2O4Fe(OH)3中，作为还原剂的物质是_。若反应中消耗了3 mol O2，则生成Fe(

30、OH)3的物质的量为_mol，转移电子的物质的量为_ mol。【答案】 (1). (2). (3). (4). (5). (6). 铁(Fe) (7). 4 (8). 12【解析】【分析】【详解】(1)铁是单质；潮湿空气属于混合物；水是氧化物；氯化钠是盐；氢氧化铁是氢氧化物；氧化铁是氧化物；故答案为：；。(2)在反应4Fe+3O2+6H2O= 4Fe(OH)3中，铁化合价升高，作还原剂，根据反应方程式4molFe与3mol O2反应转移12mol电子，因此若反应中消耗了3 mol O2，则生成Fe(OH)3的物质的量为4 mol，转移电子的物质的量为12 mol；故答案为：Fe；4；12。28

31、.下图是元素周期表的一部分，根据 在周期表中的位置按题目要求回答： 族周期IA01AAAAAA234(1)在元素中，金属性最强的元素是_(填元素符号)。(2)画出元素的原子结构示意图_。(3)与形成的一种化合物甲，甲在大气含量过高会产生温室效应，写出甲物质的电子式 _。(4)元素对应的最高价氧化物的水化物，写出它们相互之间能发生反应化学方程式_。(5)元素和形成的化合物乙，请用电子式表示物质乙的形成过程_。(6)与形成两种氢化物中，稳定性较高的是 _(填化学式)，请从原子结构的角度解释其原因：_ 。【答案】 (1). K (2). (3). (4). NaOH+Al(OH)3=NaAlO2 +

32、 2H2O (5). (6). H2O (7). 氧原子与硫原子最外层电子数相同，电子层数SO，原子半径SO，得电子能力SO，元素的非金属性SO，因此，H2S的稳定性弱于H2O【解析】【分析】根据元素周期表得出为C、为O、为Na、为Mg、为Al、为S、为Cl、为K、为Ca。【详解】(1)周期表中金属性强的是左下方的金属，因此在元素中，金属性最强的元素是K；故答案为：K。(2)元素为Mg，其原子结构示意图；故答案为：。(3)与形成的一种化合物甲，甲在大气含量过高会产生温室效应，甲物质为二氧化碳，碳与每个氧共用两对电子，其电子式为；故答案为：。(4)元素对应的最高价氧化物的水化物分别为NaOH、M

33、g(OH)2、Al(OH)3，NaOH与Al(OH)3反应生成NaAlO2，它们相互之间能发生反应化学方程式NaOH + Al(OH)3 = NaAlO2 + 2H2O；故答案为：NaOH + Al(OH)3 = NaAlO2 + 2H2O。(5)元素和形成的化合物乙为CaCl2，电子式表示物质乙的形成过程是两个氯原子和一个钙原子反应生成CaCl2，电子式表示物质乙的形成过程；故答案为：。(6)根据氧原子与硫原子最外层电子数相同，电子层数SO，原子半径SO，得电子能力OS，元素的非金属性OS，因此，H2O的稳定性强于H2S；故答案为：H2O；氧原子与硫原子最外层电子数相同，电子层数SO，原子半

34、径SO，得电子能力SO，元素的非金属性SO，因此，H2S的稳定性弱于H2O。29.某小组同学利用舍勒发现氯气的方法制取氯气并探究其性质。请回答： (1)写出装置中制取氯气化学反应方程式_。在反应中，是利用了MnO2的_ (填“氧化性”或“还原性”)。(2)装置中的现象是_。(3)中溶液由无色变为橙黄色，发生反应的离子方程式是_。(4)用离子方程式解释中NaOH溶液的作用_。(5)取一支试管，加入2 mL 中橙黄色溶液，再滴入几滴KI-淀粉溶液，观察到溶液变为蓝色。通过以上实验，能否得出结论：Br2的氧化性强于I2 _(能或否)。理由是_。【答案】 (1). MnO2+4HCl MnCl2+ C

35、l2 + 2H2O (2). 氧化性 (3). 红色褪去 (4). 2Br- +Cl2 = Br2 + 2Cl- (5). Cl2+2OH-=Cl-+ClO- +H2O (6). 否 (7). 有可能是溶液中的多余的Cl2 (HClO)氧化了I-离子生成I2【解析】【分析】装置中制取氯气是二氧化锰和浓盐酸在加热条件反应生成氯化锰、氯气和水，氯气通入到湿润的有色布条中，有色布条褪色其实质是氯气与水反应生成的次氯酸漂白而褪色，氯气与溴化钠反应生成溴单质，多余的氯气用氢氧化钠溶液处理。【详解】(1)装置中制取氯气是二氧化锰和浓盐酸在加热条件反应生成氯化锰、氯气和水，其化学反应方程式MnO2+4HCl

36、 MnCl2+ Cl2 + 2H2O。在反应中，MnO2中锰元素化合价降低，作氧化剂，利用了MnO2的氧化性；故答案为：MnO2+4HCl MnCl2+ Cl2 + 2H2O；氧化性。(2)氯气与湿润的有色布条中的水先反应生成次氯酸，次氯酸具有漂白性而使有色布条褪色，因此装置中的现象是红色褪去；故答案为：红色褪去。(3)中溶液由无色变为橙黄色，说明氯气置换出了单质溴，发生反应的离子方程式是2Br+Cl2 = Br2 + 2Cl；故答案为：2Br+Cl2 = Br2 + 2Cl。(4)尾气氯气有毒，因此要用NaOH溶液处理尾气，反应生成氯化钠、次氯酸钠和水，用离子方程式解释中NaOH溶液的作用C

37、l2 + 2OH= Cl+ ClO+ H2O；故答案为：Cl2 + 2OH= Cl+ ClO+ H2O。(5)取一支试管，加入2 mL中橙黄色溶液，中溶液可能含有多余的Cl2 (HClO)，Cl2 (HClO)氧化了I离子生成I2，使得淀粉变蓝，因此不能得出Br2的氧化性强于I2 ；故答案为：否；有可能是溶液中的多余的Cl2 (HClO)氧化了I离子生成I2。30.A、B、C、X为中学化学常见物质，且A、B、C含有相同元素甲，可以发生如下转化关系(水参与的反应，水未标出)。(1)若A、B、C的焰色反应呈黄色，C为淡黄色固体，则X是_。(2)若A、B、C的焰色反应呈黄色，X是CO2，写出BC反应

38、的方程式_。(3)若B是FeCl3，则X一定是_，写出BC反应的离子方程式_。【答案】 (1). O2 (氧气) (2). CO2 +Na2CO3+ H2O2NaHCO3 (3). Fe (4). 2Fe3+ +Fe3Fe2+【解析】【详解】(1)若A、B、C的焰色反应呈黄色，说明含有钠元素，C为淡黄色固体，说明C为过氧化钠，则A为Na、B为Na2O、则X是氧气；故答案为：O2 (氧气)。(2)若A、B、C的焰色反应呈黄色，说明含有钠元素，X是CO2，说明A为NaOH、B为Na2CO3、C为NaHCO3，BC反应是碳酸钠与二氧化碳和水反应生成碳酸氢钠，其方程式Na2CO3 + CO2 + H2

39、O2NaHCO3；故答案为：Na2CO3 + CO2 + H2O2NaHCO3。(3)若B是FeCl3，则说明A为Cl2、C为FeCl2，则X一定是Fe，BC是氯化铁和铁反应生成氯化亚铁，其反应的离子方程式2Fe3+ +Fe3Fe2+。31.铁是人体必需的微量元素，治疗缺铁性贫血的常见方法是服用补铁药物。“速力菲”(主要成分： 琥珀酸亚铁，呈暗黄色)是市场上一种常见的补铁药物(见图)。该药品不溶于水但能溶于人体中的胃酸(主要成分：稀盐酸),服用时同维生素 C一起服用效果会更好。某学习小组为了检测“速力菲”药片中Fe2+的存在，设计并进行了如下实验：(1)试剂1是_。(2)取少量溶液于试管中，向其滴加NaOH溶液。最初观察到白色沉淀，一会灰变为灰绿色，最终变为红褐色，沉淀颜色变化的原因是_(用化学方程式表示)。(3)B溶液中加入KSCN溶液后，溶液中也产生了红色，其可能的原因是_。(4)有同学提出由C到D 用双氧水代替新制氯水效果会更