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文档简介

1习题课1(实数与极限,供参考、选用)一、概念题1假设数列na无上界,求证存在子列jna,使得当j时,jna单调增加趋向于正无穷大解:na无上界,所以存在1:11Man;令2,2max12naM,则由于na无上界,故存在22Man按此方法得到na的一个子列jna,满足,2max11jaMajjnjn显然jna单调增加趋向于正无穷大.2.若非空有界集合A没有最大值,则在A中存在一个无穷点列nx,使得Axnnsuplim证明:设Absup1b不是A的上界,所以存在Ax1,使得bxb11令21,min12xb,则2b不是A的上界,所以存在Ax2,使得bxb22即220xb由此得到22|bx再令21,min223xb,则3b不是A的上界,所以存在Ax3,使得bxb33即330xb由此得到33|bx以此类推,可以得到A中一个无穷点列nx,以及趋向于零的一个数列n,使得),2,1(|nbxnn于是Abxnnsuplim3若数列na中既无最小值,也无最大值,问na是否收敛,请证明你的结论。答案:发散证明:()若数列na无界,则发散()若数列na有界,令supnaM,infnam.显然mM由上题,在na中存在两个子列nx和ny,分别收敛于na的上确界M和下确界m于是数列na存在两个子列收敛于不同的极限,从而发散二、夹逼定理和单调收敛定理)1111(lim222nnnnn2提示:nnnnnnnnn222221111设,baCf,0)(xf,|)(maxbxaxfM求证Mxxfnbann1)d)(lim证明:若0)(xf,则结论显然成立因此不妨设)(xf不恒等于零假设Mf)(,并且不妨设ba此时有nnMn1)2(nnnnxxf1)d)(11nbanxxf1)d)(nnbanabMxM11)()d((其中11|)(minnxnxfMn)当n时,MMn,1)2(1nn,1)(1nab于是由夹逼定理得到Mxxfnbann1)d)(lim用单调收敛定理说明)2141211exp(limnn存在,)131211exp(limnn不存在4.设数列na满足10na,并且41)1(1nnaa),2,1(n.求证21limnna。提示:利用单调收敛定理证明na收敛:na有界是显然的;当10x时有不等式41)1(xx,所以41)1(0nnaa。于是由题设推出)1(41)1(1nnnnaaaa.由此得到1nnaa.从而na单调增加.由单调收敛定理推出存在nnaAlim。在不等式41)1(1nnaa左端取极限得到41)1(AA,进一步推出得到41)1(AA,21A三、综合题设有函数)(xf如果满足)(f,则称是函数)(xf的一个不动点求)(xf的不动点(如果存在)的一个简单方法是适当地取一个初始点0x,构造迭代点列),2,1()(1nxfxnn如果点列nx收敛于,那么在一定条件下就是)(xf的不动点假设是)(xf的一个不动点)(xf在点的某个邻域中存在连续的导数)(xf,1|)(|f求证:如果在的附近取一个初始点0x,则迭代点列),2,1()(1nxfxnn收3敛于提示:1|)(|f并且)(xf连续,推出在点的某个邻域中恒有qxf|)(|(其中q是某个小于1的正数)|)(|)()(|111nnnnnxqxtffxfx假设)(xf在),0有界,处处可导求证存在一个单调增加并且趋向于正无穷的点列nx,使得0)(nxf提示:在区间2,21nn上应用拉格朗日中值定理设数列na有界,满足0)2(lim2nnnaa求证0limnna解:反证若0limnna不成立,则存在正数00,以及na的一个子列jna满足0|jna不妨设),2,1(0jajn另一方面,根据0)2(lim2nnnaa与极限保号性推出:p存在自然数N,当Nn时,2|2|02nnaa,于是对于充分大的j,有0022322|jjnnaa于是得到一个子列2jna,满足0223|jna同样的方法又得到子列4jna,满足0425|jna最后推出na无界兴趣题:(选自R.柯朗H.罗宾:什么是数学)设A和B是平面上的两个互不相交的区域(平面区域指由连续的简单闭曲线围成的部分),用连续函数的介值定理解释:存在直线l,将区域A分成面积相等的两个区域;存在直线l,将区域A和B同时分成面积相等的两个区域;存在两条相互垂直的直线1l和2l,将区域A分成面积相等的四个区域。构造函数)(xf分别满足下列条件:)(xf仅在一个点连续;)(xf在所有无理点连续,在所有有理点间断;在所有整数点连续,在其

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