2015年江西省高考化学三模试卷

12015年江西省高考化学三模试卷一、选择题（本大题共有7个小题，每小题6分，共42分）1化学在生产和日常生活中有着重要的作用，下列叙述正确的是（）A氧化铝的熔点很低，不能用于制作耐高温材料B光化学烟雾与大量排放碳氢化合物和氮氧化合物有关C无水乙醇用作医用消毒剂效果更好DNA、S、C分别在氧气中点燃均可得到两种不同的氧化物2相对分子质量均为88的饱和一元醇和饱和一元羧酸发生酯化反应，生成酯的结构可能有（不考虑立体异构）（）A8种B12种C16种D18种3碳化硅纳米线是最好的增强增韧材料，可由下列反应制得8NACCL4SICL4SIC8NACL，下列说法正确的是（）ASIC中硅元素的化合价为4价，SIC属于共价化合物B标准状况下，224LCCL4中所含共价键数目为4NAC该反应中CCL4是还原剂D每转移8MOL电子，会生成1MOLSIC4A、B、C、D为原子序数依次增大的短周期元素，它们原子的最外层电子数之和为14，B与D同主族，C与B2具有相同的电子层结构，A和B能形成一种既有极性共价键又有非极性共价键的化合物，则下列叙述正确的是（）A若A和C形成一种化合物CA，则CA属于离子化合物B原子半径的大小顺序R（D）R（C）R（B）R（A）C由于化合物A2B形成氢键，所以热稳定性A2BA2DD元素C的单质是一种高硬度、高熔点的金属5下列实验操作正确且能达到预期目的是（）编号试验目的操作比较水中氢和乙醇中羟基氢的活泼性强弱用金属钠分别与同温度的水和乙醇反应，观察反应快慢验证苯环上的氢原子能被溴原子所取代向溴水中滴加苯，充分振荡，观察溴水层是否褪色证明SO2具有漂白性将SO2通入酸性KMNO4溶液中，观察溶液是否褪色确定碳和硅两元素非金属性强弱测同温同浓度NA2CO3和NA2SIO3水溶液的PHABCD6下列指定反应的离子方程式正确的是（）A向NH4AL（SO4）2溶液中滴入BA（OH）2溶液至SO42恰好沉淀完全2BA24OHAL32SO422BASO4ALO22H2O2B将标准状况下112L氯气通入10ML1MOLL1的溴化亚铁溶液中2FE22BR2CL22FE34CLBR2C氢氧化铁溶于氢碘酸溶液2FE（OH）36H2I2FE2I26H2OD4MOLL1的NAALO2溶液和7MOLL1的盐酸等体积混合ALO24HAL32H2O7一定温度下，将01MOLAGCL（S）加入到1L01MOLL1NA2CO3溶液中，充分搅拌（不考虑液体体积变化），已知KSP（AGCL）21010；KSP（AG2CO3）11011，下列有关说法正确的是（）A沉淀转化反应2AGCL（S）CO32（AQ）AG2CO3（S）2CL（AQ）的平衡常数为20MOLL1B反应后溶液中的C（NA）C（CL）C（AG）C（CO32）C（OH）C（H）C反应后溶液中的C（NA）C（H）C（AG）2C（CO32）C（CL）C（OH）C（HCO3）D约有4105MOLAGCL溶解二、解答题（共3小题，满分43分）8铝、铁是两种重要的金属元素，其单质及化合物在生产生活中的应用日趋广泛（1）真空碳热还原氧化法可实现由铝矿制备金属铝，其相关的热化学方程式如下AL2O3（S）ALC13（G）3C（S）3ALCL（G）3CO（G）HAKJMOL13ALCL（G）2AL（L）ALC13（G）HBKJMOL1反应AL2O3（S）3C（S）2AL（L）3CO（G）的HKJMOL1（用含A、B的代数式表示）镁铝合金（MG17AL12）是一种潜在的贮氢材料，可在氩气保护下，将一定物质的量比MG、AL单质在一定温度下熔炼获得该合金在一定条件下完全吸氢的反应方程式为MG17AL1217H217MGH212AL得到的混合物Y（17MGH212AL）在一定条件下可释放出氢气在60MOLL1HCL溶液中，混合物Y能完全释放出H21MOLMG17AL12完全吸氢后得到的混合物Y与上述盐酸完全反应，释放出H2的物质的量为熔融状态下，NA单质和FECL3能组成可充电电池（装置示意图如图甲），可充电电池的总反应方程式（2）聚合硫酸铁（PFSFE2（OH）N（SO4）305N）是一种新型高效的无机高分子絮凝剂，广泛用于水的处理用铁的氧化物为原料来制取聚合硫酸铁为控制水解时FE3的浓度，防止生成氢氧化铁沉淀，原料中的FE3必须先还原为FE2实验步骤如下3聚合硫酸铁（PFS）中铁元素的化合价为用98的硫酸配制28的硫酸，所需的玻璃仪器除量筒外，还有（填序号）（A）容量瓶（B）烧杯（C）玻璃棒写出步骤反应的离子方程式（3）高铁酸钠（NA3FEO4）广泛应用于净水、电池工业等领域，可设计如图乙装置用电解法制备，原理是FE2OH2H2OFEO423H2其阳极反应式为9硫代硫酸钠，又名大苏打、海波硫代硫酸钠是一种重要的化工产品某兴趣小组拟制备硫代硫酸钠晶体（NA2S2O35H2O），回答下列问题【查阅资料】（1）NA2S2O35H2O是无色透明晶体，易溶于水，其稀溶液与BACL2溶液混合无沉淀生成（2）向NA2CO3和NA2S混合溶液中通入SO2可制得NA2S2O3，所得产品常含有少量NA2SO3和NA2SO4（3）硫代硫酸钠（NA2S2O3）可用做分析试剂及鞣革的还原剂，它受热、遇酸易分解（4）NA2SO3易被氧化；BASO3难溶于水，可溶于稀HCL【制备产品】实验装置如图所示（省略夹持装置）实验步骤（1）检查装置气密性，按图示加入试剂（2）先向C中烧瓶加入NA2S和NA2CO3混合溶液，再向A中烧瓶滴加浓H2SO4（3）等NA2S和NA2CO3完全消耗后，结束反应过滤C中混合物，滤液水浴加热浓缩，冷却结晶、过滤、洗涤、干燥，得到产品【回答问题】（1）仪器B、D作用是；E中的试剂是（选填下列字母编号）A稀H2SO4BNAOH溶液C饱和NAHSO3溶液4（2）C中反应化学方程式（3）为验证产品中含有NA2SO3和NA2SO4，该小组设计了以下实验方案，请将方案补充完整（所需试剂从稀硝酸、稀硫酸、稀盐酸、蒸馏水中选择）取适量产品配成稀溶液，滴加足量BACL2溶液，有白色沉淀生成，若沉淀未完全溶解，并有刺激性气味的气体产生，则可以确定产品中含有NA2SO3和NA2SO4（4）为减少装置C中生成NA2SO4的量，在不改变原有装置的基础上对实验步骤（2）进行了改进，改进后的操作是（5）NA2S2O3还原性较强，在溶液中易被CL2氧化成SO42，常用作脱氯剂，该反应的离子方程式为10柴静的调查报告苍穹之下引起人们对雾霾的更大关注某市对大气进行监测，发现该市首要污染物为可吸入颗粒物PM25（直径小于等于25微米的悬浮颗粒物），其主要来源为燃煤、机动车尾气等因此，对PM25、SO2、NOX等进行研究具有重要意义请回答下列问题（1）将PM25样本用蒸馏水处理制成待测试样，测得该试样所含水溶性无机离子的化学组分及其平均浓度如下表离子KNANH4SO42NO3CL浓度/MOLL1410661062105410531052105根据表中数据判断试样的PH（2）洗涤含SO2的烟气，下列物质可作洗涤剂的是ACACL2溶液BNA2CO3溶液CCA（OH）2悬浊液D浓H2SO4（3）安装汽车尾气催化转化器也可减轻PM25的危害，其反应是2NO（G）2CO（G）2CO2（G）N2（G）；H0该反应平衡常数表达式K；温度升高K值（填“增大”或“减小”）若该反应在绝热、恒容的密闭体系中进行，下列示意图正确且能说明反应在进行到T1时刻达到平衡状态的是（4）汽车尾气中NOX和CO的生成及转化已知汽缸中生成NO的反应为N2（G）O2（G）2NO（G）H0，汽车启动后，汽缸温度越高，单位时间内NO排放量越大，原因是汽车燃油不完全燃烧时产生CO，有人设想按下列反应除去CO2CO（G）2C（S）O2（G）H0，判断该设想能否实现（填“能”或“不能”），简述其依据化学选修2化学与技术511工业生产纯碱的工艺流程示意图如下完成下列填空（1）粗盐水加入沉淀剂A、B除杂质（沉淀剂A来源与石灰窑厂），写出A、B的化学式A、B（2）实验室提纯粗盐的实验操作依次为取样、沉淀、冷却结晶、烘干（3）工业生产纯碱工艺流程中，碳酸化时产生的现象是碳酸化时没有析出碳酸钠晶体，其原因是（4）碳酸化后过滤，滤液D最主要的成分是（填写化学式），检验这一成分的阴离子的具体方法是（5）氨碱法流程中氨是循环使用的，为此，滤液D加入石灰水产生氨加石灰水后所发生的反应的离子方程式为滤液D加石灰水前先要加热，原因是（6）产品纯碱中含有碳酸氢钠，现用加热分解的方法测定纯碱中碳酸氢钠的质量分数，样品质量为M1，加热后剩余固体质量为M2，纯碱中碳酸氢钠的质量分数可表示为化学选修3物质结构12镍（NI）是一种重要的金属，在材料科学等领域有广泛应用（1）NI在元素周期表中的位置是（2）镍易形成配合物，如NI（CO）4、NI（NH3）62等写出一种与配体CO互为等电子体的阴离子配体NH3中N原子的杂化类型为，它可用作致冷剂的原因是若NI（NH3）62为正八面体构型，则NI（CO）2（NH3）42的结构有种（3）镍常见化合价为2、3，在水溶液中通常只以2价离子的形式存在3价的镍离子具有很强的氧化性，在水中会与水或酸根离子迅速发生氧化还原反应NI3的电子排布式为，NIO（OH）溶于浓盐酸的化学方程式为（4）镍和镧（LA）组成的一种合金LANIX是较好的储氢材料，能快速可逆地存储和释放H2LANIX的晶胞如图，其储氢原理为镧镍合金吸附H2，H2解离为原子，H储存在其中形成LANIXH6LANIXH6中，X该贮氢的镧镍合金、泡沫氧化镍、氢氧化钾溶液组成的镍氢电池被用于制作原子钟化学选修有机化学基础613缓释长效阿司匹林是一种重要的解热镇痛药物，下图表示该药物的合成线路已知请回答下面问题（1）反应的条件是；反应的反应类型（2）写出反应的化学反应方程式（3）若反应生成一种分子内含有六元环的副产物，则该副产物的结构简式为（4）1MOL阿司匹林和1MOL缓释长效阿司匹林与足量NAOH溶液充分反应，最多消耗NAOH的物质的量分别是、（5）阿司匹林有多种同分异构体，满足以下三个条件的阿司匹林的同分异构体有种，写出其中核磁共振氢谱有4组峰，峰面积之比为3221的结构简式、苯环上只含有两个侧链有两个酯基能发生银镜反应72015年江西省高考化学三模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共有7个小题，每小题6分，共42分）1化学在生产和日常生活中有着重要的作用，下列叙述正确的是（）A氧化铝的熔点很低，不能用于制作耐高温材料B光化学烟雾与大量排放碳氢化合物和氮氧化合物有关C无水乙醇用作医用消毒剂效果更好DNA、S、C分别在氧气中点燃均可得到两种不同的氧化物【考点】镁、铝的重要化合物；酸、碱、盐、氧化物的概念及其相互联系；常见的生活环境的污染及治理；乙醇的化学性质【分析】A根据氧化铝的熔点很高，可作耐火材料；B含氮氧化物、一氧化碳、碳氢化合物等废气在强烈的日光作用下，这些排放物发生光化反应，生成二次污染物，这是一种浅蓝色、有刺激性的烟雾光化学烟雾；C75乙醇用作消毒是用75乙醇；DS在氧气中点燃只能生成二氧化硫【解答】解A氧化铝的熔点很高，则能用于制作耐高温材料，故A错误；B光化学烟雾与大量排放碳氢化合物和氮氧化合物有关，故B正确；C用作消毒是用75乙醇，故C错误；DS在氧气中点燃只能生成二氧化硫，NA、C分别在氧气中点燃均可能得到两种不同的氧化物，故D错误；故选B【点评】本题主要考查了物质的性质与用途，难度不大，注意知识的积累2相对分子质量均为88的饱和一元醇和饱和一元羧酸发生酯化反应，生成酯的结构可能有（不考虑立体异构）（）A8种B12种C16种D18种【考点】有机化合物的异构现象【专题】同分异构体的类型及其判定【分析】相对分子质量为88的饱和一元醇为戊醇（C5H12O），书写戊基C5H11异构体，戊基异构数目等于戊醇的异构体数目，C5H12O的分子量为88，和它相对分子质量相同的一元羧酸为丁酸，据此解答即可【解答】解相对分子质量为88的饱和一元醇为戊醇（C5H12O），戊基C5H11可能的结构有CH2CH2CH2CH2CH3、CH（CH3）CH2CH2CH3、CH（CH2CH3）2、CHCH（CH3）CH2CH3、C（CH3）2CH2CH3、C（CH3）CH（CH3）2、CH2CH2CH（CH3）2、CH2C（CH3）3，所以该有机物的可能结构有8种；C5H12O的分子量为88，和它相对分子质量相同的一元羧酸为丁酸，丙基有2种结构，故生成的酯为16种，故选C【点评】本题考查同分异构体的书写，难度中等，注意根据结构利用换元法进行解答3碳化硅纳米线是最好的增强增韧材料，可由下列反应制得8NACCL4SICL4SIC8NACL，下列说法正确的是（）8ASIC中硅元素的化合价为4价，SIC属于共价化合物B标准状况下，224LCCL4中所含共价键数目为4NAC该反应中CCL4是还原剂D每转移8MOL电子，会生成1MOLSIC【考点】共价键的形成及共价键的主要类型；氧化还原反应【分析】该反应中NA元素化合价由0价变为1价、C元素化合价由4价变为4价，所以NA是还原剂、四氯化碳是氧化剂，A碳的非金属性比硅的非金属性强，所以SIC中硅元素的化合价为4价；B标况下，四氯化碳是液体，气体摩尔体积对其不适用；C四氯化碳是氧化剂；D根据转移电子和SIC之间的关系式计算【解答】解A碳的非金属性比硅的非金属性强，所以SIC中硅元素的化合价为4价，SIC属于共价化合物，故A错误；B标况下，四氯化碳是液体，气体摩尔体积不适用，所以无法计算其物质的量，导致无法计算原子个数，故B错误；C该反应中C元素化合价由4价变为4价，所以四氯化碳是氧化剂，故C错误；D每生成1MOLSIC，转移电子的物质的量1MOL4（4）8MOL，故D正确；故选D【点评】本题考查氧化还原反应、分子极性判断、物质的量的计算，侧重考查基本概念、基本计算，注意气体摩尔体积适用范围及适用条件，注意C元素化合价变化，题目难度不大4A、B、C、D为原子序数依次增大的短周期元素，它们原子的最外层电子数之和为14，B与D同主族，C与B2具有相同的电子层结构，A和B能形成一种既有极性共价键又有非极性共价键的化合物，则下列叙述正确的是（）A若A和C形成一种化合物CA，则CA属于离子化合物B原子半径的大小顺序R（D）R（C）R（B）R（A）C由于化合物A2B形成氢键，所以热稳定性A2BA2DD元素C的单质是一种高硬度、高熔点的金属【考点】原子结构与元素周期律的关系【分析】A、B、C、D为原子序数依次增大的短周期元素，C与B2具有相同的电子层结构，结合离子电荷可知，C为NA、B为O元素，B与D同主族，则D为S元素，四原子的最外层电子数之和为14，则A原子最外层电子数146611，又A和B能形成一种既有极性共价键又有非极性共价键的化合物，则A为H元素，据此解答【解答】解A、B、C、D为原子序数依次增大的短周期元素，C与B2具有相同的电子层结构，结合离子电荷可知，C为NA、B为O元素，B与D同主族，则D为S元素，四原子的最外层电子数之和为14，则A原子最外层电子数146611，又A和B能形成一种既有极性共价键又有非极性共价键的化合物，则A为H元素A若A和C形成一种化合物为NAH，属于离子化合物，故A正确；9B所有元素中H原子半径最小，同周期自左而右原子半径减小、同主族自上而下原子半径增大，故原子半径R（NA）R（S）R（O）R（H），即R（C）R（D）R（B）R（A），故B错误；C氢键影响物理性质，由于非金属性OS，故热稳定性H2OH2S，故C错误；D钠单质柔软、熔点低，故D错误，故选A【点评】本题考查结构性质位置关系应用，推断元素是解题关键，注意A中金属氢化物，中学基本不涉及，注意氢键对物质性质的影响5下列实验操作正确且能达到预期目的是（）编号试验目的操作比较水中氢和乙醇中羟基氢的活泼性强弱用金属钠分别与同温度的水和乙醇反应，观察反应快慢验证苯环上的氢原子能被溴原子所取代向溴水中滴加苯，充分振荡，观察溴水层是否褪色证明SO2具有漂白性将SO2通入酸性KMNO4溶液中，观察溶液是否褪色确定碳和硅两元素非金属性强弱测同温同浓度NA2CO3和NA2SIO3水溶液的PHABCD【考点】化学实验方案的评价【分析】从羟基与钠的反应判断；苯与溴水混合后不发生反应；SO2通入酸性KMNO4溶液中，发生氧化还原反应；从盐的水解角度判断，对应的酸越弱，其酸根离子越易水解【解答】解水和乙醇中都含有羟基，根据与钠反应的剧烈程度可判断二者的活泼性强弱，故正确；苯与溴水混合后不发生反应，苯与液溴在溴化铁作催化剂下反应生成溴苯，故错误；SO2通入酸性KMNO4溶液中，发生氧化还原反应使高锰酸钾溶液褪色，S元素的化合价升高，体现二氧化硫的还原性，与漂白性无关，故错误；同浓度NA2CO3和NA2SIO3水溶液的PH后者大，说明硅酸弱，根据元素周期律可判断，非金属性越强，对应最高价氧化物的水化物的酸性越强，故正确；故选C【点评】本题考查化学实验方案的评价，题目难度不大，注意物质的性质以及比较方案的合理性6下列指定反应的离子方程式正确的是（）A向NH4AL（SO4）2溶液中滴入BA（OH）2溶液至SO42恰好沉淀完全2BA24OHAL32SO422BASO4ALO22H2OB将标准状况下112L氯气通入10ML1MOLL1的溴化亚铁溶液中2FE22BR2CL22FE34CLBR2C氢氧化铁溶于氢碘酸溶液2FE（OH）36H2I2FE2I26H2OD4MOLL1的NAALO2溶液和7MOLL1的盐酸等体积混合ALO24HAL32H2O【考点】离子方程式的书写10【分析】A至SO42恰好沉淀完全，与氢氧化钡的物质的量之比为12，反应生成硫酸钡、氢氧化铝和一水合氨；B氯气的物质的量为005MOL，溴化亚铁的物质的量为001L1MOL/L001MOL，由电子守恒可知，氯气过量；C发生氧化还原反应生成碘化亚铁、碘和水；D4MOL/LNAALO2溶液和7MOL/L盐酸等体积混合，11转化为沉淀，则生成3MOL沉淀和1MOL氯化铝【解答】解A向NH4AL（SO4）2溶液中滴入BA（OH）2溶液至SO42恰好沉淀完全的离子反应为NH4FE32SO422BA24OH2BASO4FE（OH）3NH3H2O，故A错误；B氯气的物质的量为005MOL，溴化亚铁的物质的量为001L1MOL/L001MOL，由电子守恒可知，氯气过量，离子反应为2FE24BR3CL22FE36CL2BR2，故B错误；C氢氧化铁溶于氢碘酸溶液的离子反应为2FE（OH）36H2I2FE2I26H2O，故C正确；D4MOL/LNAALO2溶液和7MOL/L盐酸等体积混合的离子反应为4ALO27HH2O3AL（OH）3AL3，故D错误；故选C【点评】本题考查离子反应方程式书写的正误判断，为高频考点，把握发生的反应及离子反应的书写方法为解答的关键，侧重氧化还原反应、与量有关的离子反应考查，注意电子、电荷守恒分析，题目难度不大7一定温度下，将01MOLAGCL（S）加入到1L01MOLL1NA2CO3溶液中，充分搅拌（不考虑液体体积变化），已知KSP（AGCL）21010；KSP（AG2CO3）11011，下列有关说法正确的是（）A沉淀转化反应2AGCL（S）CO32（AQ）AG2CO3（S）2CL（AQ）的平衡常数为20MOLL1B反应后溶液中的C（NA）C（CL）C（AG）C（CO32）C（OH）C（H）C反应后溶液中的C（NA）C（H）C（AG）2C（CO32）C（CL）C（OH）C（HCO3）D约有4105MOLAGCL溶解【考点】难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质【分析】A、据K计算；B、据KSP（AGCL）21010；KSP（AG2CO3）11011，01MOLL1NA2CO3溶液计算C（CL）2105MOL/L，C（CO32）01MOL/L；C、据溶液中的电荷守恒分析；11D、据KSP（AGCL）21010计算【解答】解A、KSP（AG2CO3）C（AG）20111011，C（AG）105，KSP（AGCL）C（CL）10521010，C（CL）2105MOL/L，K4109，故A错误；B、KSP（AG2CO3）C（AG）20111011，C（AG）105，KSP（AGCL）C（CL）10521010，C（CL）2105MOL/L，01MOLL1NA2CO3溶液中C（CO32）01MOL/L，所以C（CO32）C（CL），故B错误；C、据电荷守恒，C（NA）C（H）C（AG）2C（CO32）C（HCO3）C（CL）C（OH），故C正确；D、（CL）2105MOL/L，在1L的溶液中，约有2105MOLAGCL溶解，故D错误；故选C【点评】本题考查了沉淀的溶解平衡以及沉淀转化、电荷守恒，题目难度较大，注意溶液中电荷守恒的应用二、解答题（共3小题，满分43分）8铝、铁是两种重要的金属元素，其单质及化合物在生产生活中的应用日趋广泛（1）真空碳热还原氧化法可实现由铝矿制备金属铝，其相关的热化学方程式如下AL2O3（S）ALC13（G）3C（S）3ALCL（G）3CO（G）HAKJMOL13ALCL（G）2AL（L）ALC13（G）HBKJMOL1反应AL2O3（S）3C（S）2AL（L）3CO（G）的H（AB）KJMOL1（用含A、B的代数式表示）镁铝合金（MG17AL12）是一种潜在的贮氢材料，可在氩气保护下，将一定物质的量比MG、AL单质在一定温度下熔炼获得该合金在一定条件下完全吸氢的反应方程式为MG17AL1217H217MGH212AL得到的混合物Y（17MGH212AL）在一定条件下可释放出氢气在60MOLL1HCL溶液中，混合物Y能完全释放出H21MOLMG17AL12完全吸氢后得到的混合物Y与上述盐酸完全反应，释放出H2的物质的量为52MOL熔融状态下，NA单质和FECL3能组成可充电电池（装置示意图如图甲），可充电电池的总反应方程式2NAFECL2FE2NACL（2）聚合硫酸铁（PFSFE2（OH）N（SO4）305N）是一种新型高效的无机高分子絮凝剂，广泛用于水的处理用铁的氧化物为原料来制取聚合硫酸铁为控制水解时FE3的浓度，防止生成氢氧化铁沉淀，原料中的FE3必须先还原为FE2实验步骤如下12聚合硫酸铁（PFS）中铁元素的化合价为3用98的硫酸配制28的硫酸，所需的玻璃仪器除量筒外，还有BC（填序号）（A）容量瓶（B）烧杯（C）玻璃棒写出步骤反应的离子方程式6FE2CLO36H6FE3CL3H2O（3）高铁酸钠（NA3FEO4）广泛应用于净水、电池工业等领域，可设计如图乙装置用电解法制备，原理是FE2OH2H2OFEO423H2其阳极反应式为FE6E8OHFEO424H2O【考点】热化学方程式；判断简单分子或离子的构型；原电池和电解池的工作原理【分析】（1）依据热化学方程式和盖斯定律计算得到对应反应的焓变；该合金在一定条件下完全吸氢的化学方程式为MG17AL1217H217MGH212AL，1MOLMG17AL12完全吸氢17MOL，在盐酸中会全部释放出来，镁铝合金中的镁和铝都能与盐酸反应生成H2，生成氢气的物质的量分别为17MOL、18MOL，则生成氢气一共（171712）MOL52MOL；放电时，为原电池，FE2在正极放电生成FE，；充电时，即为电解质池，电池的负极与外接电源的负极相连；电池的电解质为AL2O3，所以可充电电池的总反应方程式2NAFECL2FE2NACL；（2）聚合硫酸铁（PFS）中根据化合价代数和为0，得铁元素的化合价为3价；根据配制一定量分数溶液的步骤计算、称量、溶解，确定所用的仪器；第步产生的亚铁离子在酸性条件下与氯酸钠发生氧化还原反应，方程式为6FE2CLO36H6FE3CL3H2O；（3）阳极发生氧化反应，化合价升高，所以电极反应式为FE6E8OHFEO424H2O【解答】解（1）、AL2O3（S）ALC13（G）3C（S）3ALCL（G）3CO（G）HAKJMOL13ALCL（G）2AL（L）ALCL3（G）；HBKJMOL1依据盖斯定律得到AL2O3（S）3C（S）2AL（L）3CO（G）H（AB）KJ/MOL故答案为（AB）；13该合金在一定条件下完全吸氢的化学方程式为MG17AL1217H217MGH212AL，1MOLMG17AL12完全吸氢17MOL，在盐酸中会全部释放出来，镁铝合金中的镁和铝都能与盐酸反应生成H2，生成氢气的物质的量分别为17MOL、18MOL，则生成氢气一共（171712）MOL52MOL，故答案为52MOL；放电时，为原电池，FE2在正极放电生成FE，；充电时，即为电解质池，电池的负极与外接电源的负极相连；电池的电解质为AL2O3，所以可充电电池的总反应方程式2NAFECL2FE2NACL，故答案为2NAFECL2FE2NACL；（2）聚合硫酸铁（PFS）中，根据化合价代数和为0，得铁元素的化合价为3价，故答案为3；配制一定量分数硫酸溶液需要的仪器有胶头滴管、量筒、玻璃棒、烧杯，故选BC；第步产生的亚铁离子在酸性条件下与氯酸钠发生氧化还原反应，方程式为6FE2CLO36H6FE3CL3H2O，故答案为6FE2CLO36H6FE3CL3H2O；（3）阳极发生氧化反应，化合价升高，所以电极反应式为FE6E8OHFEO424H2O，故答案为FE6E8OHFEO424H2O【点评】本题考查盖斯定律的应用和以铁及其化合物为载体，以流程图形式考查了氧化还原反应知识、元素化合物的知识，综合性强，有一定的难度9硫代硫酸钠，又名大苏打、海波硫代硫酸钠是一种重要的化工产品某兴趣小组拟制备硫代硫酸钠晶体（NA2S2O35H2O），回答下列问题【查阅资料】（1）NA2S2O35H2O是无色透明晶体，易溶于水，其稀溶液与BACL2溶液混合无沉淀生成（2）向NA2CO3和NA2S混合溶液中通入SO2可制得NA2S2O3，所得产品常含有少量NA2SO3和NA2SO4（3）硫代硫酸钠（NA2S2O3）可用做分析试剂及鞣革的还原剂，它受热、遇酸易分解（4）NA2SO3易被氧化；BASO3难溶于水，可溶于稀HCL【制备产品】实验装置如图所示（省略夹持装置）实验步骤（1）检查装置气密性，按图示加入试剂（2）先向C中烧瓶加入NA2S和NA2CO3混合溶液，再向A中烧瓶滴加浓H2SO4（3）等NA2S和NA2CO3完全消耗后，结束反应过滤C中混合物，滤液水浴加热浓缩，冷却结晶、过滤、洗涤、干燥，得到产品14【回答问题】（1）仪器B、D作用是安全瓶；E中的试剂是B（选填下列字母编号）A稀H2SO4BNAOH溶液C饱和NAHSO3溶液（2）C中反应化学方程式2NA2SNA2CO34SO23NA2S2O3CO2（3）为验证产品中含有NA2SO3和NA2SO4，该小组设计了以下实验方案，请将方案补充完整（所需试剂从稀硝酸、稀硫酸、稀盐酸、蒸馏水中选择）取适量产品配成稀溶液，滴加足量BACL2溶液，有白色沉淀生成，过滤，用蒸馏水洗涤沉淀，向沉淀中加入足量稀盐酸，若沉淀未完全溶解，并有刺激性气味的气体产生，则可以确定产品中含有NA2SO3和NA2SO4（4）为减少装置C中生成NA2SO4的量，在不改变原有装置的基础上对实验步骤（2）进行了改进，改进后的操作是先向A中烧瓶滴加浓硫酸，产生的气体将装置中空气排尽后，再向C中烧瓶加入硫化钠和碳酸钠混合溶液（5）NA2S2O3还原性较强，在溶液中易被CL2氧化成SO42，常用作脱氯剂，该反应的离子方程式为S2O324CL25H2O2SO428CL1OH【考点】制备实验方案的设计【专题】实验设计题【分析】（1）仪器B和D的名称是广口瓶，作用主要是作安全瓶，防止倒吸；E装置目的是吸收剩余的二氧化硫，因为二氧化硫能与氢氧化钠溶液反应，与稀H2SO4和饱和NAHSO3溶液不反应；（2）依据题给信息得出反应物和生成物，依据氧化还原反应原理，书写化学反应方程式即可；（3）根据NA2S2O35H2O是无色透明晶体，易溶于水，其稀溶液与BACL2溶液混合无沉淀生成；NA2SO3易被氧化；BASO3难溶于水，可溶于稀HCL；BASO4难溶于水，难溶于稀HCL；硝酸、硫酸、盐酸等性质比较可知；（4）根据亚硫酸钠易被氧化生成硫酸钠分析；（5）NA2S2O3还原性较强，在溶液中易被CL2氧化成SO42，则氯气被还原为氯离子【解答】解（1）因为生成的二氧化硫易溶于水溶液，所以要防止倒吸，则B和D瓶的作用是作安全瓶，防止倒吸；E中的试剂是NAOH溶液，目的是吸收剩余的二氧化硫，因为二氧化硫能与氢氧化钠溶液反应，与稀H2SO4和饱和NAHSO3溶液不反应，故答案为安全瓶；B；（2）NA2CO3和NA2S混合溶液中通入SO2可制得NA2S2O3，化合价变化的元素只有S，故化学反应方程式为2NA2SNA2CO34SO23NA2S2O3CO2，故答案为2NA2SNA2CO34SO23NA2S2O3CO2；（3）根据NA2S2O35H2O是无色透明晶体，易溶于水，其稀溶液与BACL2溶液混合无沉淀生成；NA2SO3易被氧化；BASO3难溶于水，可溶于稀HCL；BASO4难溶于水，难溶于稀HCL，以及硝酸具有强氧化性、加入硫酸会引入硫酸根离子可知，取适量产品配成稀溶液，滴加足量BACL2溶液，有白色沉淀生成，过滤，用蒸馏水洗涤沉淀，向沉淀中加入足量稀盐酸，若沉淀未完全溶解，并有刺激性气味的气体产生，则可以确定产品中含有NA2SO3和NA2SO4，故答案为过滤，用蒸馏水洗涤沉淀，向沉淀中加入足量稀盐酸；（4）因为亚硫酸钠易被氧化生成硫酸钠，所以为减少装置C中生成NA2SO4的量，改进后的操作是先向A中烧瓶滴加浓硫酸，产生的气体将装置中的空气排尽后，再向C中烧瓶加入硫化钠和碳酸钠的混合溶液，故答案为先向A中烧瓶滴加浓硫酸，产生的气体将装置中的空气排尽后，再向C中烧瓶加入硫化钠和碳酸钠的混合溶液；（5）NA2S2O3还原性较强，在溶液中易被CL2氧化成SO42，则氯气被还原为氯离子，离子反应为S2O324CL25H2O2SO428CL10H，故答案为S2O324CL25H2O2SO428CL10H【点评】本题以某兴趣小组拟制备硫代硫酸钠晶体（NA2S2O35H2O）为载体，考查了物质的分离提纯、检验、设计优化等，综合性较强1510柴静的调查报告苍穹之下引起人们对雾霾的更大关注某市对大气进行监测，发现该市首要污染物为可吸入颗粒物PM25（直径小于等于25微米的悬浮颗粒物），其主要来源为燃煤、机动车尾气等因此，对PM25、SO2、NOX等进行研究具有重要意义请回答下列问题（1）将PM25样本用蒸馏水处理制成待测试样，测得该试样所含水溶性无机离子的化学组分及其平均浓度如下表离子KNANH4SO42NO3CL浓度/MOLL1410661062105410531052105根据表中数据判断试样的PH4（2）洗涤含SO2的烟气，下列物质可作洗涤剂的是BCACACL2溶液BNA2CO3溶液CCA（OH）2悬浊液D浓H2SO4（3）安装汽车尾气催化转化器也可减轻PM25的危害，其反应是2NO（G）2CO（G）2CO2（G）N2（G）；H0该反应平衡常数表达式K；温度升高K值减小（填“增大”或“减小”）若该反应在绝热、恒容的密闭体系中进行，下列示意图正确且能说明反应在进行到T1时刻达到平衡状态的是BD（4）汽车尾气中NOX和CO的生成及转化已知汽缸中生成NO的反应为N2（G）O2（G）2NO（G）H0，汽车启动后，汽缸温度越高，单位时间内NO排放量越大，原因是温度升高，平衡正向移动，NO的含量增大汽车燃油不完全燃烧时产生CO，有人设想按下列反应除去CO2CO（G）2C（S）O2（G）H0，判断该设想能否实现不能（填“能”或“不能”），简述其依据；H0S0，则在任何温度下G0，不可能自发进行【考点】常见的生活环境的污染及治理；化学平衡的影响因素【分析】（1）先根据溶液中电荷守恒计算氢离子的浓度，然后求出PH；（2）二氧化硫使酸性氧化物和碱或碱性盐溶液反应；（3）依据平衡常数概念是利用生成物平衡浓度的幂次方乘积除以反应物平衡浓度幂次方乘积，代入平衡浓度即可计算出平衡常数；因为正反应放热，故温度升高平衡左移，K值减小；A、到达平衡后正、逆速率相等，不再变化；B、到达平衡后，温度为定值，平衡常数不变，结合反应热判断随反应进行容器内温度变化，判断温度对化学平衡常数的影响；C、T1时刻后二氧化碳、NO的物质的量发生变化，最后不再变化；D、到达平衡后各组分的含量不发生变化；（4）依据化学反应速率和平衡移动原理分析判断；根据GHTS判断反应能否自发进行；16【解答】解（1）观察表格中发现NH4水解显酸性，PM25的酸碱性为酸性；试样的PH值根据溶液中电荷守恒C（H）C（K）C（NA）C（NH4）2C（SO42）C（NO3）C（CL）计算H离子浓度为104，该样本的PH4，故答案为4；（2）洗涤含SO2的烟气，根据酸性氧化物的性质可选BNA2CO3，CCA（OH）2而氯化钙和浓硫酸不与二氧化硫反应，故答案为BC；（3）2NO（G）2CO（G）2CO2（G）N2（G）H0该反应平衡常数表达式K；因为正反应放热，故温度升高平衡左移，K值减小，故答案为；减小；A、到达平衡后正、逆速率相等，不再变化，T1时刻V正最大，之后随反应进行速率发生变化，未到达平衡，故A错误；B、该反应正反应为放热反应，随反应进行温度升高，化学平衡常数减小，到达平衡后，温度为定值，达最高，平衡常数不变，为最小，图象与实际符合，故B正确；C、T1时刻后二氧化碳、NO的物质的量发生变化，T1时刻未到达平衡状态，故C错误；D、NO的质量分数为定值，T1时刻处于平衡状态，故D正确；故答案为BD；（4）气缸温度越高，单位时间内NO排放量越大，原因是温度升高，反应速率加快，平衡右移；故答案为温度升高，平衡正向移动，NO的含量增大；2CO（G）2C（S）O2（G），该反应是焓增、熵减的反应根据GHTS，G0，不能实现，故答案为不能；H0S0，则在任何温度下G0，不可能自发进行【点评】该题综合考查化学反应原理的基础知识，涉及离子的水解、PH值的计算、化学平衡常数的计算、自由能的应用等，题目难度中等，注意相关知识的积累化学选修2化学与技术11工业生产纯碱的工艺流程示意图如下完成下列填空（1）粗盐水加入沉淀剂A、B除杂质（沉淀剂A来源与石灰窑厂），写出A、B的化学式ACA（OH）2或CAO、BNA2CO3（2）实验室提纯粗盐的实验操作依次为取样、溶解沉淀、过滤、蒸发冷却结晶、过滤、烘干（3）工业生产纯碱工艺流程中，碳酸化时产生的现象是有晶体析出（或出现浑浊）碳酸化时没有析出碳酸钠晶体，其原因是碳酸钠溶解度比碳酸氢钠大（4）碳酸化后过滤，滤液D最主要的成分是NH4CL（填写化学式），检验这一成分的阴离子的具体方法是取样，加硝酸酸化，加硝酸银，有白色沉淀，该阴离子是氯离子17（5）氨碱法流程中氨是循环使用的，为此，滤液D加入石灰水产生氨加石灰水后所发生的反应的离子方程式为NH4OHNH3H2O滤液D加石灰水前先要加热，原因是防止加石灰水时产生碳酸钙沉淀（6）产品纯碱中含有碳酸氢钠，现用加热分解的方法测定纯碱中碳酸氢钠的质量分数，样品质量为M1，加热后剩余固体质量为M2，纯碱中碳酸氢钠的质量分数可表示为【考点】纯碱工业（侯氏制碱法）；粗盐提纯；探究碳酸钠与碳酸氢钠的性质【专题】综合实验题；实验评价题【分析】本题是利用粗盐提纯得到的精制食盐水中，通往氨气到饱和后再通CO2，依据侯氏制碱法原理，会有碳酸氢钠沉淀生成，过滤洗涤干燥后将碳酸氢钠加热分解得到纯碱，可结合流程进行分析；（1）根据题意A源于石灰窑，说明其是生石灰或熟石灰，再结合粗盐溶液里含有MG2、CA2来分析；（2）根据实验室提纯粗盐的整个操作过程来回答；（3）根据物质的溶解性结合实际生产来回答；（4）根据题意知道通入二氧化碳后主要发生复分解反应结合质量守恒定律得知溶液中主要是NH4CL，氯离子的检验可以用硝酸酸化的硝酸银；（4）根据铵盐和强碱的反应实质来写反应，根据碳酸氢钠能和石灰水反应进行分析；（6）根据碳酸氢钠受热易分解和碳酸钠受热稳定的性质来回答【解答】解（1）沉淀剂A源于石灰窑，说明其是生石灰或熟石灰；粗盐中的镁离子和钙离子一般用碳酸钠除去，故答案为CA（OH）2或CAO；NA2CO3；（2）实验室提纯粗盐的整个操作过程为取样、溶解、沉淀、过滤、蒸发、冷却结晶、过滤、烘干几步，故答案为溶解；过滤；蒸发；过滤；（3）纯碱生产中碳酸化时，会看到溶液中析出晶体，这是由于碳酸钠的溶解度大于碳酸氢钠，故答案为有晶体析出（或出现浑浊）；碳酸钠溶解度比碳酸氢钠大；（4）根据操作过程，氨化后通入二氧化碳的溶液发生复分解反应，反应的化学方程式为H2OCO2NH3NACLNAHCO3NH4CL，最终得到NH4CL还有碳酸氢钠等，碳酸氢钠溶解度很小而结晶，故酸化后滤液的主要成分是NH4CL；检验其中的氯离子时，要经过取样，加硝酸酸化，加硝酸银，有白色沉淀，该阴离子是氯离子，故答案为NH4CL；取样，加硝酸酸化，加硝酸银，有白色沉淀，该阴离子是氯离子；（5）滤液中主要含有的是氯化铵，其和石灰水反应时NH4OHNH3H2O；由于滤液中还含有一定量的碳酸氢钠，故此加石灰水前先加热，是为防止加石灰水时产生碳酸钙沉淀，故答案为NH4OHNH3H2O；防止加石灰水时产生碳酸钙沉淀；（6）假设加热前纯碱的质量为M1，加热后的质量为M2，则加热损失的质量为M1M2，则纯碱中碳酸氢钠的质量为84（M1M2）/31M1；故纯碱中含有的碳酸氢钠的质量分数，故答案为【点评】此题考查了物质的提纯、化学实验基本操作、实验结果的处理等知识18化学选修3物质结构12镍（NI）是一种重要的金属，在材料科学等领域有广泛应用（1）NI在元素周期表中的位置是第四周期，第族（2）镍易形成配合物，如NI（CO）4、NI（NH3）62等写出一种与配体CO互为等电子体的阴离子CN、C22配体NH3中N原子的杂化类型为SP3，它可用作致冷剂的原因是液态氨汽化时需吸收大量的热若NI（NH3）62为正八面体构型，则NI（CO）2（NH3）42的结构有2种（3）镍常见化合价为2、3，在水溶液中通常只以2价离子的形式存在3价的镍离子具有很强的氧化性，在水中会与水或酸根离子迅速发生氧化还原反应NI3的电子排布式为AR3D7或1S22S22P63S23P63D7，NIO（OH）溶于浓盐酸的化学方程式为2NIO（OH）6HCL（浓）2NICL2CL24H2O（4）镍和镧（LA）组成的一种合金LANIX是较好的储氢材料，能快速可逆地存储和释放H2LANIX的晶胞如图，其储氢原理为镧镍合金吸附H2，H2解离为原子，H储存在其中形成LANIXH6LANIXH6中，X5该贮氢的镧镍合金、泡沫氧化镍、氢氧化钾溶液组成的镍氢电池被用于制作原子钟【考点】配合物的成键情况；晶胞的计算；原子轨道杂化方式及杂化类型判断【分析】（1）NI的原子数序为28，位于周期表第四周期第族；（2）CO的电子数为14，含有2个原子，根据等电子体的定义分析；根据NH3中N原子的键判断杂化类型；根据CO的相邻和相对位置判断同分异构体数目；（3）结合能量最低原理书写离子的电子排布式；NIO（OH）具有氧化性，与盐酸发生氧化还原反应；（4）利用均摊法计算晶胞的结构【解答】解（1）NI的原子数序为28，位于周期表第四周期第族，故答案为第